【文档说明】2024年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟卷02（全解全析）.docx，共(14)页，1.564 MB，由小赞的店铺上传

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2024年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟卷02姓名:__________准考证号:__________本试题卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分100分，考试时间60分钟。考生注意:1.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的

位置上。2.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。3.非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应的区域内，作图时先使用2B铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。4.可能用到的相

关参数:重力加速度g均取10m/s2。第I卷（选择题部分）一、选择题(本题共18小题，每小题3分，共54分。每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.如图所示的仪器中不能直接测量国际单位制中对应的力学基本量的是()A.B.C.D.【答案】B【解析

】长度、时间、质量是三个力学基本物理量，刻度尺是测量长度的仪器；天平是测量质量的仪器；秒表是测量时间的仪器；弹簧秤是测量力的仪器，力不是基本物理量。本题选不能直接测量国际单位制中对应的力学基本物理量的，故B正确，ACD错误。2.牛顿说“如果我看得更远一点的话，是因为我站在巨

人的肩膀上”，无数科学家的辛勤奋斗造就了今天物理学的成就。下列关于科学家和他们的贡献的说法中符合史实的是()A.牛顿最早测量出了引力常量B.法拉第提出了用电场线描述电场的方法，并用实验测得了元电荷的数值C.卡文迪许用扭秤实验研究了电荷间的相互

作用规律D.伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因【答案】D【解析】A.牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什利用扭秤实验测量出了引力常量，故A错误；B.法拉第提出了用电场线描述电场的方法，密立根用实验测得了元电荷的数值，故B错误；C.库

仑用扭秤实验研究了电荷间的相互作用规律，故C错误；D.伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故D正确。3.2023年五一长假期间，泰山景区迎来了一大批游客。游客可以选择乘坐索道登顶，如图甲所示是中天门——南天门索道全长20

78𝑚，上、下高度差约600𝑚，单程运行时间约7分钟。沿途风景极其壮观，惊险刺激，可以简化成图乙。对于乘坐索道缆车正在观光的某游客来说，下列说法正确的是A.以自己为参考系，看到前面的山迎面而来B.计算游客乘坐索道缆车的时间时，不可以

将游客看作质点C.“2078𝑚”指的是位移D.“7分钟”指的是时刻【答案】A【解析】A.以自己为参考系，看到前面的山迎面而来，故A正确；B、研究游客乘坐索道缆车的时间时，游客的形状和大小可以忽略，可以看成质点，故B错误；C.“2078

m”指的是路程，故C错误；D.“7分钟”指的是时间间隔，故D错误。4.如图甲所示，火箭发射时速度能在10𝑠内由0增加到100𝑚/𝑠；如图乙所示，汽车以108𝑘𝑚/ℎ的速度行驶，急刹车时能在2.5𝑠内停下来，下列说法中正确的是()

A.10𝑠内火箭的速度变化量为10𝑚/𝑠B.火箭的速度变化比汽车的快C.2.5𝑠内汽车的速度变化量为−30𝑚/𝑠D.火箭的加速度比汽车的加速度大【答案】C【解析】A.火箭的速度变化量Δv=v−v0=100m/s−0m

/s=100m/s，故A错误；C.汽车的速度变化量Δv=v−v0=0−1083.6m/s=−30m/s，故C正确；BD.根据a=ΔvΔt，得火箭的加速度a火=10010m/s2=10m/s2，汽车的加速度a汽=−302.5m/s2=−12m/s2

，负号表示加速度的方向与速度方向相反，加速度的大小为a汽=12m/s2，由此可知汽车的加速度大，速度变化快，故BD错误。能根据Δv=v−v0求得速度变化量，能根据a=ΔvΔt比较物体速度变化的快慢。掌握速度变化量和加速度的定义，知道矢量的正负号表示方向不表示大小，属于基础题不难

