【文档说明】湖北省武汉市重点中学5G联合体2024-2025学年高二上学期11月期中考试物理试卷 Word版含答案.docx，共(11)页，1012.356 KB，由小赞的店铺上传

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2024-2025学年度上学期武汉市重点中学5G联合体期中考试高二物理试卷命题学校：华中科技大学附属中学命题教师：韩楚文审题教师：鲁刚考试时间：2024年11月7日试卷满分100分★祝考试顺利★注意事项：1.答题前，先将自己的姓名、准考证号

填写在试卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。3.非选择题的作答：用黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。写在试卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均

无效。4.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并上交。一、选择题（本题共10小题，共40分。在每小题给出的四个选项中，第1-7题为单选题，每题4分；第8-10为多选题，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错或不答的得0分。）1

.对于由点电荷Q产生的电场，下列说法正确的是（）A.电场强度的定义式仍成立，即FEQ=，式中的Q就是产生电场的点电荷B.由公式2kQEr=可知，在离点电荷Q距离相等的地方，电场强度均相同C.在Q产生的电场中某点，电场强

度的方向与放入该点的试探电荷的电性无关D.在Q产生的电场中某点，放置电荷量不同的试探电荷，因试探电荷所受电场力不同，故该点的电场强度也会随之改变2.对光的衍射现象，下列说法错误．．的是（）A.光的衍射是光在传播过程中绕过障碍物发生

传播的现象B.衍射条纹图样是光波相互叠加的结果C.光的衍射现象为光的波动说提供了有力的证据D.光的衍射现象完全否定了光的直线传播结论3.带电量为q的小球，用绝缘丝线悬挂在水平向右的电场中，平衡时，丝线与竖直方向成角。

现在使电场方向缓慢逆时针旋转至竖直向上，在此过程中若还要保持小球在原处不动，则场强的大小（）A.逐渐变小B.先变小后变大C.先变大后变小D.逐渐增大4.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个灵敏电流计G和一个变阻器R组成，它们中一个是电压表，另一个是电流表，那么以下结论中正确

的是（）A.甲表是电压表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电压表，R增大时量程减小D.乙表是电流表，R增大时量程增大5.如图所示，将带正电荷Q的导体球C靠近不带电的导体，若沿虚线1将导体分成A、B两部分，这两部分所带电荷量大小分别为AQ、BQ

；若沿虚线2将导体分成两部分，这两部分所带电荷量大小分别为AQ和BQ。对于上述实验，电荷量关系正确的是（）A.ABQQ，AAQQ=B.ABQQ=，AAQQC.ABQQ，BBQQ=D.ABQQ=，BBQQ6.登山运动员在登雪山时要注意防止紫

外线的过度照射，尤其是眼睛不能长时间被紫外线照射，否则将会严重地损伤视力。有人想利用薄膜干涉的原理设计一种能大大减小对眼睛造成伤害的眼镜。他选用的薄膜材料的折射率为1.5n=，所要消除的紫外线的频率为148.110Hz。那么他设计的这种“增反膜”的厚度至少是（）A

.89.2510m−B.71.8510m−C.71.2310m−D.86.1810m−7.如图，一质量为m的小物块带负电荷Q，开始时让它静止在倾角60=的固定光滑斜面顶端，整个装置放在场强大小为mgEQ=、方向水平向左的匀强电场中，斜面高为H，自由释放物块后，物块到达水平地面

时的速度大小为（重力加速度为g）（）A.2gHB.52gHC.22gHD.()213gH+8.如图甲所示，有一绝缘圆环，圆环上均匀分布着正电荷，圆环平面与竖直平面重合。一光滑细杆沿垂直圆环平面的轴线穿过圆环，细杆上套有一个质量为10gm=的带正电的小球，小球所带电荷量45.010Cq−=

。小球从C点由静止释放，其沿细杆由C经B向A运动的vt−图像如图乙所示。小球运动到B点时，速度图像的切线斜率最大（图中标出了该切线），下列说法正确的是（）A.在O点右侧杆上，B点场强最大，场强大小为

1.2V/mE=B.由C到A的过程中，小球的电势能一直减小C.由C到A电势先降低后升高D.B、C两点间的电势差BC0.9VU=9.如图所示，直流电源与一平行板电容器、理想二极管（正向电阻为零可以视为短路，反向电阻无穷大可以视为断路）连接，二极管一端接地。闭合开关，电路稳定后，一带电油滴位于电容器中

