【文档说明】安徽省当涂第一中学2023-2024学年高二上学期10月月考物理试题 含解析.docx，共(16)页，708.898 KB，由小赞的店铺上传

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当涂一中高二年级2023-2024学年度10月份月考物理试题（卷面分值：100分考试时间：75分钟）一、选择题（第1～7题只有一项符合题目要求，每题4分；第8～10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）1.对研究对象或研究

过程建立理想化模型，突出问题的主要方面忽略次要因素从而有效地解决问题，是物理学研究的常用方法。下列各组均属于理想化模型的是（）A.点电荷、元电荷B.质点、点电荷C.元电荷、重心D.质点、重心【答案】B【解析】【详解】质点是忽略大小、体积、形状而有质量的点，点电荷是本身大小比相互之间

的距离小得多的带电体，点电荷、质点都是实际不存在的理想化模型，元电荷是最小的电荷量，重心是重力在物体上的等效作用点，不是理想化模型；故选B。2.在电场中某点放一检验电荷,其电量为q，所受电场力为F．按场强定义可知，该点的场强大小

E=Fq．那么，下列说法中正确的是：()A.若移走检验电荷，则该点的电场强度为零B.若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小为2EC.若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小为2ED.若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小仍为E【答案】D【解析】【详

解】该点的电场强度由场本身决定，与放不放试探电荷无关，与试探电荷电量也无关，ABC错D正确．故选D。3.如图所示的火警报警装置，1R为热敏电阻，若温度升高，则1R的阻值会急剧减小，从而引起电铃电压的增加，当电铃电压达到一定值时，电铃会响。下列说法正

确的是（）A.适当增大电源的电动势可使报警的临界温度升高B.适当增大电源的电动势可使报警的临界温度降低C.把2R的滑片适当向下移可使报警的临界温度升高D.把2R的滑片适当向下移不改变报警的临界温度【答案】B【解析】【详解】AB

．温度升高，1R的阻值减小，干路电流增大，若适当增大电源的电动势，电铃电压更容易到达临界值而引起电铃响，故报警的临界温度降低，A错误，B正确；CD．把2R的滑片适当向下移，其阻值增大，并联部分阻值增大，随着温度升高，1R的阻值减小，干路电流增大，电铃电压更容易到达临界值，使报警的临界温度

降低，CD错误。故选B。4.如图所示，甲、乙两个电路都是由一个小量程电流表和一个电阻箱R组成的，下列说法正确的是（）A.甲表是电压表，R增大时量程增大B.甲表是电流表，R增大时量程减小C.乙表是电流表，R增大时量程增大D.乙表是电压表，R增大时量程减小【答案】B【解

析】【分析】【详解】AB．甲表是电流表，R增大时，甲表中变阻器分流减小，量程减小，故A错误，B正确；CD．乙是电压表，R增大时，变阻器分担的电压增大，量程增大，故CD错误。故选B。5.如图所示，绝缘轻杆一端插入绝缘水平面固定

，另一端与带正电的金属小球1连接，轻杆与水平面夹角为30°．带电量为+q的金属小球2放在绝缘水平面上，1、2小球间的连线与水平面间的夹角也为30°，此时轻杆对小球1的弹力恰好沿杆方向．现用与小球2完全相同的带电

量为－3q小球3和小球2接触，稳定后再移走小球3．球1、2均看作点电荷．则小球2电荷量变化前后，轻杆对小球1的弹力大小之比为A.1︰3B.2︰3C.1︰2D.3︰2【答案】A【解析】【详解】设金属小球1的质量为m，球2与球3接触前，

小球1、2之间表现为斥力，大小设为F，由平衡条件可得轻杆对球1的弹力与球1的重力和F的合力等大反向，由几何关系得球1的重力和F的夹角为120°，又由于此时轻杆对小球1的弹力恰好沿杆的方向，根据平行四边形定则可知Fmg=，故轻杆对小球1的弹力大小为1F

mg=；球2与球3接触后，小球2的电荷量变为q−，根据库仑定律2QqFkr=得，小球1、2之间库仑力大小还是F，表现为引力，由平衡条件得轻杆对小球1的弹力与球的1的重力和F的合力等大反向，由几何关系得小球1的重力和F的夹角为60°，再根据平行四边形定则可知，轻杆