。5.以36𝑘𝑚/ℎ的速度沿平直公路行驶的汽车，遇障碍物刹车后获得大小为𝑎=4𝑚/𝑠2的加速度，刹车后3𝑠内，汽车走过的位移为()A.12𝑚B.12.5𝑚C.16𝑚D.90𝑚【答案】B【

解析】36km/h=10m/s，汽车速度减为0的时间为：t0=v0a=104s=2.5s，刹车3s内的位移等于刹车2.5s内的位移为：x3=x2.5=v022a=1022×4=12.5m，故B正确，ACD错误。6.某探险者在野外攀岩时，踩落一小石块，约5𝑠后听到石

头直接落到崖底的声音，探险者离崖底的高度最接近的是()A.25𝑚B.50𝑚C.110𝑚D.150𝑚【答案】C【解析】小石头下落过程，可以看做自由落体运动，即h=12gt2，代入数据则有：h=12gt2=12×9.8×52=122.5m，考

虑声音传回来，空气阻力，则下落距离应略小于122.5m，即选项C正确。7.高速公路的𝐸𝑇𝐶电子收费系统如图所示，𝐸𝑇𝐶通道的长度是识别区起点到自动栏杆的水平距离。某汽车以21.6𝑘𝑚/ℎ的速度匀速进入识

别区，𝐸𝑇𝐶天线用了0.3𝑠的时间识别车载电子标签，识别完成后发出“滴”的一声，司机发现自动栏杆没有抬起，于是采取制动刹车，汽车刚好没有撞杆。已知司机的反应时间为0.7𝑠，刹车的加速度大小为5𝑚/𝑠2，则该𝐸𝑇𝐶通道的长度约为()A.4.2𝑚B.6.0𝑚C.7.8�

�D.9.6𝑚【答案】D【解析】解：汽车的速度v=21.6km/h=6m/s，汽车在前t=0.3s+0.7s=1.0s内做匀速直线运动，位移为：x1=v0t=6×1m=6m，随后汽车做减速运动，位移为：x2=v022a=622×5m=3.6m

，所以该ETC通道的长度为：L=x1+x2=6m+3.6m=9.6m，故ABC错误，D正确。故选D。8.引体向上是高中学生体质健康标准的测试项目之一，如图甲所示，质量为𝑚=55𝑘𝑔的某同学，双手抓住单杠做引体向上，在竖直向上运动过程中，其重心的速率随时间变化的图像如

图乙所示，𝑔取10𝑚/𝑠2，由图像可知，下列选项错误的是()A.𝑡=0.4𝑠时，他正处于超重状态B.𝑡=0.5𝑠时，他的加速度约为0.3𝑚/𝑠2C.𝑡=1.1𝑠时，他受到单杠的作用力的大小为550𝑁D.𝑡=1.5𝑠时，他正

处于超重状态【答案】D【解析】A.根据图像可知0∼1s内，学生向上做匀加速直线运动，学生受到单杠竖直向上的作用力大于重力，所以处于超重状态，图像斜率的物理意义为加速度，则加速度为a=ΔvΔt=30×10−21.0m/s2=0.3m/s2，故AB正确；C.1.1s时，根据图像可知加速度为0，所以人受

到单杠的作用力与重力等大反向，大小为F=G=mg=550N，即C正确；D.1.1s后学生竖直向上做减速运动，加速度向下，根据牛顿第二定律可知人受到单杠竖直向上的作用力小于人的重力，所以人处于失重状态，故D错误。本

题选错误的，故选D。9.如图所示为某演员展示的体操“一字马”。已知演员质量为40𝑘𝑔，鞋底面与墙面的动摩擦因数为0.75，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，𝑔取10𝑚/𝑠2。稳定静止时，演员腿与墙面之间的夹角都为60°，则一只脚受到墙面的摩擦力大小为()

A.100𝑁B.100√3𝑁C.200𝑁D.150√3𝑁【答案】C【解析】解：演员腿与墙面之间的夹角都为60°，可知两侧的脚与墙壁之间的作用力是对称的，演员受到竖直向下的重力，两侧垂直于墙壁的支持力以及两侧墙壁对演员竖直向上的摩擦力，竖直方向上两侧的

