【文档说明】四川省宜宾市第四中学校2023-2024学年高三上学期开学理综物理试题 含解析.docx，共(18)页，902.313 KB，由小赞的店铺上传

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宜宾市四中高2021级高三上学期开学考试理科综合试题注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.考试时间150分钟，满分300二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合

题目要求，第19~21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1.全球首个商业化的第四代核电——甘肃武威22MWt液态燃料钍基熔盐实验堆于2022年9月获批进入调试，反应堆的关键核反应方程是2332339092ThU2X→+，其中X为（）A.质子B.中

子C.电子D.氦核【答案】C【解析】【详解】根据核反应方程的电荷数守恒，可得X的电荷数为1−；根据核反应方程的质量数守恒，可知X的质量数为0，故X为01e−电子。故选C。2.如图所示，实直线表示某电场中的一条电场线，一带正电

的粒子（重力不计）仅在电场力的作用下由O点静止释放，先后经过a、b两点，粒子经过a、b两点的速度、加速度、电势分别为va、vb，aa、ab，φa、φb，则可以判断（）A.若场源是点电荷，一定在O点左侧B.经过a、b两点的速度

关系va<vbC.经过a、b两点的加速度关系aa>abD.a、b两点的电势关系φa<φb【答案】B【解析】【详解】A．带正电的粒子（重力不计）仅在电场力的作用下由O点静止释放，先后经过a、b两点，则电场力方向是ab→，场强方向是ab→，若场源是正的点电荷，因该放

在O点左侧，若场源是负的点电荷，因该放在b点右侧，A错误；B．带正电的粒子（重力不计）仅在电场力的作用下由O点静止释放，先后经过a、b两点，则电场力做正功，粒子的动能增加，速度增大，B正确；C．电场中的一条电场线无法比较电场线的疏密，则a、b两点的加速度关系不能确定，C

错误；D．带正电的粒子（重力不计）仅在电场力的作用下由O点静止释放，先后经过a、b两点，则电场力方向是ab→，场强方向是ab→，沿电场线方向电势降低，则abD错误。故选B。3.已知地球质量为M，半径为R，自转周期为T，

地球同步卫星质量为m，引力常量为G，有关同步卫星，下列表述中正确的是（）A.卫星的运行速度可能等于第一宇宙速度B.卫星距离地面的高度为2324GMTR−C.卫星运行的向心加速度大于地球表面的重力加速度D.卫星运行的向心速度等于地球赤道表面物体的向心加速度【答案】B【解析】【详解】A．第一宇宙

速度为1GMvR=而同步卫星的速度为GMvRh=+因此同步卫星的运行速度小于第一宇宙速度，故A错误；B．万有引力提供向心力，有2224GMmmrrT=且有r=R+h解得2324GMThR=−故B正确；C．卫星运行时受到的向心力大小是(

)2GMmFmaRh==+向向向心加速度2()GMaRh=+向地表重力加速度为2GMgR=故卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度，故C错误；D．同步卫星与地球赤道表面的物体具有相同的角速度，根据a=ω2r知，卫星运行的向心加速度大于地球赤道表面物体的向心加速度，故D错误。故选B。4.

一倒立的圆锥筒，筒侧壁倾斜角度α不变．一小球在的内壁做匀速圆周运动，球与筒内壁的摩擦可忽略，小球距离地面的高度为H，则下列说法中正确的是()A.H越低，小球对侧壁的压力越小B.H越低，小球做圆周运动的向心力越大C.H越高，小球做圆周运动的线速度越小D.H越高，小球做圆周运动

的周期越大【答案】D【解析】【详解】A．小球做匀速圆周运动，由重力mg和支持力F的合力提供圆周运动的向心力，作出力图如图，则侧壁对小球的支持力mgFcos=不变，则小球对侧壁的压力不变，故A错误．B．向心力为：Fn=mgtanα，m

，α不变，向心力大小不变，故B错误．C．根据牛顿第二定律得2nvFmr=，H越高，r越大，Fn不变，则v越大，故C错误．D．根据224tanmgmrT=，解得24tanrTg=则知H越高，r越

