【文档说明】内蒙古阿拉善盟第一中学2022-2023学年高一上学期期末物理试题 含解析.docx，共(19)页，7.205 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-d393bf0b9b3336bbe68ade9546545b88.html

以下为本文档部分文字说明：

阿拉善盟第一中学2022～2023学年度第一学期高一年级期末考试物理一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求，全

部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）1.大熊猫是中国特有物种，现存的主要栖息地是中国四川、陕西和甘肃的山区。大熊猫体型肥硕似熊、丰腴富态，头圆尾短，头躯长1200~1800mm，尾长100~120mm，体重80~120kg，正常行走时的速

度为5~10km/h．下列说法正确的是（）A.“正常行走时的速度为5~10km/h”中“速度”指的是平均速度B.研究熊猫行走时的姿态，可以将其视为质点C.“mm、kg”都是国际单位制中的基本单位D.“km/h”是导出单位【答案】D【解析】【详解】A．“正常行走的速度为510km/h

”中“速度”指的是瞬时速率，故A错误；B．研究熊猫行走时的姿态，需要研究熊猫的外形，不可以将其视为质点，故B错误；C．“mm”不是国际单位制基本单位，故C错误；D．“km/h”是速度单位，速度单位都是导出单位，故D正确。故选D。2.如图所示为一静止在水平地面上的石狮子。

下列说法正确的是（）A.石狮子受到地面的支持力是由于地面发生形变而产生的B.石狮子受到的重力和地面对石狮子的支持力是一对相互作用力C.石狮子受到的重力，只有受力物体，没有施力物体D.把石狮子放在地球表面上的任何地方，其所受的重力大小总是相等的【答案】A【解析】【详

解】A．石狮子受到地面的支持力是由于地面发生形变而产生的，是地面对石狮子的弹力，故A正确；B．由于石狮子静止在水平地面上，所以石狮子受到的重力和地面对石狮子的支持力是一对平衡力，故B错误；C．石狮子受到的重力的施力物体是地球，故C错误；D．把石狮子放在地球表面上不同纬度处

，其所受的重力大小是不同的，故D错误。故选A。3.如图所示，在平直的高速公路上，小轿车和大货车并排沿正方向运动，小轿车超大货车时，小轿车的加速度24m/sa=轿，大货车的加速度24m/sa=−货。对小轿车和大货车的运动

，下列判断正确的是（）A.大货车的加速度比小轿车的加速度小B.大货车速度一定在减小，小轿车速度一定在增加C.大货车的速度比小轿车的速度变化慢D.大货车、小轿车在相等时间内速度变化相同【答案】B【解析】【详解】A．加速度的正、负表示方

向，绝对值表示大小，大货车、小轿车加速度大小相等，故A错误；B．小轿车加速度与速度同向，所以做加速运动，大货车加速度与速度方向相反，所以做减速运动，故B正确；C．加速度大小表示速度变化的快慢，小轿车、大货车速度变化一

样快，故C错误；D．由的vat=可知相等时间内，小轿车、大货车速度变化大小相等，方向相反，故D错误。故选B。4.如图所示，用轻绳将物体Q系于竖直墙面，Q与墙面直接夹有物体P，P、Q均处于静止状态，则下列说法正确的是（）A.物体P一定受到4个力的作用B.物体P可能受到3个力的作用C.

物体Q可能受到4个力的作用D.物体Q一定受到3个力的作用【答案】C【解析】【详解】若物体Q表面光滑，则P、Q之间没有摩擦力，则物体P受重力、墙面对它的支持力，Q对它的压力和墙面对它的摩擦力，4个力的作用；物体Q则受重力、绳子拉

力和P对它的支持力，3个力的作用；若物体Q表面粗糙，墙面粗糙，但墙面与P之间的动摩擦因数较小，则P、Q之间有摩擦力，则物体P受重力、墙面对它的支持力，Q对它的压力、Q对它的摩擦力和墙面对它的摩擦力，5个力的作用；物体Q则受重力、绳子拉力、P对它的支持力和P对它的摩擦力，4个力的作用。故

选C。5.壁虎不仅能飞檐走壁，也可以在水面上轻松游动，有一只壁虎要穿过一条宽为3m的小河到对岸寻找食物。已知河岸两侧平行，河水流动的速度为0.5m/s，壁虎在静止水面上最大的游动速度为2m/s，下列说法正确的是（）A.若壁虎以1m/s的恒定速度游向河对岸，其在水中最短的运动时间为2sB.若壁虎

以1m/s的恒定速度游动，要想垂直到达河对岸，壁虎的身体姿态应斜向上游C.若壁虎保持身体姿势垂直河岸方向从静止加速游向河对岸，壁虎在水中运动的轨迹是一条直线D.若暴雨天气后，水流速度达到5m/s，其他条件不变，壁虎仍可能垂直游到河对岸【答案】B【解析】【详