摩擦力的和与演员的重力大小相等，方向相反，所以每一只脚受到墙面的摩擦力大小为重力的12，即f=12mg=12×40×10N=200N，故ABD错误，C正确。10.如图所示，我校同学做课题研究时，在水平桌面上将两个形状不规则的石块成功叠放在一起。对于上面的石块𝑎和下面的石块𝑏，下列说法正

确的是()A.石块𝑏对𝑎的支持力与𝑎受到的重力是一对相互作用力B.石块𝑏对𝑎的弹力大小一定等于𝑎受到的重力大小C.石块𝑎对𝑏的作用力一定竖直向下D.石块𝑏受到水平桌面向左的摩擦力【答案】C【解析】解：A.石块b对a的支

持力与a对b的压力是一对相互作用力，故A错误；B.由于石块a与b的接触面不在水平方向，故b对a的支持力方向不会竖直向上，a还会受到静摩擦力的作用，故石块b对a的弹力大小不等于a受到的重力大小，故B错误；C.石块b对a的作用力(支持力与摩擦

力的合力)与石块a的重力平衡，故方向竖直向上，由牛顿第三定律可知，石块a对b的作用力一定竖直向下，故C正确；D.a、b整体放在水平地面上，受到地面的支持力和整体的重力而平衡，没有运动趋势，故石块b没有受到水平桌面的摩擦力，故D错误。11.“旋转纽扣”是一种传统游戏。如图，先将纽扣绕几圈，使穿过纽

扣的两股细绳拧在一起，然后用力反复拉绳的两端，纽扣正转和反转会交替出现。拉动多次后，纽扣绕其中心的转速可达50𝑟/𝑠，此时纽扣上距离中心1𝑐𝑚处的点向心加速度大小约为()A.10𝑚/𝑠2B.100

𝑚/𝑠2C.1000𝑚/𝑠2D.10000𝑚/𝑠2【答案】C【解析】解：根据匀速圆周运动的规律，ω=2πn=2π×50rad/s=100πrad/s，r=1cm=0.01m，向心加速度为：an=ω2r=(100π)2×0.01m/s2

=100π2m/s2≈986m/s2，接近1000m/s2，故C正确，ABD错误。12.“套圈圈”是许多人喜爱的一种游戏．如图所示，小孩和大人直立在界外同一位置，在同一竖直线上不同高度先后水平抛出小圆环，并恰好套中前方同一物体，假设圆环的运动可视为平抛运动，则（）A.小孩抛出

的圆环速度大小较小B.两人抛出的圆环速度大小相等C.大人抛出的圆环运动时间较短D.小孩抛出的圆环运动时间较短【答案】D【解析】解：CD.由题意可知大人抛出的圆环竖直分位移大于小孩抛出的圆环的竖直分位移，则由h=12gt2可知大人抛的圆环运动时间大于小孩抛出的圆环运动时间；

故D正确，C错误；AB.水平方向圆环做匀速直线运动，且圆环在水平方向的位移一样，根据x=v0t可知，小孩抛出的圆环的速度大小较大，故AB错误。13.2022年10月12日下午，“天宫课堂”第三课在空间站问天实验舱开讲，授课中，地面传输中心调用地球同步卫星“天

链一号”03星和“天链二号”01星．则03星和01星A.运行速度大于第一宇宙速度B.运行周期小于近地卫星的周期C.运动角速度大于近地卫星的角速度D.与地球的连线每秒扫过的面积相等【答案】D【解析】A、对卫星，根据万有引力提供向心力有GMmr2=mv2r，即v

=√GMr，当r=R时解得的速度为第一宇宙速度，第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度，同步卫星03星和01星运行速度小于第一宇宙速度，故A错误；B、对卫星，根据万有引力提供向心力有GMmr2=mr4π