的P点且处于静止状态。下列说法正确的是（）A.将平行板电容器下极板向下移动，则P点的电势将升高B.将平行板电容器上极板向上移动，则P点的电势不变C.减小极板间的正对面积，带电油滴会向上移动D.无论哪个极板向上移动还是向下移动，带电油滴都不可能向下运动1

0.如图，圆心为O、半径为R的圆形区域内存在一个平行于该区域的匀强电场，MN为圆的一条直径。质量为m、电荷量为q+的粒子从M点以速度v射入电场，速度方向与MN夹角45=，一段时间后粒子运动到N点，速度大小也为v，不计粒子重力，规定M点电势为0。下列说法正确的是（）A.场强大小为2m

vqRB.粒子电势能的最大值为214mvC.仅改变粒子速度大小，粒子离开圆形区域时电势能的最小值为2mv−D.仅改变粒子速度大小，当粒子离开圆形区域的电势能最小时，粒子射入电场的速度大小为2v二、非选择题：本题共5小题，共60分。11.（8分）做测量玻璃折射率实验时，同学们被分成若干实验小组。（1

）甲组同学在实验时，用他们测得的多组入射角i与折射角r作出sinsinir−图像如图甲所示，则下列判定正确的是（）A.光线是从空气射入玻璃的B.对此光线，该玻璃的折射率约为0.67C.该玻璃的折射率约为1.5D.对此光线，该玻璃置于空气中时临界角

约为45（2）乙组同学先画出图乙所示的坐标系，再在0y区域放入某介质（以x轴为界面），并通过实验分别标记了三个点()8,3A、()1,4B−、()7,4C−，它们分别为折射光线、入射光线、反射光线通过的点；①请在图乙所示坐标系中作出光路图；②入射点O（图中未标出）的坐标为

_____；③通过图中数据可以求得该介质的折射率n=_____。12.（8分）某同学通过实验测量一圆柱形导体的电阻率。（1）该同学分别用游标卡尺和螺旋测微器测量该导体的长度和直径，测量结果分别如图9和图10所示，则该导体的长度为L=_____cm，直径d=_____m

m；（2）该同学利用图11所示的电路测量导体的电阻率。若该同学测得电压表的读数为U，电流表的读数为I，则该导体电阻率的表达式为=_____（用U、I、L、d等表示）；（3）若图11中的电压表不能视为理想电表，则该同学得到的电阻率与真实值相比_____（填“偏大”“偏小”或“

相同”）。13.（12分）如图所示，某同学在一张水平放置的白纸上画了一个小标记“·”（图中O点），然后用横截面为等边三角形ABC的三棱镜压在这个标记上，小标记位于AC边上.D位于AB边上，过D点做AC边的垂线交AC于F.该同学在D点正上方向下顺着直线DF的方向观察

，恰好可以看到小标记的像；过O点做AB边的垂线交直线DF于E；2cmDE=，1cmEF=.求三棱镜的折射率。（不考虑光线在三棱镜中的反射）14.（14分）微波器件的核心之一是反射式速调管，它利用电子团在电场中的振荡来产生微波，其振荡原理可简

化为静电场模型。已知静电场的方向平行于x轴，其电势随x的分布如图所示。一质量为201.010kg−、电荷量为92.010C−的带负电粒子从()0.5,0−点由静止释放，仅在电场力作用下沿x轴做往复运动，求：（1）

在0.5cm0x−及01.0cmx区域内电场强度的大小和方向；（2）该粒子运动过程中经过何处速度最大，最大速度是多少；（3）该粒子运动的周期是多少。15.（18分）如图所示，有四块相同的矩形金属薄板M、N、P、Q，其中M、N

（正中间均开有小孔）竖直平行放置，P、Q水平平行放置，金属板M接电源正极，N接电源负极，电源电压可调，金属板P带正电、Q带等量负电，电荷量保持不变，其右下方有一水平放置、半径为R的圆形检测板，检测板圆心到金

属板P、Q中心的水平距离为b。比荷为qm的带正电粒子从小孔飘入（初速度近似为零）金属板M、N之间的加速电场区域，当金属板M、N所接电源的电压为0U时，粒子经加速、偏转后恰好能打到检测板的圆心处。不计粒子受到的重力，忽略极板的边缘效应。