大，T越大，故D正确．5.2020年12月3日23时，“嫦娥五号”开启回家之旅，“嫦娥五号上升器开启3000N主推力发动机从月面竖直起飞。已知月球表面重力加速度约为地球表面重力加速度的16，月球半径约为地球半径的14，上升器质量约为500kg，上升过程质量可视为不变，地球的第一

宇宙速度大小为7.9km/s，地球表面重力加速度取10m/s2。为了使上升器达到近月环绕速度，3000N主推力发动机工作时间最接近（）A.270sB.370sC.740sD.910s【答案】B【解析】【分析】【详解】由于2vmgmR=可得1=gRvvgR月月月地地解得上升器

的近月环绕速度=1.61km/sv月再由动量定理（F-mg月）t=mv月可得作用时间t≈372s故选B。6.两物体A、B由静止开始从同一位置沿相同方向同时开始做直线运动，它们运动的位移-时间（xt−）图像如图所示。下列说法正确的是（）A.06T内A、

B所走路程相等B.A与B在2T与3T之间的某时刻再次相遇C.3TT内A做匀减速直线运动D.3TT内A的速度与56TT内B的速度相等【答案】BD【解析】【分析】【详解】A．由图可知06T内A的路程为04x，B路程为02x，不相等

，选项A错误；B．2T与3T之间两图像有交点，此时A、B位移相等，即A、B相遇，选项B正确；C．xt−图像中斜率的物理意义是速度，A在3TT−内斜率不变，说明A在这期间做匀速直线运动，选项C错误；D．3TT−内A图像

的斜率与56TT−内B图像的斜率相等，故它们速度相等，选项D正确。故选BD。7.b、c是额定电压均为0U的两个完全相同小灯泡，与小灯泡a（额定电压为02U）分别与理想变压器相接，如图所示，当MN两端的输入电压为06U的交流电时，三盏小灯泡恰好正常发光，则下列说法正确的是（）A.原、副

线圈的匝数比为4：1B.原、副线圈的匝数比为2：1C.此时a和b的电功率之比为1：1D.此时a和b的电功率之比为2：1【答案】AC【解析】【详解】AB．输入电压为06U，由题可知灯泡a两端电压为02U，则原线圈的电压为04U，b、

c能正常发光，则副线圈的电压为0U，根据原副线圈电压与匝数的关系1122UnUn=可知原、副线圈的匝数比为4：1，故A正确，B错误；CD．根据原副线圈电流与匝数的关系1221InIn=可知原副线圈的电流之比为1:4，再根据21

22bcIIII===那么灯泡a的功率012aPUI=灯泡b的功率010122bPUIUI==可知此时a和b的电功率之比为1：1，故C正确，D错误。故选AC。8.如图所示，现将一长为L、质量为m且分布均

匀的金属链条通过装有传送带的斜面输送到高处。斜面与传送带靠在一起连成一直线，与水平方向夹角为，斜面光滑，链条与传送带之间的动摩擦因数为常数。传送带以较大的恒定速率顺时针转动。已知链条处在斜面或者传送带上任意位置时，支持力都均匀作用在接触面上。将链条放在

传送带和斜面上，当位于传送带部分的长度4Lx=时，链条恰能保持静止。现将链条从位于传送带部分的长度3Lx=的位置由静止释放，假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是（）A.释放瞬间链条的加速度为sin3gB.链条与传送带之间的动摩擦因数tan4=C.链条始

终在滑动摩擦力的作用下，从2Lx=的位置静止释放，到完全进入传送带的瞬间，速度大小2sinvgL=D.若链条的机械能增加量为E，传送带消耗的电能为E耗，不计电路中产生的电热，E等于E耗【答案】AC【解析】【详解】AB．当位于

传送带部分的长度4Lx=时，链条恰能保持静止，则根据平衡条件可得1cossin4mgmg=将链条从位于传送带部分的长度3Lx=的位置由静止释放瞬间，根据牛顿第二定律1cossin3mgmgma−=联立解得s

in3ga=4tan=故A正确，B错误；C．从2Lx=的位置静止释放瞬间，摩擦力大小为1cos2mg，完全进入传送带时摩擦力大小为cosmg，摩擦力大小随着链条进入传送带的长度而均匀增加，故摩擦力做功为1coscos32cos228mgmgLWmg