2T2，得T=2π√r3GM，同步卫星03星和01星半径大于r=R的近地卫星，则同步卫星03星和01星运行周期大于近地卫星的周期，故B错误；C、对卫星，根据万有引力提供向心力有GMmr2=mω2r可得ω=√GMr3，则同步卫星03星和01星运行小于近地卫星的角速度，故C错误；

D、同步卫星03星和01星运行轨道半径一致，根据开普勒第二定律可知它们与地球的连线每秒扫过的面积相等，故D正确。14.如图所示，完全相同的四个木块放于水平地面上，在大小相等的恒力𝐹作用下沿水平地面发生了相同的位移。关于力𝐹做功，下列表述正确的是()A.图甲中，因

为木块与地面间没有摩擦力，所以力𝐹做的功最少B.图乙中，力𝐹做的功等于摩擦力对木块做的功C.图丙中，力𝐹做的功等于木块重力所做的功D.图丁中，力𝐹做的功最少【答案】D【解析】AD.由W=Flcosα可知，F、l相同，α越大，力F做的功越少，D正确，A错

误；B.图乙中，不知木块的运动状态，故力F做的功与摩擦力对木块做的功的大小关系不能判断，选项B错误；C.图丙中，重力做功为零，则力F做的功大于木块重力所做的功，选项C错误。故选D。15.如图所示，一同学在电梯里站

在电子体重计上，初始示数为实际体重。某一过程中发现体重计示数先变大后恢复至原值。关于该过程下列说法正确的是()A.电梯一定处于加速阶段B.电梯的速度方向一定向下C.人的机械能一定增大D.体重计对人的支持力可能做负功【答案】D【解析】A

.体重计的示数开始为实际重力，在某一过程中，体重计示数先增大，后恢复至原值，故加速度方向向上，但不知道速度方向，故电梯可能向上加速或向下减速，故A错误，B错误；C.当电梯的速度方向向上时，支持力对人做正功，人的机械能增加；当电梯

速度向下时，支持力对人做负功，人的机械能减小，故C错误，D正确；故选D。16.如图所示，𝐴、𝐵为电场中同一条电场线上的两点，以下说法正确的是()A.A、𝐵两点电场强度大小关系为𝐸𝐴>𝐸𝐵B.A、𝐵两点电势高低关系为𝜑𝐴<𝜑𝐵C.正电荷由𝐴向𝐵

移动，电势能一定减小D.正电荷由𝐴向𝐵移动，电势能一定增大【答案】C【解析】A.电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出电场线的疏密，故EA与EB可能相等、可能不相等；故A错误；B.沿着电场线电势一定降低，A

、B两点电势高低关系为φA>φB；故B错误；CD.正电荷由A向B移动，电场力做功W=qUAB>0，电场力做正功，电势能减小，故C正确，D错误。17.下列所示各图中，小磁针的指向错误的是()A.B.C.D.【答案】A【解析】A

.根据右手螺旋定则可知，小磁针处的磁场方向竖直向下，应该是𝑁极向下，故C错误，符合题意；B.由地磁场从地球的南极指向北极，结合小磁针静止时𝑁极指向为磁场的方向，因此赤道处小磁针𝑁极指向地球的北极，故B正确，不合题意；C.由右手螺旋定则可知，螺线管右侧为𝑆极，左

侧为𝑁极，则处在螺线管内部小磁针的𝑁极应向左，故A正确，不合题意；D.𝑈形磁铁，小磁针处的磁场向𝑁极指向𝑆极，则小磁针𝑁极向右，故D正确，不合题意。18.如图甲、乙、丙、丁所示，下列情况中能产生感应电流

的是A.如图甲所示，导体𝐴𝐵垂直磁感线运动B.如图乙所示，条形磁铁一部分放在线圈中不动C.如图丙所示，小螺线管𝐴置于大螺线管𝐵中不动，开关𝑆一直接通D.如图丁所示，闭合线圈沿磁场方向向上运动【答案】A【解析】A、导体垂直磁磁感线运动，切割磁感线，会产生电流，故A正确