解】A．当壁虎垂直河岸游动时，在水中运动时间最短，为min3sdtv==壁故A错误；B．若壁虎以1m/s的恒定速度游动，要想垂直到达河对岸，壁虎的身体姿态应斜向上游，使得合速度与河岸垂直，故B正确；C．若壁虎保持身体姿势垂直河岸方向从静

止加速游向河对岸，由于合加速度与合初速度不共线，则壁虎在水中运动的轨迹是一条曲线，故C错误；D．若暴雨天气后，水流速度达到5m/s，由于mvv水壁，则壁虎不可能垂直游到河对岸，故D错误。故选B。6.如图所示为一款可垂直起降的小型遥控无人机.在一次训练使用中，t=

0时无人机在地面上从静止开始匀加速竖直向上起飞，t=3s时无人机出现故障突然失去升力，此时离地面高度为h=15m，不计空气阻力，重力加速度g取10m/s2。下列说法正确的是（）A.无人机起飞的加速度大小为5m/s2B.无人机离地面的最大高度为25mC.

无人机从起飞到落地的总时间为6sD.无人机落地时的速度大小为25m/s【答案】C【解析】【详解】A．根据时间位移公式212hat=解得210m/s3a=故A错误；B．失去升力后上升的最大高度，根据速度位移公式222ah

vgh==解得5mh=无人机离地面的最大高度为20mHhh=+=故B错误；C．失去升力后设经t落回地面，规定竖直向上为正方向，根据位移时间公式有212hattgt−=−解得3st=无人机从起飞到落地的总时间为6sttt=+=总故C正确；D．规定竖直向上为

正方向，根据速度时间公式，无人机落地时的速度vatgt=−解得20m/sv=−无人机落地时的速度大小为20m/s，故D错误。故选C。7.如图所示，质量M=1kg的斜劈放置在水平地面上，将质量m=1kg的物块放置

在斜劈上，并在物块上施加垂直于斜劈斜面的力F，使物块和斜劈均处于静止状态。已知斜劈的倾角为37°，斜劈与木块、地面间的动摩擦因数均为0.5，且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取210m/s，sin37°=0.6，cos37°=0.8。则力F的大小范围为（）A.4N50NFB.4N25

NFC.2N50NFD.2N25NF【答案】A【解析】【详解】若物块静止，物块受力如图甲所示，则有()cos37sin37Fmgmg+解得4NF若斜劈静止，将物块与斜劈视为整体，其受力如图乙所示，则有()sin37cos37

FFMmg++解得50NF故A正确。故选A。8.在某次摩托车极限运动比赛中，一赛车手驾驶摩托车（可视为质点）从高台以某一速度水平飞出，恰好飞到一侧斜坡顶端，且摩托车的速度方向刚好沿斜坡方向向下，其运动模型简化如图所示．已知斜坡与水平面所成的夹角为

37=，斜坡顶端与高台之间的宽度为40m3s=，重力加速度取210m/s=g，sin370.6=，cos370.8=，不计空气阻力．下列说法正确的是（）A.摩托车运动到斜坡顶端时水平方向与竖直方向

上的速度之比为3：4B.斜坡顶端到高台平面的高度差为10mC.摩托车飞离高台时的速度大小为10m/sD.摩托车到达斜坡顶端时的速度大小为503m/s【答案】D【解析】的【详解】A．摩托车运动到斜坡顶端时水平方向与竖直

方向上的速度之比为4tan533xyvv==A错误；C．设初速度为v0，运动时间为t0tan37gtv=0svt=解得1st=040m/s3v=C错误；B．斜坡顶端到高台平面的高度差为2211101m5m22hgt===B错误；D．摩托车到

达斜坡顶端时的速度大小为()()222204050101m/sm/s33vvgt=+=+=D正确。故选D。9.关于牛顿第一定律的理解，下列说法正确的是（）A.力不是维持物体运动的原因B.物体的速度越快，其惯性越

大C.小型客车前排乘客需要系安全带，是为了减小因惯性造成的伤害D.地球上不存在不受力的物体，所以牛顿第一定律没有实际意义【答案】AC【解析】【详解】A．力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态的原因，A正确；B．惯性大小只与质量有关，与物体的速度无关，B错误；C．小型客

车前排乘客需要系安全带，是为了减小因惯性造成的伤害，C正确；D．牛顿第一定律是在实验的基础上进一步的推理概括出来的科学理论，而不能直接通过实验得出的，但能经受住实践的检验，生活中物体受到合外力为零与不受力的效果相同，所以牛顿第一定律有实际意义，D错误。故选AC。10.一游客乘坐观

