【文档说明】四川省眉山市东坡区2023-2024学年高二下学期7月期末考试 物理 Word版含解析.docx，共(5)页，1.031 MB，由管理员店铺上传

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东坡区22级高二下期校校期末联考物理试卷第I卷（选择题）一、单选题（每题4分）1．电磁波按波长大小的顺序把它们排列成谱，如图所示，下列关于电磁波说法正确的是（）A．红外线可以灭菌消毒B．紫外线的波长比红外线长C．振荡电路生成电磁波的频率随电容C的增大而减小D．X射线能在磁场中偏转，但穿透力较强，

可用来进行人体透视2．一定量某种气体的质量为m，该气体的摩尔质量为M，摩尔体积为V，密度为ρ，每个分子的质量和体积分别为m0和V0，则阿伏加德罗常数NA可表示为（）A．A0VNV=B．A0VNm=C．A0mNm=D．A0MNV=3．如图所示是LC振荡电路和通过点P的电流随时间变化的规

律。若把流过点P向右的电流方向规定为正方向，则下列说法正确的是（）A．在0~1t时间内，电容器放电，电场能增大B．若仅增大线圈的自感系数，振荡频率增大C．若仅增大电容器极板间距，振荡频率减小D．在3t~4t时间内，电容器C的上极板带正电4．一定质量的理想气体从状态a变化到状态b，其体积V和热力学温

度T变化图像如图所示，此过程中该系统（）A．对外界做正功B．压强保持不变C．向外界放热D．内能减少5．以下装置中都涉及到磁场的具体应用，关于这些装置的说法正确的是（）A．甲图为回旋加速器，增加电压U可增大粒子的最大动能B．乙图为磁流体发电机，可判断出A极板比B极板电势

低C．丙图为质谱仪，打到照相底片D同一位置粒子的电荷量相同D．丁图为速度选择器，特定速率的粒子从左右两侧沿轴线进入后都做直线运动6．如图所示，固定在水平面上的半径为r的金属圆环内存在方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。长为l的水平金属棒，一

端固定在竖直导电转轴OO＇上，随轴以角速度ω匀速转动，转动时棒与圆环接触良好，在圆环的A点和电刷间接有阻值为R的电阻和电容为C、板间距为d的平行板电容器，有一带电微粒在电容器极板间处于静止状态。已知重力加速度为g，不计其他电阻

和摩擦，下列说法正确的是（）A．棒产生的电动势为212BlB．微粒的电荷量与质量之比为2gdBrC．电阻消耗的电功率为224（）BrRD．电容器所带的电荷量为2BCr7．如图所示，边长为a的正六边形abcdef区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度大小为B。正六边形中心O处有

一粒子源，可在纸面内向各个方向发射不同速率带负电的粒子，已知粒子质量均为m、电荷量均为q，不计粒子重力和粒子间的相互作用。下列说法正确的是（）A．沿Oa方向发射的粒子要想离开正六边形区域，速率至少为2qBamB．垂直ab向上发射的粒子要想离开正六边形区域，速率至少为(233)qBam−C．要想从

d点离开正六边形区域的粒子，速率至少为23qBamD．所有要想离开正六边形区域的粒子，其速率至少为32qBam二、多选题（每题4分，错选不得分，漏选得2分）8．如图所示为某电站向其他地区远距离输电的原理图，图中交流电表均为理想电表，变压器1T、2

T均为理想变压器。输电线电阻为0100R=，可变电阻R为用户端负载，发电机输出电压有效值250VU=保持不变。当输电功率1000kWP=时，输电线上损失的功率为输电功率的1%，电压表示数为220V。下列说法正确的是（）A

．输电线上的电流为102AB．升压变压器1T的原、副线圈匝数比为1:2002C．降压变压器2T的原、副线圈匝数比为450∶1D．随着用电高峰到来，电压表的示数将变小9．如图所示，在水平荧光屏MN上方分布了水平方向的匀强磁场，方向垂直纸面向里。距离荧光屏d处有一粒子源S，

