【文档说明】广东省佛山市三水中学2019-2020学年高一下学期第二次统考物理试题 【精准解析】.doc，共(14)页，583.500 KB，由小赞的店铺上传

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三水中学高一级2019—2020学年度下学期第二次统考物理科试题（满分：100分考试时间：75分钟）一、单项选择题(本大题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目要求)1.如图是演示小蜡块在玻璃管

中运动规律的装置．现让玻璃管沿水平方向做匀速直线运动，同时小蜡块从O点开始沿竖直玻璃管向上做匀加速直线运动，那么下图中能够大致反映小蜡块运动轨迹的是A.B.C.D.【答案】C【解析】合初速度的方向水平向右，合加速度的方向竖直向上，两者不在同一条

直线上，必然做曲线运动，根据轨迹每点的切线方向表示速度的方向，轨迹的弯曲的方向大致与所受合力的方向一致，即合力方向指向轨迹的凹向，可知C正确，ABD错误．故选C．点睛：解决本题的关键掌握曲线运动的条件和曲线运动的特点以及运动的合成和分解．此题还可以通过轨迹方程来确定轨迹.

2.光滑的水平面上放着一辆小车，站在小车上的人拉系在墙壁上的水平绳子，使小车和人一起向右加速移动．则下列说法正确的是()A.绳子的拉力对人做了负功B.绳子的拉力对小车做了正功C.小车对人的摩擦力对人做了正功D.人对小车的摩擦力对小车做了正功【答案】D【解析】【详解】人受到

绳子的拉力与人的位移方向相同，所以绳子的拉力对人做正功．由于拉力未作用在小车上，所以拉力对小车不做功，故AB错误；小车对人的摩擦力方向向左，则小车对人的摩擦力对人做负功，故C错误；人对小车的静摩擦力方向向右，则静摩擦力对小车做正功，故D正确．所以

D正确，ABC错误．3.一辆卡车匀速通过如图所示的地段，爆胎可能性最大的位置是A.a处B.b处C.c处D.d处【答案】D【解析】在坡顶，2NvmgFmr，解得2NvFmgmmgr＝＜，在坡谷，2NvFmgmr，解得2NvFmgmmgr＝＞，可知r越

小，NF越大，可知D点压力最大，则D点最容易爆胎，故ABC错误，D正确．点睛：本题考查运用物理知识分析处理实际问题的能力，知道最高点和最低点向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解．4.“嫦娥四号”是人类历史上首次在月球背面软着陆

和勘测．假定测得月球表面物体自由落体加速度g，已知月球半径R和月球绕地球运转周期T，引力常数为G．根据万有引力定律，就可以“称量”出月球质量了．月球质量M为（）A.2GRMgB.GgRM2C.232

4RMGTD.2324TRMG【答案】B【解析】【详解】AB.在月球表面物体受到的万有引力等于重力，根据2GMmmgR，知GgRM2故A错误，B正确；CD.月球绕地球运动的周期为T，中心天体是地球，所以求不

出月球的质量，故CD错误．5.在高速公路的拐弯处，通常路面都是外高内低．如图所示，在某路段汽车向左拐弯，司机左侧的路面比右侧的路面低一些．汽车的运动可看作是做半径为R的在水平面内的圆周运动．设内外路面高度差为h，路基的

水平宽度为d，路面的宽度为L．已知重力加速度为g．要使车轮与路面之间的横向摩擦力（即垂直于前进方向）等于零，则汽车转弯时的车速应等于A.gRhLB.gRhdC.2gRD.gRdh【答案】B【解析】【分析】考查生活中圆周运动．【详解】设路面的斜角为θ，作出汽车的受力

图，如图根据圆周运动规律得：2tanvmgmR又由数学知识得到：tanhd联立解得：gRhvd，B正确，ACD错误．故选B．6.质量为m的小球，用长为l的轻绳悬挂于O点，小球在水平力F作用下，从最低点P缓慢地移到Q点，如图所示，重力加速度为g，则在此过程中（）A.小球受到的合

力做功为mgl（1﹣cosθ）B.拉力F的功为FlcosθC.重力势能的变化大于mgl（1﹣cosθ）D.水平力F做功使小球与地球组成的系统机械能变化了mgl（1﹣cosθ）【答案】D【解析】【详解】A.小球缓慢移动，动能不变，动能的变化量为零，根据动能定理得知，

小球受到的合力做功为零，故A错误；B.设绳与竖直方向的夹角为α，根据平衡条件可知F＝mgtanα，所以可知F为变力，根据动能定理WF﹣mgl（1﹣cosθ）＝0则得拉力F的功为WF＝mgl（1﹣cosθ），故B错误；C.根据重力做功与重

力势能变化的关系可得：重力势能的增加Ep＝mgh＝mgl（1﹣cosθ）故C错误；D.由上知，小球的动能不变，重力势能增加mgl（1﹣cosθ），而重力势能是小球与地球共有的，又根据除了重力以外的力做功等于系统机械能的变化，可知水平力F做功使小球与地球组成的系统机械能变化了mgl（1﹣cosθ

