【文档说明】福建省漳州市2020-2021学年高一下学期期末高中教学质量检测物理试题含答案.docx，共(13)页，365.759 KB，由管理员店铺上传

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准考证号________________姓名________（在此卷上答题无效）漳州市2020-2021学年（下）期末高中教学质量检测高一物理（必修2）试题全卷满分100分。考试用时90分钟。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分

，共24分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求的．1．歼-15在“辽宁舰”甲板上降落，在勾住阻拦索减速的过程中，阻拦索对歼-15做功和歼-15机械能变化的情况是A．做负功，机械能减少B．做负功

，机械能不变C．做正功，机械能减少D．做正功，机械能增加2．关于做曲线运动的物体，下列说法正确的是A．速度的大小一定变化B．速度的方向一定变化C．加速度一定变化D．加速度一定不变3．如图，惯性参考系S有一直径为d的圆形．从相对S系沿x方向以接近光速匀速飞行

的飞行器上测得该圆形的图像可能是ABCD4．如图甲，修正带通过两个齿轮的相互咬合进行工作，其原理简化为图乙所示．若齿轮匀速转动，大齿轮内部的A点以及齿轮边缘上B、C两点到各自转轴间的距离分别为ArR=、2BrR=、3CrR=，则甲乙A．:2:3BC=B．:1:1ACvv=

C．:3:2ACTT=C．:3:2BCaa=5．质量为m的汽车在平直路面上匀加速启动，后保持额定功率行驶，启动过程的速度随时间变化规律如图所示，其中OA为过原点的一条直线，整个运动过程中汽车所受阻力恒为f，则

A．10t～时间内，汽车的牵引力等于11vmtB．10t～时间内，汽车克服阻力做的功为112vtfC．12tt～时间内，汽车的功率等于1fvD．12tt～时间内，汽车的功率小于额定功率6．如图，“北斗”系统中两颗工作卫星沿同一轨道绕地心O做逆时针匀速

圆周运动，轨道半径为r，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A、B两位置．已知地球表面的重力加速度为g，地球半径为R，则A．两卫星的加速度大小不相等B．卫星2向后喷气就一定能追上卫星1C．卫星1的运动周期为2πrrRgD．卫星1的线速度大小为rg二、多项选择题：本题共4小题，每小题4分

，共16分．每小题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分．7．餐桌的上面有一半径为0.4m的转盘，小茶杯放在转盘上可以随盘转动．已知小茶杯和转盘间的动摩擦因数为0.64，若转盘的转动可认为是匀速转动，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取210ms，则A．

小茶杯到转轴的距离越近，越容易滑出转盘B．小茶杯到转轴的距离越远，越容易滑出转盘C．若使置于转盘边缘的小茶杯滑出转盘，转盘角速度至少1.6rad/sD．若使置于转盘边缘的小茶杯滑出转盘，转盘角速度至少4.0rad

/s8．如图，轻弹簧下端固定在粗糙斜面底端，上端连接一滑块，斜面固定在水平面上，弹簧与斜面平行．将滑块从弹簧原长位置静止释放，到弹簧压缩至最短的过程中A．滑块的动能先增加后减少B．滑块和弹簧组成的系统机械能守恒C．滑块减少的重力势能等于弹性势能的增加D．滑块减少的机械能大于其

克服摩擦力所做的功9．如图，某同学在A点把一篮球以初速度0v斜向上抛出，0v与水平面成60°，曲线ACB为篮球在空中的部分轨迹，C为轨迹最高点，篮球进入球框B点时速度方向与水平面成45°，忽略篮球受到的空气

阻力，射高为h，从A点到C点的时间为At，C点到B点的时间为Bt，重力加速度为g，则A．2032vhg=B．2038vhg=C．:3:1ABtt=D．:3:2ABtt=10．如图，足够长的水平传送带以04msv=逆时针匀速转动，质量1kgm=的小物块以水平初速度6msv=向右滑上传

送带，物块与传送带间的动摩擦因数为0.2，g取210ms，则物块从滑上传送带到离开传送带的过程A．物块离开传送带时的速度大小为4msB．摩擦力对物块一直做负功C．物块向右滑行的最大距离为9mD．物块与传送带因摩擦产生的热量为50J三、非选择题

：共60分．考生根据要求作答．11．（4分）如图，一根长为L、质量为m的匀质细绳悬于O点，O点离地高H．现从上端O处剪断细绳，以地面为零势能参考面，重力加速度为g，则当绳下端刚着地时的重力势能为________，动能为________．12．（4分）如图，水平地面上以速度1v做匀速直线运动的汽车

，通过定滑轮用绳子吊起一个物体．在汽车做匀速直线运动的过程中，物体做________运动（选填“加速”或“减速”）．某一时刻绳子与水平方向的夹角为，则此时物体的速度2v=________．13．（6分）某同学用图甲所示的实验装置验证机械能

守恒定律．甲乙进行如下操作：①测出小钢球的质量m、直径d、电磁铁下端到光电门的距离h；②电磁铁先通电，让小钢球吸在下端；③电磁铁断电，小钢球自由下落；④计时装置记下小钢球经过光电门的挡光时间t．完成下列问题：（1）小钢球从静止下落h的过程中，重力势能的减少量为_______

_（用题中物理量符号表示，重力加速度为g）；测得10.0mmd=，32.5010st−=，则小钢球经过光电门时的速度为________ms；（2）另一同学用上述实验装置通过改变光电门的位置，用h表示小钢球从静止下落到光电门时的距离，用v表示小钢球通过光

电门的速度，根据实验数据作出了如图乙所示的2vh−图像，则由图像可求得重力加速度g=________2ms．14．（8分）如图是某同学探究“平抛运动的特点”的实验装置，通过描点画出平抛小球的运动轨迹．（1）