对小球1的弹力大小变为2F3mg=，所以12F:F1:3=，故选项A正确，B、C、D错误；故选选项A．6.如图所示，电源电动势E一定，内阻不计，1R、2R是定值电阻，3R是光敏电阻，其阻值随光照的增强而减小。开关S闭合，电路稳定后

，电容器两板间的一带电液滴恰好能静止在M点。现增强照射电阻3R的光照强度，则（）A.电容器的电容增大B.M点的电势升高C.液滴向下运动D.2R中有向右的电流【答案】B【解析】【详解】A．电容器的电容由电容器本身性质决定，不随其电压或电荷量的变化而变化，故A错

误；B．增强照射电阻3R的光照强度，R3阻值减小，回路总电阻减小，总电流增大，则R1两端电压增大，电容器两极板间电压增大，根据UEd=可知两极板间电场强度增大，而下极板接地，电势为零，设M到下极板间的

距离为d，则M点的电势为MEd=所以M点的电势升高，故B正确；C．根据平衡条件可知，开始时液滴所受电场力与重力平衡，增强照射电阻3R的光照强度，电容器两极板间电场强度增大，液滴所受电场力增大，将大于重力，则液滴所受合外力向上，将向上运动，故C错误；D．由电路连接方式易知电容器上极板带正电，下

极板带负电，增强照射电阻3R的光照强度，电容器两极板间电压增大，根据QCU=可知电容器充电，2R中有向左的电流，故D错误。故选B。7.带电粒子射入两块平行板间的匀强电场中，入射方向跟极板平行，重力不计，若初动能为Ek，则出场时动能为2Ek。如果初速度增加为原来的2倍

，则出场时动能为（）A.4EkB.5EkC.k92ED.174Ek【答案】D【解析】【详解】设粒子第一个过程中初速度为v，电场宽度为L，初动能为2k12Emv=第一个过程中粒子沿电场线方向的位移为222k11224qELqELyatmvE===

第一个过程由动能定理kkk2qEyEEE=−=同理，第二个过程中沿电场线方向的位移为211224qELYymv==初动能为()2'kk1242EmvE==根据动能定理得'kk4qEYEE=−代入得'kk144qEyEE=−解得'kk1

74EE=故选D8.三个阻值都为12Ω的电阻，它们任意连接、组合，总电阻可能为()A.4ΩB.24ΩC.8ΩD.36Ω【答案】ACD【解析】【详解】当三个电阻串联时，阻值为31236=；当三个电

阻并联时，阻值为1243=；当两个电阻串联后与第三个电阻并联，阻值为241282412=+；当两个电阻并联后与第三个电阻串联，获得的阻值为1212182+=，故ACD正确．9.一根粗细均

匀的金属导线阻值为R，两端加上恒定电压U时，通过金属导线的电流强度为I，金属导线中自由电子定向移动的平均速率为v，若将金属导线对折一次，使其长度变为原来的一半，仍给它两端加上恒定电压U，则下列说法正确的是（）A.此时金属导线的阻值为4RB.此时通过金属导

线的电流为4IC.此时自由电子定向移动的平均速率为2vD.此时自由电子定向移动的平均速率为2v【答案】AD【解析】【详解】A．根据电阻的决定式有LRS=金属导线的体积不变，将金属导线均匀拉长，使其长度变为原来的一半，则横截面积变为

原来的2倍，可知电阻变为原来的14，即此时金属导线的阻值为4R，故A正确；B．根据欧姆定律有UIR=结合上述可知，电流I变为原来的4倍，即此时通过金属导线的电流为4I，故B错误；CD．根据电流的微观定义式有I=nevS其

中n、e不变，根据上述，电流I变为原来的4倍，横截面积S变为原来的2倍，此时自由电子定向移动的平均速率变为2v，故C错误，D正确。故选AD。10.如图所示，AC是圆O的一条水平直径，BD是竖直方向的另外一条直径，M点是圆上的点，OM连线与OC的夹角为60°，