），故D正确．二、多项选择题（本题共4小题，每小题6分，共24分．在每小题给出的四个选项中至少有两个选项符合题目要求。全部选对得6分，漏选得3分，有选错或不答的得0分）7.如图所示，A、B两只“飞镖”，将一软木板挂在竖直墙壁上作为镖靶．在离木板一定距离的同一高度处

，将它们水平掷出，不计空气阻力，两只“飞镖”插在靶上的状态如图所示(侧视图)。则下列说法中正确的是（）A.A镖的质量一定比B镖的质量大B.A镖掷出时的初速度比B镖掷出时的初速度大C.B镖插入靶时的末速度一定比A镖插入靶时的末速度大D.B镖的运动时间比A镖的运动时间长【答案】BD【解析】

【详解】A．平抛运动的规律与物体的质量无关，所以不能判断AB质量的关系，故A错误；BD．根据212hgt知，B下降的高度大，则运动的时间长，根据x=v0t知，水平位移相同，则A的初速度大于B的初速度，故BD正确；C．由于A的初速度大于B

的初速度，B下降的高度大，B的竖直速度大于A的竖直速度，所以不能判断出B镖插入靶时的末速度一定比A镖插入靶时的末速度大，故C错误。故选BD。8.有a、b、c、d四颗地球卫星，a还未发射，在地球赤道上随地球表面一起转动，b处于地面附近近地轨

道上正常运动，c是地球同步卫星，d是高空探测卫星，各卫星排列位置如图所示．则下列说法不正确的是（）A.a的向心加速度等于重力加速度gB.c在4h内转过的圆心角是6C.b在相同时间内转过的弧长最长D.d的运动周期有可能是23h【答案】ABD【解析】【详解】A.地球同步卫星的

周期c必须与地球自转周期相同，角速度相同，则知a与c的角速度相同，根据a=ω2r知，c的向心加速度大．由2MmGmgr，得2GMgr，卫星的轨道半径越大，向心加速度越小，则同步卫星c的向心加速度小于b的向心加速度，而b的向心加速度约为g，故知a的向心加速度小于重力加速度g．故A

错误；B.c是地球同步卫星，周期是24h，则c在4h内转过的圆心角是42243hh．故B错误；C.由22=mMvGmrr，解得GMvr，可知，卫星的轨道半径越大，速度越小，bcdvvv,又a和c的角

速度相同，vR可知cavv，所以b的速度最大，在相同时间内转过的弧长最长．故C正确；D.由开普勒第三定律32RkT知，卫星的轨道半径越大，周期越大，所以d的运动周期大于c的周期24h．故D错误；本题选错误的，故选ABD.9.如图所示，乘坐游乐园的翻滚过

山车时，质量为m的人随车在竖直平面内旋转，下列说法正确的是()A.车在最高点时人处于倒坐状态，全靠保险带拉住，没有保险带，人就会掉下来B.人在最高点时对座位仍可能产生压力C.人在最低点时对座位的压力等于mgD.人在最低点时对座位的压力大于mg【答案】

BD【解析】【详解】A、当人与保险带间恰好没有作用力，由重力提供向心力20vmgmR，得临界速度为0vgR；当速度0vgR时，人与座椅产出外侧挤压，没有保险带，人也不会掉下来；故A错误.B、当人在最高点的速度vgR时，人对座位就产生压力

；故B正确.C、D人在最低点时，加速度方向竖直向上，根据牛顿第二定律2vNmgmR分析可知，人处于超重状态，有Nmg，由牛顿第三定律可知人对座位的压力大于mg；故C错误，D正确.故选BD.10.一起重机的钢绳由静止开始匀加速提起质量为m的重物，

当重物的速度为1时，起重机达到额定功率P。以后起重机保持该功率不变，继续提升重物，直到达到最大速度2为止，则整个过程中，下列说法正确的是(重力加速度为g)（）A.钢绳的最大拉力为mgB.钢绳的最大拉力为1PC.重物的平均速度大小为

122D.重物匀加速运动的加速度为1Pgm【答案】BD【解析】【详解】AB．加速过程物体处于超重状态，钢索拉力较大，拉力值将大于mg，钢绳的最大拉力就是匀加速过程中钢绳的拉力，因为当重物的速度为1时，起重机达到额定功

率P，根据P=Fv可得1PFv故A错误，B正确；C．起重机保持该功率不变时做加速度减小的变加速运动，故重物的平均速度大小不等于122，故C错误；D．重物匀速运动阶段，由牛顿第二定律可知F-mg=ma解得1FPaggmmv故D正确。故选BD。三、解答题（本题包含4小题，

共52分）11.利用图甲装置做“验证机械能守恒定律”实验。（1）除带夹子的重物、纸带、铁架台(含铁夹)、电磁打点计时器、导线及开关外，在下列器材中，还必须使用的两种器材是________。A．交流电源B．刻度尺C．天平(含砝码)（2）实验中，先接通电源，再释放重物

