【文档说明】2024年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟卷02（参考答案）.docx，共(9)页，661.768 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-73ea57723e32b67dead56df080fa39bb.html

以下为本文档部分文字说明：

2024年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟卷02参考答案1.𝐵2.𝐷3.𝐴4.𝐶5.𝐵6.𝐶7.𝐷8.𝐷9.𝐶10.𝐶11.𝐶12.𝐷13.𝐷14.𝐷15.𝐷16.𝐶17.𝐴18.𝐴19.𝐴𝐶𝐷左0.

260.4020.(1)𝐵；(2)5.010；.4.700；(3)𝜋𝑈𝑑24𝐼𝐿。21.解：(1)𝑞在𝑀点受到的作用力𝐹=𝑘𝑄𝑞𝑟2=1×10−8𝑁方向由𝑀指向𝑂。(2)𝑄在𝑀点产生的场强大小𝐸=𝑘𝑄𝑟

2=100𝑁/𝐶方向由𝑂指向𝑀。(3)电场强度由电场本身决定，与放入电场中的试探电荷无关。所以拿走𝑞后𝑀点的场强不变，大小仍为100𝑁/𝐶，方向由𝑂指向𝑀。22.(1)货物在倾斜滑轨上受到摩擦力

𝑓=𝜇𝑚𝑔cos24∘代入数据解得𝑓=2N(2)根据牛顿第二定律𝑚𝑔sin24∘−𝑓=𝑚𝑎代人数据解得𝑎=2m/s2(3)货物从倾斜轨道的顶端到末端，根据匀变速直线运动规律有𝐿=12�

�𝑡2代入数据解得𝑡=2s。23.解：(1)小球下滑至𝐴点的过程中，由动能定理得𝑚𝑔ℎ=12𝑚𝑣𝐴2解得𝑣𝐴=√2𝑔ℎ=2√10𝑚/𝑠即小球运动到𝐴点的速度为2√10𝑚/𝑠

；(2)小球恰能通过最高点𝐷，满足𝑚𝑔=𝑚𝑣𝐷2𝑅解得𝑣𝐷=√𝑔𝑅=√10×0.4𝑚/𝑠=2𝑚/𝑠小球从𝐷点飞出后做平抛运动，竖直方向有2𝑅=12𝑔𝑡2水平位移为𝑥𝐵𝐸=𝑣𝐷𝑡联立解得𝑥𝐵𝐸=0.8𝑚即小球从𝐷点飞出后的落点𝐸与�

�相距1.2𝑚；(3)小球由𝐴点运动到𝐷点过程，由动能定理可得：𝑊𝑓−𝑚𝑔⋅2𝑅=12𝑚𝑣22−12𝑚𝑣12联立解得小球从𝐴运动到𝐵的过程中摩擦阻力所做的功为𝑊𝑓=−1𝐽答：(1)小球运动到𝐴点时的速度大小为2√10；(2

)小球从𝐷点飞出后落点𝐸与𝐴的距离为1.2𝑚。(3)小球从𝐴运动到𝐵的过程中摩擦阻力做的功为−1𝐽。参考解析1.【分析】力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，根据物理量来确定测量的仪器即

可。解决本题的关键知道力学的三个基本物理量以及对应的基本单位，需识记。【解答】长度、时间、质量是三个力学基本物理量，刻度尺是测量长度的仪器；天平是测量质量的仪器；秒表是测量时间的仪器；弹簧秤是测量力的仪器，力不是基本物理量。本题选不能直接测量国际单位制中

对应的力学基本物理量的，故B正确，ACD错误。故选B。2.【分析】本题主要考查物理学史。明确科学家的一些主要发明、发现和著名理论，由此即可正确求解。【解答】A.牛顿发现了万有引力定律，卡文迪什利用扭秤

实验测量出了引力常量，故A错误；B.法拉第提出了用电场线描述电场的方法，密立根用实验测得了元电荷的数值，故B错误；C.库仑用扭秤实验研究了电荷间的相互作用规律，故C错误；D.伽利略最早指出力不是维持物体运动的原因，故D正确。3

.【分析】本题考查了描述运动的一些基本概念，对于这些概念一定要深入理解其定义，尤其是加强理解位移、质点等概念的含义，注意位移和路程的区别，及看成质点的条件。时间间隔是指时间的长度，在时间轴上对应一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对应的是一个点；位移是从初位置到末位置的有向线段，