该圆处于方向与圆面平行的匀强电场中。将带正电量为q、质量为m的粒子从圆心O点以相同的动能Ek0射出，射出方向不同时，粒子可以经过圆周上的所有点。在这些点中，经过c点时粒子的动能最小且为04kE，已知圆的半径为R，重力加速度的大小为g，匀强

电场的场强2mgEq=，那么（）A.M点电势一定高于O点的电势B.粒子经过B点和D点时的动能一定相同C.粒子经过M点时的动能为058kED.粒子经过AB连线中点时的动能为0108kE【答案】BC【解析】的【分析】【详解】A．从O经过C点时粒子的动能最小且为

04kE，则C点为复合场的等效最高点，则复合场的合力方向如图所示，则有=cosFqE合，sinqEmg=，2mgEq=联立解得=3Fmg合，=30则电场线的方向如图所示，由几何关系可知，MO与电场线垂直，则MO在同一等

势面上，则M点的电势等于O点的电势，所以A错误；B．粒子经过B点和D点时，合外力不做功，所以粒子的动能不变，则粒子经过B点和D点时的动能一定相同，所以B正确；C．粒子从O经过M点时，只有重力做功，由动能定理可得0sin60kMkmgREE−=−从O经过C点时粒子的动能

最小且为04kE，由动能定理可得004kkEFRE−=−合联立解得058kkMEE=所以粒子经过M点时的动能为058kE，则C正确；D．粒子经过AB连线中点时的动能为kE，则有0cos45kkFREE=−合联立解得0321

8kkEE=+所以D错误；故选BC。二、实验题（每空2分，共16分）11.某学生实验小组利用如图所示电路进行实验，使用的器材有：多用电表、电压表（量程5V，内阻十几kΩ）、滑动变阻器（最大阻值5kΩ）、导线若干（1）将多用电表挡

位调到电阻“×100Ω”挡，再将红表笔和黑表笔短接，进行欧姆调零；（2）将图中多用电表的红表笔和___________（填“1”或“2”）端相连，黑表笔连接另一端；（3）若多用电表挡位调到电阻“×100Ω”挡测量，指针偏转角度过小，换挡后重新进行（1）的步骤后，将滑动变阻器

的滑片调到适当位置，使多用电表的示数如图甲所示，这时电压表的示数如图乙所示，多用电表和电压表的读数分别为___________和___________。【答案】①1②.15kΩ③.3.60V【解析】【详解】

（2）[1]电表电流为红进黑出，电源在多用电表内，多用电表黑表笔接内部电源的正极，故黑表笔接2，红表笔接1；（3）[2]多用电表换倍率为1k档，读数为15kΩ；[3]电压表精确度为0.1V，110估

读，故读数为3.60V。12.学习小组要测量一个电阻的电阻率，已知其长度为L，额定电压为1V。（1）用螺旋测微器测量该电阻的直径，示数如图甲所示，其直径d=______mm；（2）粗测该电阻的阻值为250Ω，为精确测量其阻值，该同学设计的测量电路如图乙所示

，其中蓄电池E电动势约为6.5V（内阻不计）、滑动变阻器R最大阻值为200Ω、定值电阻R1=792Ω、保护电阻R2=250Ω。要求滑动变阻器在接近全电阻范围内可调，且测量时电表的读数不小于其量程的23，则图乙中圆圈①位置接入______、圆圈②位置应接入______（均选填器材前的字

母序号）；.A．电流表A1（量程为100mA，内阻RA1=3Ω）B．电流表A2（量程为5mA，内阻RA2=8Ω）C．电压表V（量程为3V，内阻RV=750Ω）（3）实验中根据两电表读数作出如图丙所示图线（坐标均为国际单位），已知图线的斜率为k，

则所测该电阻的阻值Rx=______（用题中已知所测物理量符号表示），研究实验误差时发现实验所用定值电阻的阻值比标称值小，则电阻率的测量值将______（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】①.1.990②