，得到图乙所示的一条纸带．在纸带上选取三个连续打出的点A、B、C，测得它们到起始点O的距离分别为Ah、Bh、ch。已知当地重力加速度为g，打点计时器打点的周期为T。设重物的质量为m，从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量pE________

，动能变化量kE_______。（3）大多数学生的实验结果显示，重力势能的减少量大于动能的增加量，原因是______。A．利用公式vgt计算重物速度B．利用公式2vgh计算重物速度C．存在空气阻力和摩擦阻力的影响D．没有采用

多次实验取平均值的方法（4）如果计算出A、B、C各点的瞬时速度vA、vB、vC，然后以22v为纵轴，以h为横轴，根据实验数据绘出22v-h图象，若图线是________线，且图线斜率_________，才能验证机械能守恒。【答案】(1).AB(2).mghB(3).2122CAhhmT

(4).C(5).过原点的直线(6).在实验误差允许范围内等于当地的重力加速度【解析】【详解】（1）[1]打点计时器需接交流电源，实验中需要用刻度尺测量点迹间的距离，从而求出瞬时速度以及重力势能的减小量．实验中验证动能的增加量和重力势能的减小

量是否相等，质量可以约去，不需要用天平测量质量，故选AB；（2）[2][3]从打O点到打B点的过程中，重物的重力势能变化量pBEmgh=B点的瞬时速度2CABhhvT则动能的增加量222128C

AkBmhhEmvT（3）[4]AB．利用AB方法计算，则默认机械能守恒，应该两者应该没有误差，AB错误；C．由于纸带在下落过程中，重锤和空气之间存在阻力，纸带和打点计时器之间存在摩擦力，所以减小的重力势能一部分转化为动能，还有一部分要克服空气阻力和摩擦力阻力做功，故重力

势能的减少量大于动能的增加量，C正确；D．题中信息为“大多数同学”，则说明已经多次实验了，故D错误。故选C。（4）[5][6]因为若机械能守恒，则有212mvmgh变形22vgh故图线是过原点的直线，且斜

率等于当地的重力加速度g12.如图所示，光滑水平面AB与竖直面的固定半圆形导轨在B点相切，导轨半径为R，一质量为m的静止小木块在A处压缩弹簧，释放后，木块获得一向右的初速度，当它经过半圆形导轨最低点B时对导轨的压力是其重力的9倍，之后向上运动恰能通过轨道顶点C，不计空气阻力，重力加速

度为g．⑴木块离开C点后落回水平面AB时，其速度方向与水平面AB的夹角为θ(θ<90°)，求tanθ；⑵求木块从B到C过程中摩擦力对其所做的功．【答案】（1）tan2(2)32fWmgR【解析】【详解】⑴木块做圆周运动，在C点时，根据牛顿第二定

律可知：2CmgmR解得：CgR木块从C点到落回水平面AB时，在竖直方向上由运动学知识可知：y22ghgR则：yCtan2⑵木块做圆周运动在B点时，根据牛顿第二定律可知：2BBFmgmR由题意知：B9Fmg联立解得：B8gR木块由B点到C点对木块由动能定

理得：22fCB11222mgRWmm解得：f32WmgR13.如图所示，A的质量为2m，B的质量为m，两个小物体可视为质点，用轻质细线连接，跨过光滑固定于地面的圆柱体，开始时B着地，A恰好与圆心一样高，若

无初速度地释放A、B，当A落地时，绳子马上断裂，求整个过程中，物体B上升的最大高度为多少？【答案】43HR【解析】【详解】以m和2m组成的系统为研究对象，在2m落地前，由系统机械能守恒可得212(2)02mgRmgRmmv

①以m为研究对象，在m上升过程中，由动能定理可得2102mghmv②则m上升的最大高度H=R+h③由①②③式解得43HR14.如图，一内壁光滑、质量为m1＝0.1kg、半径为R＝0.1m的环形细圆管，固定在一个质量为M＝0.5kg的长方

体基座上．一质量为m2＝0.2kg的小球（可看成质点）在管内做完整的圆周运动，长方体与地面不粘连，且始终相对地面静止．重力加速度记为g＝10m/s2，求：（1）当小球以速率v1=5m/s经过最低点时，地面对长方体的支持力大小；（2）当小球经过最

高点时，若长方体对面的压力恰好为零，此时小球的速率v2为多大？【答案】(1)18N(2)2m/s【解析】【详解】(1)设当小球经过最低点时受到圆管对它的支持力为N，小球对圆管的压力为FN，地面对长方体的支持力大小为F支，小球的向心力为：2122

vmNmgR由牛顿第三定律可知：2122NvFNmmgR地面对长方体的支持力大小F支=FN+Mg+m1g代入数据联立解得：F支=18N(2)当小球经过最高点时，小球对管道的压力为FN2，小球对圆管的支持力为N2，根据题意得22222NvmFmgR根据牛

顿第三定律有：222222NvNFmmgR要使长方体对地面的压力恰好为零，则N2=Mg+m1g代入数据联立解得：v2=2m/s