光电梯进行游览，取竖直向上为正方向，游客的速度－时间关系图像如图所示，则下列说法正确的是（）A.在10t内，游客处于超重状态B.在12tt内，游客处于失重状态C.在23tt内，游客处于超重状态D.在23tt内，游客对电梯的压力增大

【答案】AD【解析】【详解】A．根据vt−图像的斜率表示加速度，由图像可知在10t内，电梯的加速度竖直向上，游客的加速度也竖直向上，则游客处于超重状态，故A正确；B．根据vt−图像的斜率表示加速度，由图像可知在12tt内，电梯做匀速直线运动，游客处于平衡状态，故B错误；CD．根据vt−图像斜

率表示加速度，由图像可知在23tt内，电梯的加速度竖直向下，游客的加速度也竖直向下，游客处于失重状态，且加速度逐渐减小，根据牛顿第二定律可得NmgFma−=即NFmgma=−可知电梯对游客的支持力逐渐增大，根据牛顿第三定律可知，游客对电梯的压力逐渐增

大，故C错误，D正确。故选AD。11.如图所示，一倾角为37°的倾斜传送带沿逆时针以4m/s的速度转动，一物块从传送带顶端A轻放上的传送带，2.4s后到达底端B。已知物块和传送带间的动摩擦因数为0.5，重力加速度g取210ms/，sin370.6

=，cos370.8=。下列说法正确的是（）A.整个运动过程中，物块的加速度大小恒为210m/sB.整个运动过程中，物块加速度大小恒为22m/sC.物块到达B点时的速度大小为8m/sD.传送带的长度为12.8m【答案】CD【解析】【详解】ABC．一物块从传送带顶端A

轻放上传送带时，物块相对于传送带向上运动，受到的滑动摩擦力向下，根据牛顿第二定律可得21sin37cos3710m/smgmgam+==物块从顶端A轻放上传送带到与传送带共速所用时间为114s0.4s2.4s10v

ta===传物块与传送带共速后，受到向上的滑动摩擦力，根据牛顿第二定律可得22sin37cos372m/smgmgam−==可知物块继续向下做匀加速直线运动，物块到达B点时的速度大小为224m/s2(2.40.4)m/s8m/sBvvat=+=+−=传故AB错

误，C正确；D．传送带的长度为12124480.4m2m12.8m2222BvvvLxxtt++=+=+=+=传传故D正确。的故选CD。12.如图所示，一根粗糙的水平横杆上套有A、B两个轻环，系在两环上的等长细绳拴住的小球处于静止状态

，现将两环距离变大后小球仍处于静止状态，则（）A.两细绳的合力变大B.连接B环的细绳拉力变大C.A环所受的摩擦力变小D.杆对A环的支持力不变【答案】BD【解析】【详解】A．以小球为研究对象，小球受重力和两细绳对它拉力的合力，两细绳的合力始终与小球重力大小相等，所以一直不变，A错误；B．两绳

的合力等于小球的重力，两环距离变大，两绳的夹角变大，则绳的拉力变大，故B正确；D．设小球的质量为m，以A、B两个轻环及小球系统为研究对象，根据平衡条件得N2Fmg=解得N12Fmg=杆对A环的支持力始终等于小球重力的一半，支持力不变

，故D正确；C．以A环为研究对象，绳与竖直方向的夹角为时，A环的受力分析如图所示对A环，根据平衡条件得fTsinFF=NTcosFF=解得fNtantan2mgFF==现将两环距离变大后，增大，tan

增大，则A环受到的摩擦力Ff变大，所以A环对杆的摩擦力也变大，故C错误。故选BD。二、实验题（本题共2小题，共14分）13.小明同学用不同的实验装置，进行了“探究平抛运动的特点”实验：（1）小明同学采用如图甲所示的装置用小锤击打弹性金属片，金属片把A球

沿水平方向弹出，同时B球被松开自由下落，可以通过_________（填“听声音”或“眼睛看”）来判断小球是否同时落地；改变小锤打击的力度，即改变A球被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明_______。（2）小明同学又通过频闪摄影的方法拍摄到如图乙所示的小球

做平抛运动的照片，小球在平抛运动中的几个位置如图中的a、b、c、d所示，图中每个小方格的边长为1.6l=cm，则频闪相机的拍照频率f=____Hz，该小球平抛时的速度大小0v=_________m/s。（结果保留两位有效数字，重力加速度g取102m/s）【答案】①.听声音②.平抛运动在竖直

方向做自由落体运动③.25④.0.80【解析】【详解】（1）[1]对于甲图实验，可通过听有几个声音来判断两小球是否同时落地，如果只有一个声音，说明两者同时落地。[2]该现象表明两球在竖直方向的运动是相同的，即平抛运动竖直方向是自由落体运动。（2）[3]根据2ygT=，有21.61