.C③.B④.()1A2VVRRRRk+−⑤.偏大【解析】【详解】（1）[1]该电阻的直径1.5mm0.01mm49.01.990mmd=+=（2）[2][3]圆圈②位置应接入B，即电流表A2，与定值电阻R1改装成伏特表，该伏特表的量程为()m5mA792Ω8Ω4VU=+=圆圈①位置接入C，当

电压表满偏时，待测电阻两端电压为x3V750Ω250ΩU=解得x1VU=电压表与待测电阻的总电压为4V，恰好等于改装后的伏特表的量程4V，两个电表能同时满偏。（3）[4]①为电压表，读数为U，②为电流表，读数为I，根据欧姆定律得的()()1A2xVVUI

RRRRR+=+解得()1A2VVxRRRUIRR+=+根据图像得()1A2VVxRRRkRR+=+解得()1A2VxVRRRRRk+=−[5]研究实验误差时发现实验所用定值电阻的阻值比标称值小，则电阻的测量值Rx偏大，根据电阻定律xLRS=解得xRSL=测量值

Rx偏大，电阻率的测量值偏大。三、解答题（本题3小题，共38分）13.如图用一条绝缘轻绳悬挂一个带正电小球，小球质量为1.0×10-3kg，所带电荷量为2.0×10-8C。现加水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与竖直方向夹角为30°。求：（1）小球受到电场力大小；（2）匀强电场的电场强度大小。

【答案】（1）2310N3−；（2）63106N/C【解析】【详解】（1）根据受力分析得的1tanFG=解得21310N3F−=（2）根据电场力公式FEq=解得63106E=N/C14.如图所示，已知电源电动势E=2

0V，内阻r=1Ω，当接入固定电阻R=4Ω时，电路中标有“3V，6W”的灯泡L和内阻RM=0.5Ω的小型直流电动机M都恰能正常工作．求：（1）电路中的电流I；（2）电源的输出功率P外；（3）电动机的输出功率P出．【答案】（1）2A（2）36W（3）1

2W【解析】【详解】（1）灯泡L正常发光，电路中的电流为LLPIU=代入数据得：I=2A（2）电源的输出功率为P外=P总-P内，即P外=EI-I2r代入数据得：P外=36W（3）由串联电路分压关系得：UM=E-I（r+R）-UL代入数据得：UM

=7V电动机的输出功率为P出=P电-P热，即P出=IUM-I2RM代入数据得：P出=12W15.如图所示，为一个实验室模拟货物传送的装置，A是一个表面绝缘质量为1kg的小车，小车置于光滑的水平面上，在小车左端放置一质量为0.2kg带电量为2110Cq−=的绝缘货柜，在传送途中有一

水平电场，可以通过开关控制其有、无及方向。现将一质量为0.8kg的货物放在静止的货柜内。先通过控制开关产生一个方向水平向右，大小21310N/mE=的电场，使小车和货柜开始运动，作用2s后，改变电场，电场大小变为22

110N/mE=，方向向左。电场作用一段时间后，关闭电场，小车正好到达目的地，货物在小车的最右端，且小车和货物的速度恰好为零。已知货柜与小车间的动摩擦因数0.1=，（小车不带电，货柜及货物体积大小不计，g取210m/s）求：（1）02s−内小车、货物的位移大小；

（2）整个传送过程中小车的最大速度；（3）整个传送过程中货柜与小车摩擦产生的内能Q。【答案】（1）2m4m；（2）8m/s3；（3）8J3【解析】【分析】【详解】（1）货物()()2211021110101103100.10.20.8

102m/s0.20.8qEmmgFfammmm−−+−+−====+++小车221m/sfaM==经12st=货物运动211114m2sat==小车运动222112m2sat==（2）货物11122m/s4m/svat===向右，小

车22112m/s2m/svat===向右，经2秒后，货物作匀减速运动22110112m/s1qEfamm++===+小车加速度不变，仍为221m/sa=向右，当两者速度相等时，小车的速度最大。货柜恰好到达小车最右端，共同速度为112vva

t=−222vvat=+22s3t=8m/s3v=（3）小车在2t时间内位移232222114m29svtat=+=货柜在2t时间内位移为241212120m29svtat=−=小车长度12438m3Lssss=−+−=系统产生内能的获得更多资源请扫码加

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