路程为轨迹的实际长度；在物体的大小和形状不起作用，或者所起的作用并不显著而可以忽略不计时，我们把近似地把该物体看作是一个具有质量、大小和形状可以忽略不计的理想物体，称为质点。【解答】𝐴.以自己为参考系，看到前面的山迎面而来，故A正确；B、研究游客乘坐索道缆车的

时间时，游客的形状和大小可以忽略，可以看成质点，故B错误；C.“2078𝑚”指的是路程，故C错误；D.“7分钟”指的是时间间隔，故D错误。4.A.火箭的速度变化量𝛥𝑣=𝑣−𝑣0=100𝑚/𝑠−0𝑚/𝑠=100𝑚/𝑠，故A错误；C.汽车的速度

变化量𝛥𝑣=𝑣−𝑣0=0−1083.6𝑚/𝑠=−30𝑚/𝑠，故C正确；𝐵𝐷.根据𝑎=𝛥𝑣𝛥𝑡，得火箭的加速度𝑎火=10010𝑚/𝑠2=10𝑚/𝑠2，汽车的加速度𝑎汽=−302.5𝑚/𝑠2=−12𝑚/𝑠2，负号表示

加速度的方向与速度方向相反，加速度的大小为𝑎汽=12𝑚/𝑠2，由此可知汽车的加速度大，速度变化快，故BD错误。能根据𝛥𝑣=𝑣−𝑣0求得速度变化量，能根据𝑎=𝛥𝑣𝛥𝑡比较物体速度变化的快慢。掌握速度变

化量和加速度的定义，知道矢量的正负号表示方向不表示大小，属于基础题不难。5.【分析】根据匀变速直线运动的时间公式求出汽车速度减为零的时间，判断汽车是否停止，再结合位移公式求出汽车走过的位移。本题考查了运动学中的刹车问题，

是道易错题，注意汽车速度减为零后不再运动。【解答】36𝑘𝑚/ℎ=10𝑚/𝑠，汽车速度减为0的时间为：𝑡0=𝑣0𝑎=104𝑠=2.5𝑠，刹车3𝑠内的位移等于刹车2.5𝑠内的位移为：𝑥3=𝑥2.5=𝑣022𝑎=1022×4=12.5�

�，故B正确，ACD错误。故选B。6.【分析】已知时间，根据ℎ=12𝑔𝑡2即可估算井口到水面的深度解决本题的关键知道自由落体运动是初速度为零，加速度为𝑔的匀加速直线运动。【解答】小石头下落过程，可以看做自由落体运动，即ℎ=12𝑔𝑡2，代入数据则有：

ℎ=12𝑔𝑡2=12×9.8×52=122.5𝑚，考虑声音传回来，空气阻力，则下落距离应略小于122.5𝑚，即选项C正确。7.【分析】本题考查匀变速运动位移公式，需要由题意给出的情景，提炼运动规律，分阶段运用运动学公式加以解决。弄错运动情景，是处理较复杂直线

运动时易犯的错误。𝐸𝑇𝐶天线用了0.3𝑠的时间，司机的反应时间为0.7𝑠，求出匀速运动的位移，根据𝑣2=2𝑎𝑥，求出刹车的位移，该𝐸𝑇𝐶通道的长度为两段位移和。【解答】解：汽车的速度𝑣=

21.6𝑘𝑚/ℎ=6𝑚/𝑠，汽车在前𝑡=0.3𝑠+0.7𝑠=1.0𝑠内做匀速直线运动，位移为：𝑥1=𝑣0𝑡=6×1𝑚=6𝑚，随后汽车做减速运动，位移为：𝑥2=𝑣022𝑎=622×5𝑚=3.6𝑚，所以该𝐸𝑇𝐶通道的长度为：𝐿=𝑥1+𝑥2=6𝑚+

3.6𝑚=9.6𝑚，故ABC错误，D正确。故选D。8.【分析】根据加速度方向分析人的运动状态；速度−时间图像的斜率表示加速度，根据图像求出某一时刻的加速度，再根据牛顿第二定律分析单杠对该同学的作用力即可。解答本题的关键是知道速度−时间图像的斜率表示加速度，能

根据图像求出加速度，并能结合牛顿第二定律求解。【解答】A.根据图像可知0∼1𝑠内，学生向上做匀加速直线运动，学生受到单杠竖直向上的作用力大于重力，所以处于超重状态，图像斜率的物理意义为加速度，则加速度为𝑎=𝛥𝑣𝛥𝑡=30×10−21.0𝑚/𝑠2