L+==根据动能定理21sin22LWmgmv−=联立解得2sinvgL=故C正确；D．根据能量守恒可知，摩擦会产生内能，则E小于E耗，故D错误。故选AC。三、非选择题：共174分。第22~32题为必考题，

每个试题考生都必须作答。第33~38题为选考题，考生根据要求作答。（一）必考题：共129分。9.某同学在“探究二力合成规律”的实验中，将一木板竖直平行放在铁架台和轻弹簧所在平面的后面，组装成如图甲所示的装置，其部分实验操作或分析如下，请完成

下列相关内容：(1)在图甲中的木板上记下悬挂两个钩码时弹簧末端的位置O；(2)卸下钩码，然后将两细绳套系在弹簧下端，用两弹簧测力计按如图乙所示，将轻弹簧末端拉到同一位置O，记录细绳套AO、BO的______及两

弹簧测力让相应的读数。其中右侧弹簧测力计的读数为______N。(3)本实验采用的科学方法是______。A.逻辑推理法B.等效替代法C.控制变量法D.建立物理模型法【答案】①.方向②.11.40③.B【解析】【分析】【详解】(2)[1]根据验证平行四边形定则的实验原

理要记录细绳套AO、BO的方向和拉力大小；[2]右侧弹簧测力计的读数为，分度值为0.1N，估读一位11.40N；(3)[3]若把两细绳套对弹簧的拉力定义为分力，则与两分力可等效的合力是指钩码对弹簧下端的拉力，即本实验采用的科学方法是等效替代。故选B。10.在“测定金属的

电阻率”的实验中，某小组选择了一根粗细均匀、阻值约为5Ω的电阻丝进行了测量。（1）在测量了金属丝的长度L之后，小井同学用螺旋测微器测量金属丝的直径，测量结果如图1所示，金属丝的直径d=______mm。（2）现有电源（电动势E为3.0V，内阻不计

）、开关和导线若干，以及下列器材：A．电流表（量程0～3A，内阻约0.05Ω）B．电流表（量程0～0.6A，内阻约0.2Ω）C．电压表（量程0～3V，内阻约3kΩ）D．滑动变阻器（0～10Ω，额定电流2A）E．滑动变

阻器（0～100Ω，额定电流1A）为减小误差，且便于操作，在实验中电流表应选______，滑动变阻器应选______（选填器材前的字母）。（3）实验过程中，该同学依次记录了电流表和电压表的测量数据，如下表所示：实验次数1234567U/V0.10

0.300.701.001.501.802.30I/A0.020.060.140.180.280.34042根据选取的器材和表格中的数据可知：该同学在实验中采用的是______。A．分压电路、电流表内接B．分压电

路、电流表外接C．限流电路、电流表内接D．限流电路、电流表外接（4）该同学根据自己采用的方法进行实验，若闭合开关S，移动滑动变阻器的滑片至某一位置，读出电压表示数U、电流表示数I，则该金属丝电阻率的测量值

=______（用L、d、U和I表示）。.（5）考虑到电表的内阻可能对实验产生系统误差，小平同学按照如图所示电路，保持电压表左端接线位置不变，先将电压表接在b点，读出两表的示数分别为1U、1I，然后将电压表改接在a点，读出两表的示数分别

为2U、2I。他认为：电阻R的值可以用2U和1I的比值来求，这样可以消除电表内阻带来的测量误差。请问你是否同意他的想法，并说明理由______。【答案】①.0.460②.B③.D④.B⑤.24UdIL⑥.见

解析【解析】【详解】（1）[1]由图可知电阻丝的直径为0mm46.00.01mm0.460mmd=+=（2）[2][3]由于待测电阻约为5Ω，则有m0.6AEIR==则电流表应选B；为减小误差，且便于操作，滑动变阻器应选阻值较小的，即选择D。（3）[4]由表格中的数据可知，电流表和电压表的读