下列对本实验的说法中，正确的有________；（填正确答案标号）A．必须保证斜槽轨道光滑B．每次必须由静止释放小球C．每次小球释放的初始位置可以任意选择D．为描出小球的运动轨迹描绘的点可以用折线连接

（2）如图，在实验中，用坐标纸记录轨迹，每个小方格的边长L，重力加速度为g．a、b、c、d为小球在平抛运动过程中的几个位置，则小球平抛初速度0v=________（用L和g表示）；（3）该同学描绘平抛运动的轨迹时，在坐标纸上建立坐标系，以斜槽末端端口位置为坐标原点，则描出平抛轨迹的抛出点

比实际抛出点________（选填“高”或“低”）．15．（8分）我国“天问一号”携带“祝融号”火星车于2021年5月登陆火星表面．设火星的半径为R，火星表面的重力加速度为g，引力常量为G，求：（1）火星

的质量M；（2）火星的第一宇宙速度v．16．（8分）小船横渡一条宽度100md=、水速恒定的小河，保持船在静水中的速度大小不变，第一次船头垂直对岸方向航行时，经120st=到达对岸；第二次船头保持与河岸上游成53=角，恰能到达正对岸，已知sin530.8=，cos

530.6=，求：（1）船在静水中的速度大小1v；（2）第二次渡河的时间2t．17．（10分）如图是滑板运动的部分轨道示意图，光滑圆弧轨道AB，圆心为O点，半径4.0mR=，圆心角为60°，半径OB与足够长的

水平轨道BC垂直．某运动员和滑板从A点以外6msAv=的速度刚好沿轨道的切线方向滑入轨道．已知运动员和滑板的总质量60kgm=，BC段所受的摩擦阻力为其总重力的0.2倍，g取210ms．求：（1）运动员通过B点时，轨道对滑板的支持力BF的大小；（2

）运动员最终停下时与B点的距离s．18．（12分）如图，粗糙水平面竖直固定的轨道由两半径不同的光滑细圆管平滑连接，半径分别为R和23R，连接处C在两圆心12OO连线上，轨道最低点B与水平面平滑连接，竖直线1BO，与上

轨道最左端相切，水平面上固定一轻弹簧．现把一质量为m的小物块压缩弹簧至P点，静止释放脱离弹簧后，进入轨道到达最高A点水平抛出，且物块在A点恰好对管壁无压力．PB距离为3R，物块与水平面间的动摩擦因数0

.5=，重力加速度为g．求：（1）物块到达A点时的速度大小；（2）弹簧压缩到P点时的弹性势能；（3）若仅调整圆弧ACB的两半径为原来的k倍，即kR和23kR，使物块同样从P点静止释放，经A点平抛后落到水平面的水平位移最大，求k值．漳州市2020-2021学年（下）期末高中教学质量

检测高一物理（必修2）参考答案及评分标准选择题共40分一、单项选择题（每小题4分，共24分）1．A2．B3．C4．D5．B6．C二、多项选择题（每小题4分，共16分）7．BD8．AD9．BC10．ACD非选择题共60分11．（4分）1

2mgL()mgHL−评分标准：每空各2分，共4分12．（4分）加速1cosv评分标准：每空各2分，共4分13．（6分）（1）mgh4（2）9．6评分标准：每空各2分，共6分14．（8分）【答案】（1）B（2）2gL（

3）低评分标准：（1）3分，（2）3分，（3）2分，共8分15．（8分）【答案】（1）2RgG（2）Rg【解析】（1）根据万有引力定律，有2MmGmgR=①得2RgMG=②（2）根据万有引力定律，有2m

vmgR=③得vRg=④评分标准：（1）①式3分，②式1分，共4分（2）③式3分，④式1分，共4分（用其它方法解答正确的同样给分）16．（8分）【答案】（1）5ms（2）25s（甲）（乙）【解析】（1）第一次渡河时，有11dvt=①得15msv=②（2）第二次到达正对岸，

有2dtv=合③1sin53vv=合④解得225st=⑤评分标准：（1）①式3分，②式1分，共4分（2）③式2分，④⑤式各1分，共4分（用其它方法解答正确的同样给分）17．（10分）【答案】（1）1740N；（2）19m【解析】（1）

由A点到B点，根据根据机械能守恒，有221122BAmghmvmv=−①又cos60hRR=−②在B点由牛顿第二定律，有2BBmvFmgR−=③解得1740NBF=④（2）从A点到停下，根据动能定理210.202Amghmgsmv−=

−⑤解得19ms=⑥评分标准：（1）①③式各2分，②④式各1分，共6分（2）⑤式3分，⑥式1分，共4分（用其它方法解答正确的同样给分）18．（12分）解：（1）依题意，小物块在A点由牛顿第二定律，有20vmgmR=①得0vgR=②（2

）由几何关系有3sin253RRR==+③得37=A点距离地面的高度h为22cos333RRhRRR=+++=④B点到A点由机械能守恒定律，有2201122Bmvmghmv=+⑤由能量守恒，有213+2pBEmgRmv=⑥得5pEmgR=

⑦（3）设A点距离地面高度为h，A点速度为Av，由平抛运动规律，有Axvt=⑧212hgt=⑨其中22cos333kRkRhkRkRkR=+++=B点到A点由机械能守恒定律，有221122BAmvmghmv=+⑩

得222Bvxhhg=−⑪当24Bvgh=时物块的水平位移最大联立以上各式解得：712k=⑫评分标准：（1）①②式各1分，共2分（2）③④⑤⑥⑦式各1分，共5分（3）⑧⑨⑩⑪⑫式各1分，共5分（用其它方法解答正确的同样给分）