=0.3𝑚/𝑠2，故AB正确；C.1.1𝑠时，根据图像可知加速度为0，所以人受到单杠的作用力与重力等大反向，大小为𝐹=𝐺=𝑚𝑔=550𝑁，即C正确；D.1.1𝑠后学生竖直向上做减速运动，加速度向下，根据牛顿第二定律可知人受到单杠竖直向上的作用力小于

人的重力，所以人处于失重状态，故D错误。本题选错误的，故选D。9.解：演员腿与墙面之间的夹角都为60°，可知两侧的脚与墙壁之间的作用力是对称的，演员受到竖直向下的重力，两侧垂直于墙壁的支持力以及两侧墙壁对演员竖直向上的摩擦力，竖直方向上两侧的摩擦力的和与演员的重力大小相等，方向相反，所以每

一只脚受到墙面的摩擦力大小为重力的12，即𝑓=12𝑚𝑔=12×40×10𝑁=200𝑁，故ABD错误，C正确。故选：𝐶。演员处于平衡状态，由共点力平衡即可求出。本题考查摩擦力的大小计算，在求摩

擦力的大小时一定要先明确所要求的摩擦力是静摩擦力还是滑动摩擦力；然后才能根据两种摩擦力的不同求法进行运算．10.解：𝐴.石块𝑏对𝑎的支持力与𝑎对𝑏的压力是一对相互作用力，故A错误；B.由于石块𝑎与𝑏的接触面不在水平方向，故

𝑏对𝑎的支持力方向不会竖直向上，𝑎还会受到静摩擦力的作用，故石块𝑏对𝑎的弹力大小不等于𝑎受到的重力大小，故B错误；C.石块𝑏对𝑎的作用力(支持力与摩擦力的合力)与石块𝑎的重力平衡，故方向竖直向上，由牛顿第三定律可知，石块𝑎对𝑏的作用力一定竖直向下，故C正确；D.𝑎、𝑏整

体放在水平地面上，受到地面的支持力和整体的重力而平衡，没有运动趋势，故石块𝑏没有受到水平桌面的摩擦力，故D错误。故选：𝐶。两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上；运用整体法和隔离法对石块进行分

析可求解。本题考查整体法与隔离法的运用，掌握平衡条件的应用，注意平衡力与相互作用力的区别。11.解：根据匀速圆周运动的规律，𝜔=2𝜋𝑛=2𝜋×50𝑟𝑎𝑑/𝑠=100𝜋𝑟𝑎𝑑/𝑠，𝑟=1𝑐𝑚=0.01𝑚，向心加速度为：𝑎𝑛=𝜔2𝑟=(100𝜋)2

×0.01𝑚/𝑠2=100𝜋2𝑚/𝑠2≈986𝑚/𝑠2，接近1000𝑚/𝑠2，故C正确，ABD错误。故选：𝐶。根据纽扣的转速，结合𝜔=2𝜋𝑛、𝑎𝑛=𝜔2𝑟计算圆盘转动的向心加速度。解决本题的关键是知道转速和角速度的关系，通过转速求出角速度，然后根据向心加速度公

式求解，基础题。12.解：𝐶𝐷.由题意可知大人抛出的圆环竖直分位移大于小孩抛出的圆环的竖直分位移，则由ℎ=12𝑔𝑡2可知大人抛的圆环运动时间大于小孩抛出的圆环运动时间；故D正确，C错误；𝐴�

�.水平方向圆环做匀速直线运动，且圆环在水平方向的位移一样，根据𝑥=𝑣0𝑡可知，小孩抛出的圆环的速度大小较大，故AB错误。故选：𝐷。大人抛出的圆环竖直分位移更大，大人与小孩抛出的圆环水平分位移相同，结合平抛运动规

律进行分析即可正确解答本题。本题的关键一是要熟练掌握平抛运动基本规律；二是要抓住大人与小孩抛出的圆环在水平方向与竖直方向的分位移的关系。13.【分析】对卫星，根据万有引力提供向心力，结合开普勒第二定律分析即可。【解答】A、对卫星，根据万有引力提供向心力有𝐺

𝑀𝑚𝑟2=𝑚𝑣2𝑟，即𝑣=√𝐺𝑀𝑟，当𝑟=𝑅时解得的速度为第一宇宙速度，第一宇宙速度是卫星绕地球做匀速圆周运动最大的环绕速度，同步卫星03星和01星运行速度小于第一宇宙速度，故A错误；B、对卫星，根据万有引力提供向心力有𝐺𝑀𝑚𝑟2=𝑚𝑟4𝜋2𝑇2，得