；B、条形磁铁部分插入线圈中不动，通过闭合电路的磁通量发生变化，不会产生电流，故B错误；C、小螺线管𝐴插入大螺线管𝐵中不动，开关𝑆一直接通时，通过闭合电路的磁通量不变，故不会产生电流，故C错误；D、闭合线圈沿磁场方向向上运动，通过闭合电路

的磁通量不变，故不会产生电流，故D错误。第II卷（非选择题）二、实验题（本题共2小题，8分+8分共16分）19.某同学用如图甲所示装置研究匀变速直线运动的规律，打点计时器在小车拖动的纸带上打下一系列点迹。某次实验中先接通电源，后释放小车，取下纸带后从纸带上便于测量的点开始，每5个点取1个

计数点，各计数点到计数点1的距离如图乙所示。已知打点计时器每隔0.02𝑠打一次点。(1)下列说法正确的是______A.开始释放小车时，应使小车靠近打点计时器B.应该先释放小车，再接通电源，当小车到达滑轮前及时用手按住C.应选取点迹清晰的纸带，适当舍弃点密集部分，适当

选取计数点D.电火花计时器应使用低压交流电源(2)小车由静止开始运动，则纸带的______(填“左”或“右”)端与小车相连。(3)打点计时器打下计数点2时小车的速度大小为______𝑚/𝑠，小车加速度的大小为______𝑚/𝑠2。(结果均保留2位有效数字)【答案】(1)ACD；

(2)左；(3)0.26；0.40。【解析】解：(1)A.为了充分利用纸带，开始释放小车时，应使小车靠近打点计时器，故A正确；B.应该先接通电源，再释放小车，当小车到达滑轮前及时用手按住，故B错误；C.为了减少实验误差，应选取点迹清晰的纸带，适当舍弃点密

集部分，适当选取计数点，故C正确；D.电火花计时器应使用电压220V的交流电源，故D正确。故选：ACD。(2)小车由静止开始运动，相同时间内通过的位移逐渐增大，纸带上点迹间距越来越大，故纸带的左端与小车相连；(3)每两点间

还有4个点没有画出，则相邻计数点的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s则打下计数点2时，小车的速度大小为：v2=x132T=5.20×10−22×0.1m/s=0.26m/s根据逐差法，可得小车的加速度大小为：a=x35−x12

4T2=(12.0−5.20−5.20)×10−24×0.12m/s2=0.40m/s2。20.为测定一电阻约为200𝛺的圆柱型金属样品的电阻率，某同学想先用伏安法更精确地测量其电阻𝑅𝑥。现有的器材及其规格如下：电流表𝐴(量程0∼10𝑚𝐴，内阻约30𝛺)，电压表𝑉

(量程0∼3𝑉，内阻约10𝑘𝛺)，滑动变阻器𝑅(阻值范围0∼15𝛺，允许通过的最大电流2.0𝐴)，直流电源𝐸(电动势3𝑉，内阻不计)、开关𝑆、导线若干。(1)应选择以下实验电路中的_______作为该实验的实验电路。

A.B.C.D.(2)用游标卡尺测得该样品的长度如图甲所示，其示数𝐿=________𝑐𝑚，用螺旋测微器测得该样品的直径如图乙所示，其示数𝑑=________𝑚𝑚。(3)如果实验中电流表示数为𝐼，电压表

示数为𝑈，则该样品材料的电阻率𝜌=_______(用测出的物理量的符号表示)。【答案】(1)B；(2)5.010；.4.700；(3)πUd24IL。【解析】(1)滑动变阻器的最大阻值小于该样品的电阻，需要采用分压式接入电路才能精确测量，样品的电阻相对电

压表属于小阻值电阻，伏安法采用电流表外接可以减小误差，故B正确，ACD错误；故选：B；(2)游标卡尺的分度值为0.05mm，不需要估读，测得该样品的长度如图甲所示，其示数为L=5cm+2×0.05mm=