（1）求粒子进入偏转电场时的速度大小0v；（2）若已知金属板P、Q的长度为L，P、Q间偏转电场场强大小为E，求粒子离开偏转电场时速度大小；（3）要使带电粒子能够打在检测板上，求M、N两板所接电源电压的取值范围。2024-2025学年度上学期武汉市重点中学5G联合体期中考试高二物理试卷参考答案及评分

参考12345678910CDBBDCAABCDBD11.（8分）（1）AC（2）①如右图，()4,0③4312.（8分）5.254.775（4.774~4.776均可）24dUIl=偏小13.（12分）3过D点作AB边的法线NN，连接OD，则ODN=为O

点发出的光线在D点的入射角；设该光线在D点的折射角为，如图所示.根据折射定律有sinsinn=………………①（3’）式中n为三棱镜的折射率.由几何关系可知60=………………②（1’）30EOF=…………

……③（1’）在OEF△中有sinEFOEEOF=………………④（1’）由③④式和题给条件得2cmOE=……………………⑤（2’）根据题给条件可知，OED为等腰三角形，有30=……………………⑥（2’）由①②⑥式得3n=.………………⑦（2’）14.（14分

）（1）见解析；（2）6210m/smv=；（3）83.010sT−=（1）由x−图像的物理意义可知，在x轴正、负半轴分布着方向相反的匀强电场，在\l0.e5cm0qx−区域内电场强度大小120

00V/mEd==，方向沿x轴负方向……………………（2’）在01.0cmx范围电场强度大小21000V/mEd==方向沿x轴正方向………………（2’）（2）粒子经过0x=处时速度最大，由动能定理可得212mqUmv=………………（2

’）代入数值可得62210m/smqUvm==………………（2’）（3）设粒子从0.5cmx=−处运动至0x=处用时1t，从0x=处运动至1.0cmx=处用时2t，则有11mqEvtm=，22mqEvtm=………

…（2’）运动周期()122Ttt=+………………（2’）带入数据可得83.010sT−=………………（2’）15.（18分）（1）02qUm（2）220022qUqELvmmU=+（3）00,bRbRUUbb−+（1）从M到N，根据动能定理，有200

12qUmv=…………（2’）解得002qUvm=…………（1’）（2）粒子在偏转电场中运动的时间为t，离开偏转电场时速度的偏转角为，水平方向有0Lvt=………………（1’）yvat=………………（1’）根据牛顿第二定律，有qEma=………………（1’）且

22xyvvv=+………………（1’）联立解得：220022qUqELvmmU=+………………（2’）（3）方法一：设金属板长为L、板间距为d，偏转电场的电压为U，加速电压为0U时，粒子在偏转电场中运动的时间为t，离开偏转电场时速度的偏转角为，水平方向有0Lvt=………………（1’

）根据牛顿第二定律，有Uqmad=………………（1’）速度偏转角为0tanatv=………………（1’）联立解得0tan2ULUd=………………（1’）设加速电压为1U时粒子恰好打到检测板最左侧，加速电压为2U时粒子恰好打到检测板最右侧，离开偏转电场时速

度的偏转角分别为1、2，结合几何关系有11tan2ULUd=………………（1’）22tan2ULUd=………………（1’）粒子离开偏转电场后做匀速直线运动，且速度反向延长线过金属板P、Q中心，根据几何关系

，有()()12tantantanbRbbR−==+………………（1’）联立解得10bRUUb−=，20bRUUb+=………………（2’）即M、N两板所接电源电压的取值范围为00,bRbRUUbb−+方法二

：设加速电压为1U，同理可得，粒子进入偏转电场的速度为12xqUvm=………………（1’）设金属板长为L、板间距为d，偏转电场的电压为2U，粒子在偏转电场中运动的时间为t，离开偏转电场时速度的偏转角为，水平方向有xLvt=……

…………（1’）根据牛顿第二定律，有2qUmad=………………（1’）粒子在偏转电场中做类平抛运动，则2221124ULyatdU==………………（1’）粒子离开偏转电场后做匀速直线运动，当10UU=，粒子在沿着偏转电场的位移为0

y，恰好能打到检测板的圆心处，设检测板金属板P、Q中心的水平距离为Y，则0/2yLYb=………………（1’）设加速电压为1U时粒子恰好打到检测板的最左侧（此情况下加速电压最小），加速电压为1U时粒子恰好打到检测板的最右

侧（此情况下加速电压最大），同理可得/2yLYbR=−，/2yLYbR=−………………（2’）则10bRUUb−=，10bRUUb+=………………（2’）即M、N两板所接电源电压的取值范围为00,bRbRUUbb−+