𝑇=2𝜋√𝑟3𝐺𝑀，同步卫星03星和01星半径大于𝑟=𝑅的近地卫星，则同步卫星03星和01星运行周期大于近地卫星的周期，故B错误；C、对卫星，根据万有引力提供向心力有𝐺𝑀𝑚𝑟2=𝑚𝜔2𝑟可得𝜔=√𝐺𝑀𝑟3，则同步卫星03星和01星运行小于近地卫星的角

速度，故C错误；D、同步卫星03星和01星运行轨道半径一致，根据开普勒第二定律可知它们与地球的连线每秒扫过的面积相等，故D正确。14.𝐴𝐷.由𝑊=𝐹𝑙cos𝛼可知，𝐹、𝑙相同，𝛼越大，力𝐹做的功越少，D正确，A错误；B.

图乙中，不知木块的运动状态，故力𝐹做的功与摩擦力对木块做的功的大小关系不能判断，选项B错误；C.图丙中，重力做功为零，则力𝐹做的功大于木块重力所做的功，选项C错误。故选D。15.【分析】根据体重计示数大于人的体重，故得出电梯处于超重状态。根据

超重的对应运动，得出电梯的运动方向，从而得出支持力方向与速度方向的关系，得出支持力做功，根据支持力做功，得出机械能的增减情况。本题考查超重和失重，及机械能的变化的决定因素，基础题目。【解答】A.体重计的示数开始为实际重力，在某一过程中，体重计示数先增大，后恢复至原值，

故加速度方向向上，但不知道速度方向，故电梯可能向上加速或向下减速，故A错误，B错误；C.当电梯的速度方向向上时，支持力对人做正功，人的机械能增加；当电梯速度向下时，支持力对人做负功，人的机械能减小，故C错误，D正确；故选D。16.【分析】电场强度的大小看电场线的疏密程度，电

场线越密的地方电场强度越大，电势的高低看电场线的指向，沿着电场线电势一定降低，电势能的变化看电场力做功，电场力做正功，电势能减小，由此分析解答，基础题，较易。【解答】A.电场线越密的地方电场强度越大，由于只有一条电场线，无法看出

电场线的疏密，故𝐸𝐴与𝐸𝐵可能相等、可能不相等；故𝐴错误；B.沿着电场线电势一定降低，𝐴、𝐵两点电势高低关系为𝜑𝐴>𝜑𝐵；故𝐵错误；𝐶𝐷.正电荷由𝐴向𝐵移动，电场力做功𝑊=𝑞𝑈𝐴𝐵>0，电场力做正功，

电势能减小，故𝐶正确，D错误。17.【分析】本题考查了右手螺旋定则的应用，要注意明确小磁针𝑁极受力方向为该点磁感应强度的方向。由右手螺旋定则及磁场的分布规律可明确磁场的方向，而小磁针静止时𝑁极指向为磁场的方向

，从而即可求解。【解答】A.根据右手螺旋定则可知，小磁针处的磁场方向竖直向下，应该是𝑁极向下，故C错误，符合题意；B.由地磁场从地球的南极指向北极，结合小磁针静止时𝑁极指向为磁场的方向，因此赤道处小磁针𝑁极指向地球的北极，故B正

确，不合题意；C.由右手螺旋定则可知，螺线管右侧为𝑆极，左侧为𝑁极，则处在螺线管内部小磁针的𝑁极应向左，故A正确，不合题意；D.𝑈形磁铁，小磁针处的磁场向𝑁极指向𝑆极，则小磁针𝑁极向右，故D正确，不合题意。18.【分析】根据感应电

流产生的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化进行分析判断有无感应电流产生。判断有无感应电流产生对照感应电流产生的条件，抓住两点：一是电路要闭合；二是磁通量要变化。【解答】A、导体垂直磁磁感线运动，切割磁感线，会产生电流，

故A正确；B、条形磁铁部分插入线圈中不动，通过闭合电路的磁通量发生变化，不会产生电流，故B错误；C、小螺线管𝐴插入大螺线管𝐵中不动，开关𝑆一直接通时，通过闭合电路的磁通量不变，故不会产生电流，故C错误；D、闭合线圈沿磁场方向向上运动，通过闭合电路的磁通量不变，故不会产生电流，故