能够在纸面内不断地向各个方向同时发射同种带正电的粒子，不计粒子的重力，已知水平向左射出的粒子经过时间t刚好垂直打在荧光屏上，则（）A．所有粒子均会打到荧光屏上B．粒子从射出到打到荧光屏上的最长时间为3tC．粒子

从射出到打到荧光屏上的最短时间为23tD．粒子能打到荧光屏上的区域长度为(31)d+10．如图甲所示，间距d＝0.30m的两条足够长的平行光滑金属导轨PQ、MN固定在绝缘水平桌面上，整个装置处于竖直向下的匀强磁场中，磁感应强度的大小

B＝0.20T。导轨左端接有电阻R＝1Ω，质量m＝40g、阻值r＝2Ω的金属杆ab垂直导轨放置。在水平向右且与金属杆ab垂直的力F的作用下，从静止开始沿导轨做匀加速直线运动。金属杆ab两端电压U随时间t变化的关系

如图乙所示，导轨电阻不计，重力加速度g取10m/s2。则下列说法正确的是（）A．金属杆ab的加速度大小为5m/s2B．3s末力F的大小为0.018NC．0～3s通过电阻R的电量为0.45CD．0～3s力F的冲量大小为0.6Ns第II卷（非选择题）三

、实验题（每空2分）11．蜀妹同学准备测量一个30的直角三棱镜的折射率，实验步骤如下：（1）在木板上铺一张白纸，将三棱镜放在白纸上并描出三棱镜的轮廓，如图中ABC所示。（2）在垂直于AB的方向上插上两枚大头针1P和2P，在棱镜的BC侧透过三棱镜观察两个大头针，

当1P的像恰好被2P像挡住时，插上大头针3P，使3P挡住1P、2P的像，再插上大头针4P，使4P。移去三棱镜和大头针，大头针在纸上的位置如图所示。请完成下列实验内容：①将实验需要的光路图补充完整。②蜀妹用量角器测量光线在BC界

面发生折射时，折射光线与BC边夹角为37，则三棱镜的折射率n=。12．某实验小组使用如图所示装置探究等压情况下一定质量气体的体积与温度的关系。注射器中密封了一定质量的气体，柱塞下使用细绳悬挂一重物，

整个装置置于控温箱内，控温箱内气体始终与外界相通，通过改变控温箱温度读取多组温度、体积数值，并作体积热力学温度图像。(1)实验过程中，下列说法正确的是（）A．改变控温箱温度后，应等待足够长时间，温度计示数

稳定后再读取空气柱体积B．柱塞处涂抹润滑油的目的是为了减小摩擦而非密封气体C．实验过程要保证空气柱密闭性良好(2)若实验操作规范无错误，作出VT−图像，如图乙所示，图像不过原点的原因是。(3)改变重物质量，再次实验，得到两

条直线，如下图所示，两条直线斜率分别为1k、2k，重物及柱塞质量之和分别为1m、2m，若测得柱塞横截面积为S，重力加速度为g，大气压强可表示为：（忽略柱塞与注射器之间的摩擦，使用题中所给字母表示）。(4)某组员认为：若将控温箱密闭，与外界大气不相通，当控温箱内温度缓慢升高时

，柱塞和重物的高度会不降反升，请问其观点是否正确？（选填“正确”、“不正确”）三、解答题13．如图所示，直角三角形ABC是一玻璃砖的横截面，AB=L，C=90°，A=60°一束单色光PD从AB边上的D点射入玻璃砖，入射角为45°，DB=4L，折射光DE恰好

射到玻璃砖BC边的中点E，已知光在真空中的传播速度为c。求：（1）玻璃砖的折射率；（2）该光束从AB边上的D点射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需的时间。14．某可显示温度的水杯容积为500mL，倒入200mL热水后，拧紧杯