0s0.04s10yTg−===125HzfT==[4]小球平抛运动的初速度大小为2023.210m/s0.80m/s0.04lvT−===14.在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中，采用如图甲所示的装置。（1）实验过程中，下列说法正确的是______。（填字母）A．定滑

轮和小车间的细绳要保持平行于木板B．每次改变小车的质量后，需要重新平衡摩擦力C．实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车D．改变小车质量（含车内砝码），不需要满足小车质量远大于砝码质量（2）实验中得到了如图乙所示的一条纸带（相邻两点间还有4个计数点没有画

出），已知打点计时器采用的是频率为50Hz的交流电，根据纸带可求出小车的加速度大小为______2m/s（结果保留小数点后面两位）．（3）探究加速度与力关系时，以砝码重力大小F为横坐标，加速度a为纵坐标，画出的aF−图像如图丙所示，图像的斜率为k。图像

未过坐标原点的原因是______，该次实验小车的总质量为______。【答案】①.AC②.0.50③.平衡摩擦力过度④.1k【解析】的【详解】（1）[1]A．实验用细绳的拉力代表合外力，故定滑轮和小车间的细绳要保持平行于

木板，A正确；B．用小车重力的分力平衡摩擦力，则每次改变小车的质量后，不需要重新平衡摩擦力，B错误；C．实验时，先接通打点计时器电源，再放开小车，C正确；D．由于是用砝码重力来近似代替小车的拉力，则改变小车质量（含车内砝码），需要满

足小车质量远大于砝码质量，D错误。故选AC。（2）[2]每两点间的时间间隔0.1sT=，由逐差法有()()45612329xxxxxxaT++−++=解得20.50m/sa（3）[3]由图像可知，图像未过坐标原点的原因是平衡摩擦力过度。[4]由

牛顿第二定律FMa=可得1aFM=则aF−图像中，有1kM=解得1Mk=三、计算题（本题共3小题，共计38分。解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不能得分。有数值计算的题

，答案中必须明确写出数值和单位）15.如图所示，轻绳一端连接放置在水平地面上的物体Q，另一端绕过固定在天花板上的光滑定滑轮与小球P连接，P、Q始终处于静止状态。已知物体P重为P5NG=，连接Q的细绳与水平面所成的夹角为30

°。求：（1）细绳对定滑轮的作用力大小；（2）物体Q受到的摩擦力大小。【答案】（1）53N；（2）53N2【解析】【详解】（1）细绳受到的拉力P5NTG==则细绳对滑轮的作用力2cos30FT=解得53NF=（2）对于物体Q，其受力

如图所示在水平方向上有cos30fT=解得53N2f=16.一船模爱好者在水面上对如图甲所示的模型船进行测试，模型船在水面上的运动轨迹如图乙所示。模型船（视为质点）从A点由静止出发，以大小22m/s的加速度沿AB做匀加速直线运动，

6s后到达B点，此后保持速率不变，再经过4.5s到达C点并立即沿CA做匀减速直线运动，最后刚好在A点停下。已知点A、B、C恰能构成一个直角三角形，且∠A=37°，∠B=90°，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求：（1）模型船在A

C段的加速度大小；（2）模型船全程的平均速率。【答案】（1）21.6m/s；（2）7.5m/s【解析】【详解】（1）模型船在AB段做匀加速运动，则由匀变速运动规律有2136m2ABxat==模型船在C点的速度大小为12m/svat==由几何关系有45mcos37A

BACxx==在AC段，有212ACaxv=联立解得211.6m/sa=（2）在BC段，有154mBCsvt==模型船在AC段，有217.5svta==模型船全程，有12365445m/s7.5m/s64.57.5ABBCACxsxvt

tt++++===++++17.如图所示，质量为2kgM=的木板静止放置在光滑水平地面上，木板右侧有一堵墙面。一质量1kgm=的物块以速度06m/sv=滑上木板左端，当物块与木板速度相同时，木板撞上墙面后反弹，最后物块刚好到达木板右端。已知木板撞上墙体前后

速度大小不变，碰撞时间忽略不计。物块和木板间的动摩擦因数0.2=，重力加速度g取102m/s。求：（1）开始时木板右端到墙面的距离，（2）木板的长度。【答案】（1）2ms=；（2）26m3L=【解析】【详解】（1）物块

刚滑上木板时，对于物块，由牛顿第二定律有1mgma=对于木板有，有2mgMa=当木板木块共速时，有01121vatat−=木板右端到墙面的距离22112sat=解得2ms=（2）木板撞上墙面前，物块移动的距离21011112svtat=−物块的速度1

011vvat=−木板的速度221vat=木板撞上墙面后至物块运动到木板的右端，有222112vatvat−=−+则木板的长度221222212121122Lssvtatvtat=−+−+−解得26m3L=获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.

xiangxue100.com