D错误。19.解：(1)𝐴.为了充分利用纸带，开始释放小车时，应使小车靠近打点计时器，故A正确；B.应该先接通电源，再释放小车，当小车到达滑轮前及时用手按住，故B错误；C.为了减少实验误差，应选取点迹清晰的纸带，适当舍弃点密集部分，适当选取计数点，故C正确；D.电火花计时器应使用电压220

𝑉的交流电源，故D正确。故选：𝐴𝐶𝐷。(2)小车由静止开始运动，相同时间内通过的位移逐渐增大，纸带上点迹间距越来越大，故纸带的左端与小车相连；(3)每两点间还有4个点没有画出，则相邻计数点的时间间隔

为𝑇=5×0.02𝑠=0.1𝑠则打下计数点2时，小车的速度大小为：𝑣2=𝑥132𝑇=5.20×10−22×0.1𝑚/𝑠=0.26𝑚/𝑠根据逐差法，可得小车的加速度大小为：𝑎=𝑥35−𝑥124𝑇2=(12.0−5.20−5.20

)×10−24×0.12𝑚/𝑠2=0.40𝑚/𝑠2。故答案为：(1)𝐴𝐶𝐷；(2)左；(3)0.26；0.40。(1)根据打点计时器的使用方法、结合减少误差的方法进行分析；(2)根据点迹的密

集程度进行分析；(3)根据匀变速直线运动的规律结合逐差法进行解答。本题主要是考查探究小车速度随时间变化的规律，解答关键是掌握匀变速直线运动的规律，知道瞬时速度的计算方法和逐差法求解加速度的方法。20.【分析】(1)根据实验原理和滑动变阻器的阻值大小选出合适的电路图；(2)根据游标卡尺和螺旋测微器

各自的特点读出对应的示数；(3)根据欧姆定律，结合电阻定律计算出材料的电阻率。本题主要考查了金属电阻率的测量，熟悉测量仪器的读数，根据实验原理选择合适的实验电路，结合欧姆定律和电阻定律完成计算。【解答】(1)滑动变阻器

的最大阻值小于该样品的电阻，需要采用分压式接入电路才能精确测量，样品的电阻相对电压表属于小阻值电阻，伏安法采用电流表外接可以减小误差，故B正确，ACD错误；故选：𝐵；(2)游标卡尺的分度值为0.05𝑚𝑚，不需要估读，测得该样品的长度如图甲所示，其示数为𝐿=5𝑐

𝑚+2×0.05𝑚𝑚=5.010𝑐𝑚；用螺旋测微器的分度值为0.01𝑚𝑚，需要估读到下一位，测得该样品的直径如图乙所示，其示数𝑑=4.5𝑚𝑚+20.0×0.01𝑚𝑚=4.700𝑚𝑚；(3)根据电阻定律，可得该样品材料的电阻率𝜌

=𝑅𝑆𝐿=𝑈𝐼×𝜋𝑑24𝐿=𝜋𝑈𝑑24𝐼𝐿。21.(1)根据库仑定律𝐹=𝑘𝑄𝑞𝑟2求出𝑞在𝑀点受到点电荷𝑄的作用力；(2)根据𝐸=𝐹𝑞求解电场强度；(3)电场强度的大小与试探电荷无关。本题主要考查了库仑定

律公式和点电荷电场强度公式的直接应用，掌握库仑定律和电场强度的计算公式是解题的关键。22.(1)通过受力分析结合滑动摩擦力的公式即可求出摩擦力的大小。(2))根据牛顿第二定律，求得货物在倾斜滑轨上滑行时加速度𝑎的大小。(3)根据匀变速

直线运动的位移与时间的关系列式解得滑行的时间。本题考查牛顿运动定律的应用。23.(1)小球在光滑斜面上下滑的过程中，只有重力做功，根据机械能守恒定律或动能定理求出小球运动到𝐴点时的速度大小；(2)小球从

𝐷点飞出后做平抛运动，根据平抛运动的规律求小球从𝐷点飞出后落点𝐸与𝐴的距离；(3)小球恰好能通过最高点，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律求出小球通过最高点𝐷点时的速度，对𝐴点到𝐷点的过程运用动能定理列式，可求出摩擦阻力所做的功。本题考

查牛顿第二定律、动能定理的综合运用，关键要把握最高点的临界条件：重力提供向心力，合理地选择研究的过程，运用动能定理或机械能守恒定律进行求解。