盖，此时显示温度为87C，压强与外界相同。已知，外界大气压强0p为51.010Pa，温度为27C。杯中气体可视为理想气体，不计水蒸气产生的压强，取0K273C=−。（1）求杯内温度降到27C时，杯内气体的压强；（

2）杯内温度降到27C时稍拧松杯盖，外界空气进入杯中，直至稳定。求此过程中外界进入水杯中的空气体积。15、如图所示，质量为M的足够长金属导轨abcd在光滑的绝缘水平面上。一电阻不计，质量为m的导体棒PQ放置在导轨上，始终与导轨接触良好，PQbc构成矩形。棒与

导轨间动摩擦因数为，棒左侧有两个固定于水平面的立柱。导轨bc段长为L，开始时PQ左侧导轨的总电阻为R，右侧导轨单位长度的电阻为0R。以ef为界，其左侧匀强磁场方向竖直向上，右侧匀强磁场水平向左，磁感应强度大小均为B。在0=t时，一水平向左的拉力F垂直作用于导轨的bc边上，使导轨由静止开始做匀加

速直线运动，加速度为a。求：（1）回路中感应电流随时间变化的表达式；（2）经过多少时间拉力F达到最大值，拉力F的最大值为多少；（3）当导轨abcd的速度达到v时突然撤去F，导轨经过位移x停下来，求在此过程中回路中产生的焦耳热。东坡区22级高二下期校校期末联考物理参考答案：1．C

【详解】A．红外线热效应明显，紫外线可以灭菌消毒，故A错误；B．根据电磁波谱可知，紫外线的波长比红外线短，故B错误；C．根据振荡电路的频率公式12fLC=可知，频率随电容C的增大而减小，故C正确；D．X射线i不带电，不能在磁场中偏转，但穿透力较强，能穿透物质，可用来进行人体透视，

故D错误。故选C。2．B【详解】A．由于气体分子间的距离较大，所以气体分子的体积V0远小于摩尔体积与阿伏加德罗常数之比，即0AVVN所以A0VNV故A错误；BC．阿伏加德罗常数等于气体的摩尔质量与气体分子质

量之比，即A00MVNmm==故B正确，C错误；D．气体密度与单个分子体积的乘积不等于单个气体分子的质量，故D错误。故选B。3.D【详解】A．在0~1t内，回路中的电流顺时针方向增大，则电容器正在放电，则电场能减小，故A错误；BC．由12fL

C=，可知若仅增大线圈的自感系数，振荡频率减小，由r4SCkd=可知，若仅增大电容器的电容器极板间距，则电容减小，振荡频率增大，故BC错误；D．在3t~4t内，回路中电流逆时针方向减小，电容器正在充电，则电容器C的上极板带正电，故D正确。故选D。4

．A【详解】A．理想气体从状态a变化到状态b，体积增大，理想气体对外界做正功，A正确；B．由题图可知V=V0+kT根据理想气体的状态方程有pVCT=联立有0CpVkT=+可看出T增大，p增大，B错误；D．理想气体从状态a变化

到状态b，温度升高，内能增大，D错误；C．理想气体从状态a变化到状态b，由选项AD可知，理想气体对外界做正功且内能增大，则根据热力学第一定律可知气体向外界吸收热量，C错误。故选A。5．B【详解】A．甲图为回旋加

速器，粒子做圆周运动由洛伦兹力提供向心力2vqvBmR=得qBRvm=对于同一个粒子，增大磁感应强度和加速器半径可以增大其速度，从而增大其动能，与电压U无关。故A错误；B．乙图为磁流体发电机，根据左手定则可以判断，带正电的粒子向B极板聚集，故B极板为正极，A极板比B极

板电势低，故B正确；C．丙图为质谱仪，粒子由加速电场加速粒子，有212Uqmv=做匀速圆周运动由洛伦兹力提供向心力2vqvBmR=联立解得12UqRBm=粒子经过相同得加速电场和偏转磁场，所以打到同一位置的粒子的比荷相同。故C错误；D．丁图的速度选择器，粒子只能从左向右运动才符合原理。比