数用从零开始调节，则滑动变阻器采用分压接法，由于待测电阻较小，电流表采用外接法。故选B。（4）[5]根据电阻定律可得xLRS=根据欧姆定律可得xURI=又24dS=解得24UdIL=（5）[6]不同意，U2和I1是在两个不同的电路

中的测量值，不存在同时的对应关系，所以不能消除电表内阻带来的测量误差。11.光滑矩形斜面GHNM的倾角为α，在其上放置一矩形金属线框ABCD，AB边的边长为l1，BC边的边长为l2，线框的电阻为R，质量为m，斜面上矩形OPHG区域内存在匀强磁场，方向垂直于斜面向上，磁感应强度为B0，如果

线框在恒力F作用下从静止开始运动(开始时刻，CD与NM重合)，已知线框进入磁场最初一段时间是匀速的，且线框的AB边始终平行于MN，重力加速度为g，求：(1)线框进入磁场前的加速度大小；(2)线框进入磁场时匀速运动的速度大小；(3)线框进入磁场过程中产生的焦耳热．

【答案】（1）sinFmgm−（2）()2201sinFmgRBl−（3）()2sinFmgl−【解析】【详解】(1)对进入磁场前的线框受力分析，根据牛顿第二定律得F－mgsinα＝ma解得线框进入磁场前加速度大小为sinFmgam−=(

2)由题意知，线框进入磁场最初一段时间内所受的安培力为2201BlvFR=安线框进入磁场最初一段时间是匀速的，根据平衡条件可得2201=+BlvFmgsinR解得线框进入磁场时匀速运动的速度大小为()2201FmgsinRvBl−=

的(3)线框进入磁场过程中产生的焦耳热为()220122sinBlvlQIRtRFmglRv===−点睛：本题主要考查了线框的切割问题，电磁感应问题研究思路常常有两条：一条从力的角度，重点是分析安培力作用下导体

棒的平衡问题，根据平衡条件列出方程；另一条是能量，分析涉及电磁感应现象中的能量转化问题，根据动能定理、功能关系等列方程求解．12.如图甲所示，半径为R＝1.8m的四分之一光滑圆弧轨道固定在竖直平面内，A为轨道最高点，和圆心等高；B为轨道最低点。在光滑水平面上紧挨B点有一静止的平板车，其质

量M＝3kg，小车足够长，车的上表面与B点等高，平板车上表面涂有一种特殊材料，物块在上面滑动时，动摩擦因数随物块相对小车左端位移的变化图像如图乙所示。物块（可视为质点）从圆弧轨道最高点A由静止释放，其质量m＝1kg，g取10m/s2

。（1）求物块滑到B点时对轨道压力大小；（2）物块与小车相对静止的速度是多少？生成的热量是多少焦耳？（3）物块相对小车静止时距小车左端多远？【答案】（1）30N；（2）1.5m/s，13.5J；（3）3.625m【解析】【详解】（1）物块从圆弧轨道A点滑

到B点的过程中，只有重力做功，其机械能守恒，由机械能守恒定律得212BmgRmv=代入数据解得vB=6m/s在B点，由牛顿第二定律得2BNvFmgmR=−代入数据解得的FN=30N由牛顿第三定律可知，物块滑到轨道B点时对轨道的压力为FN′=FN=30N（2）物块滑上小车后，由于水

平地面光滑，系统的合外力为零，所以系统的动量守恒。以向右为正方向，由动量守恒定律得()BmvmMv=+代入数据解得v=1.5m/s由能量关系得系统生热为2213.511()22JBQmvmMv==−+（3）

由功能关系知11111()2Qmgxmgxx=+−将μ1=0.4，x1=0.5m代入可解得x=3.625m（二）选考题：共45分。请考生从2道物理题、2道化学题、2道生物题中每科任选一题作答。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。[物

理——选修3–3]13.如图所示为一定质量的理想气体状态变化时的p—T图像，由图像可知（）A.该气体体积先增大后不变B.该气体分子的平均动能一直变大C.该气体的内能先变大后变小D.该气体分子的密集程度