5.010cm；用螺旋测微器的分度值为0.01mm，需要估读到下一位，测得该样品的直径如图乙所示，其示数d=4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；(3)根据电阻定律，可得该样品材料的电阻率ρ=RSL=UI×πd24L=πUd24IL。三

、计算题（本大题共3小题，8分+10分+12分共30分，解答过程请写出必要的文字说明和必需的物理演算过程，只写出最终结果的不得分）21.在真空中𝑂点放一个点电荷𝑄=+1.0×10−9𝐶，今在𝑀点放一个点电荷𝑞=−1.0×10−10𝐶

，𝑂𝑀的距离𝑟=0.3𝑚，如图所示。已知静电力常量𝑘=9.0×109𝑁⋅𝑚2/𝐶2。求：(1)𝑞在𝑀点受到的作用力。(2)𝑄在𝑀点产生的场强大小。(3)拿走𝑞后𝑀点的场强大小。【答案

】解：(1)𝑞在𝑀点受到的作用力𝐹=𝑘𝑄𝑞𝑟2=1×10−8𝑁方向由𝑀指向𝑂。(2)𝑄在𝑀点产生的场强大小𝐸=𝑘𝑄𝑟2=100𝑁/𝐶方向由𝑂指向𝑀。(3)电场强度由电场本身决定，与放入电场中的试探电荷无关。所以拿走𝑞后

𝑀点的场强不变，大小仍为100𝑁/𝐶，方向由𝑂指向𝑀。22.物流公司通过滑轨把货物直接装运到卡车中，如图所示，长度L=4m、倾角为24∘的倾斜滑轨与水平滑轨平滑连接。若有一质量m=1kg的货物从倾斜滑轨顶端由静止开始下滑，其与滑轨间的动摩擦因数μ=29，货物可视为质

点(取cos24∘=0.9，sin24∘=0.4，g取10m/s2)。求：(1)货物在倾斜滑轨上滑行时受到的摩擦力f的大小；(2)货物在倾斜滑轨上滑行时加速度a的大小；(3)货物在倾斜轨道上滑行的时间t。【答案】(1)货物在倾斜滑轨上受到摩擦力f=μmg

cos24∘代入数据解得f=2N(2)根据牛顿第二定律mgsin24∘−f=ma代人数据解得a=2m/s2(3)货物从倾斜轨道的顶端到末端，根据匀变速直线运动规律有L=12at2代入数据解得t=2s。23.如图所示，质量𝑚=0.1𝑘𝑔的金属小球从距水平面高ℎ=2.0𝑚的光滑斜

面上由静止开始释放，运动到𝐴点时无能量损耗，水平面𝐴𝐵是长2.0𝑚的粗糙平面，与半径为𝑅=0.4𝑚的光滑的半圆形轨道𝐵𝐶𝐷相切于𝐵点，其中半圆形轨道在竖直平面内，𝐷为轨道的最高点，小球恰能通过最高点𝐷，𝑔=10𝑚/𝑠2，求(1)小球运动到𝐴点时的速度大小；

(2)小球从𝐷点飞出后落点𝐸与𝐴的距离；(3)小球从𝐴运动到𝐵的过程中摩擦阻力所做的功。【答案】解：(1)小球下滑至A点的过程中，由动能定理得mgh=12mvA2解得vA=√2gh=2√10m/s即小球运动到A点的速度为2√10m/s；(2)小球恰能通过最高点D，满足mg

=mvD2R解得vD=√gR=√10×0.4m/s=2m/s小球从D点飞出后做平抛运动，竖直方向有2R=12gt2水平位移为xBE=vDt联立解得xBE=0.8m即小球从D点飞出后的落点E与A相距1.2m

；(3)小球由A点运动到D点过程，由动能定理可得：Wf−mg⋅2R=12mv22−12mv12联立解得小球从A运动到B的过程中摩擦阻力所做的功为Wf=−1J答：(1)小球运动到A点时的速度大小为2√10；(2)小球从D点飞出后落点E与A的距离为1.2m。(3)小球从A运动到B

的过程中摩擦阻力做的功为−1J。