如带正电的粒子进入时，洛伦兹力向上，电场力向下才能受力平衡。故D错误。故选B。6．C【详解】A．由题图可知，切割磁感线的有效长度为r，则棒产生的电动势20122+==rEBrBr故A错误；B．金属棒电阻不计，电容两极板的电压等于金属棒产生的电动势，由微粒的重力等于电场力得Eqmgd=代入数

据化简可得22qgdmBr=故B错误；C．电阻消耗的电功率为22424EBrPRR==故C正确；D．电容器所带的电荷量为212QCECBr==故D错误。故选C。7．B【详解】A．沿Oa方向发射的粒子，其运动

轨迹恰好与bc边相切时，该粒子恰好能离开磁场，如下图所示此时根据几何知识求得，轨迹半径为34a，则根据洛伦兹力提供向心力有2vBqvmr=带入数据求得，此时粒子的速度为34Bqavm=所以要想离开正六边形区域，速率至少为34qBam，故A错误；B．垂直ab向上发射的粒子，当其轨迹与b

c边和cd边恰好相切时，该粒子从bc边离开磁场，如下图所示设轨迹半径为r，则根据几何知识有cos30rra+=求得，轨迹半径为(233)a−，则根据洛伦兹力提供向心力有2vBqvmr=带入数据求得，此时粒子的速度为(233)Bqavm−=所

以垂直ab向上发射的粒子要想离开正六边形区域，速率至少为(233)qBam−，故B正确；C．当粒子的运动轨迹与cd边相切于d点时，该粒子恰好从d点离开磁场，如下图所示设轨迹半径为r，则根据几何知识有1sin602ra=求得，轨迹半径为33a，则

根据洛伦兹力提供向心力有2vBqvmr=带入数据求得，此时粒子的速度为33Bqavm=所以要想从d点离开正六边形区域的粒子，速率只能为33qBam，故C错误；D．由上述分析可知，要想离开正六边形区域的粒子，其轨迹半径最小为34a，则所有要想离开正六边形区域的粒子，其速率至少为3

4qBam，故D错误。故选B。8．CD【详解】A．设输电线上的电流为2I，则有2200.01PIRP==损解得210AI=故A错误；C．设降压变压器2T副线圈输出电流为4I，则有4440.99PUIPPP==−=损解得3440.990.99100010A4500A220PIU==

=则降压变压器2T的原、副线圈匝数比为34424500450101nInI===故C正确；B．降压变压器2T的原线圈输入电压为334499000VnUUn==升压变压器1T的副线圈输出电压为2320100000VUUIR=+=升压变压器1T的原、副线圈匝数比为1122250110000

0400nUnU===故B错误；D．随着用电高峰到来，输电功率变大，则升压变压器1T的原线圈电流变大，副线圈电流变大；输电线电阻损失电压变大，则降压变压器2T的原线圈输入电压变小，降压变压器2T的副线圈输出电压变小，

电压表的示数将变小，故D正确。故选CD。9．BCD【详解】A．由左手定则可知，带正电粒子在磁场中逆时针方向做匀速圆周运动，已知水平向左射出的粒子经过时间t刚好垂直打在荧光屏上，如图所示由图可知，粒子在磁场中的轨迹半径为Rd=周期为4Tt=若粒子

以水平向右方向射出，由图可知粒子不会打到荧光屏上，故A错误；B．当粒子打到荧光屏左侧位置的速度方向刚好与荧光屏相切时，粒子从射出到打到荧光屏上的时间最长，如图所示由几何关系可知，轨迹对应的圆心角为270，则有max27034

33604tTtt===故B正确；C．当粒子打到荧光屏位置处于S正下方时，粒子从射出到打到荧光屏上的时间最短，如图所示由几何关系可知，轨迹对应的圆心角为60，则有min6012436063tTtt===故