一直增大E.该气体一直从外界吸热【答案】ABE的【解析】【详解】AD．根据pVCT=可得CpTV=，由图可得，图上各点与原点连线的斜率先减小后不变，则该气体的体积先增大后不变，该气体分子的密集程度先减小后不变，选项A正确，选项D错误；BC．该气体的温度一直升高，该气

体分子的平均动能一直变大，理想气体的内能仅与温度有关，该气体的内能一直变大，选项B正确，选项C错误；E．第一个过程，对外做功，而内能增大，气体从外界吸热，第二个过程，内能增大，不对外做功，气体从外界吸热，选项E

正确。故选ABE。14.如图所示，内壁光滑的汽缸竖直放置在水平桌面，汽缸的开口向上，活塞的横截面积为S、质量为m，活塞的上端与压力传感器接触。当缸内气体温度为T1时，压力传感器示数恰好为零；当缸内气体温度升高至某一未知温度T2时，压力传感器

的示数为F，大气压强为p0，重力加速度大小为g，汽缸内气体体积保持不变，求：(1)温度为T1时汽缸内的压强p1；(2)汽缸内气体的温度T2.【答案】(1)10mgppS=+；(2)0210mgFpSTTmgpS++

=+【解析】【详解】(1)对活塞有10pSmgpS=+解得10mgppS=+(2)对汽缸中气体有20pSmgFpS=++2121ppTT=解得0210mgFpSTTmgpS++=+[物理——选修3–4]15.如图甲所示，一根拉紧的均匀弦线

沿水平的x轴放置，现对弦线上O点(坐标原点)施加一个向上的扰动后停止，其位移时间图象如乙图所示，该扰动将以2m/s的波速向x轴正向传播，且在传播过程中没有能量损失，则有A.3s时6m处的质点开始向下运动B.2.5s<t<3s时间内4

m处的质点向下运动C.1.5s时2m处的质点恰好到达最高点D.2m处的质点到达最高点时4m处的质点开始向上运动E.弦线上每个质点都只振动了1s【答案】BCE【解析】【详解】由图可知周期T=2s则224mvT===A．3s时波传播的距离为x=vt=3×2=6m根据平移法可知6

m处质点开始向上运动，故A不符合题意；B．t=2.5s时传播距离x=vt=2×2.5m=5m为则4m处的质点在正向最大位移处，3s时到达平衡位置，则2.5s＜t＜3s时间内4m处的质点向下运动，故B符合题

意；C．1.5s时波传播的距离为x=vt=1.5×2=3m根据平移法可知2m处的质点恰好到达最高点，故C符合题意；D．2m处的质点与4m处的质点相差半个波长，可知2m处的质点到达最高点时，波刚传到3m处，4m处的质点还未振动，故D不符合题意；E．因振源只振动了1s，则其它质点也

振动了1s，故E符合题意。故选BCE。16.如图，ABCD是某四棱镜的横截面，∠A=60°、∠B=30°、AB//CD，AD=L，2LCD=。位于ABCD所在平面内的平行单色光垂直于AD边入射（入射点在A、D之间），进入棱镜的光线恰好在AB边发生全反射。真空中光速为c，每条边只考

虑一次反射或折射。求：(1)棱镜材料的折射率；(2)射向AD边的光线中，从进入棱镜到射出BC边经历的最长时间。【答案】(1)233n=；(2)73Ltc=【解析】【详解】画出光路如图所示(1)因入射光垂直于AD边，故进入棱镜的光线方向不变；由题意可知在AC边发生

全反射的临界角为C=60°根据1sinnC=解得棱镜材料的折射率为233n=(2)从D点入射的光线射至BC通过的路程最长，经历的时间最长，设对应的出射点为P因ΔAQD为直角三角形，根据几何关系得tan3DQALDA==因QB=DC，QBP

为等腰三角形，根据几何关系得32cos6QBLQPB==通过的路程为736LsDQQP=+=棱镜中的光速cvn=根据s=vt获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.co

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