C正确；D．当粒子打到荧光屏左侧位置对应的弦为直径时，该位置为打到荧光屏的最左端；当粒子打到荧光屏右侧位置的速度方向刚好与荧光屏相切时，该位置为打到荧光屏的最右端；如图所示由图中几何关系，粒子能打到荧光屏上的

区域长度22(2)(31)LRdRd=−+=+故D正确。故选BCD。10．AC【详解】A．金属杆ab的运动速度为vat=感应电动势为EBdv=通过电阻R的电流EIRr=+金属杆ab两端的电压为UIR=由图乙可得Ukt=，0.10V/sk=联立解得25m/sa=故A正确；B．在3s末，

通过金属杆ab的电流为330.3AUIR==所受安培力大小为30.018NFBId==安由牛顿第二定律得3FFma−=安联立解得30.218NF=故B错误；C．0~3s金属杆ab运动的距离2122.5m2xat==由法拉第电磁感应定律得xdEBt=由闭合电路的欧姆定律得()EI

Rr=+0~3s通过电阻R的电量为qIt=联立解得0.45CBxdqRr==+故C正确；D．3s末金属杆ab的速度为315m/svat==由动量定理得3IBdItmv−=即3IBdqmv−=解得0~3s力

F的冲量大小为0.627NsI=故D错误。故选AC。11、挡住P3和P1、P2的像1.6【详解】（2）[1]再插上大头针P4，使P4挡住P3和P1、P2的像。①[2]光路图如图所示[3]根据几何关系可知光线在BC面的入射角为30°，折射角为5

3°，根据折射定律可得sin531.6sin30n==12、1．(1)AC(2)未考虑橡胶塞内气体体积(3)2211021()()gmkmkpSkk−=−(4)正确13、（1）2（2）324Lc【详解】（1）作出光路图，如图所示过E点的法线是三角形的中位线，由几何关系可知D

EB为等腰三角形4LDEDB==由几何知识可知光在AB边折射时折射角为30r=所以玻璃砖的折射率为sinsin452sinsin30inr===（2）设临界角为，有1sinn=可解得45=由光路图及几何知识可判断，光在BC边

上的入射角为60∘，大于临界角，则光在BC边上发生全反射，光在AC边的入射角为30°，小于临界角，所以光从AC第一次射出玻璃砖根据几何知识可知2LEF=则光束从AB边射入玻璃砖到第一次射出玻璃砖所需要的时间为DEEF

tv+=而cvn=可解得324tLc=14．（1）520.8310pap=；（2）50mLV=【详解】（1）杯内气体做等容变化，有1212ppTT=其中5101.010Papp==，()127387K360KT=+=，()227327K

300KT=+=解得52150.8310Pa6pp=（2）设打开杯盖后进入杯内的气体在大气压强下的体积为V，以杯内原有气体为研究对象，则2203pVpV=2321Δ6VVVV=−=其中()2500200mL300mLV=−=代入数据解得50mLV=15．（1）

20BLatIRRat=+；（2）0RtRa=;()22max0112aFMamgBLRR=+++；（3）()2221MvmgxQ−=+【详解】（1）导体bc切割磁感线产生的感应电动势EBLv=由匀变速运动的速度公式得vat=212xat=电路总电阻0

2RRRx=+总回路中的感应电流为EIR=总联立解得20BLatIRRat=+（2）对导体棒PQNFmgBIL=+根据牛顿第三定律棒PQ对导轨的压力为NN=FF由公式有N'fF=对导轨bc由牛顿第二定律由FBILfMa−−=联立解得()22201BLatFMamgRRat=+++

+上式中当0RRatt=即0RtRa=时外力F取最大值()22max0112aFMamgBLRR=+++（3）撤去F后，安培力做功大小WBILxQ==根据能量守恒21()2QmgBILxMv++=解得()222

1MvmgxQ−=+