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2024年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟卷01参考答案1.𝐵2.𝐵3.𝐷4.𝐶5.𝐶6.𝐴7.𝐶8.𝐵9.𝐶10.𝐶11.𝐷12.𝐶13.𝐷14.𝐵15.𝐶16.𝐶17.𝐶18.𝐷19.𝐴；𝐴𝐷；0.2020.(1)实物连接如图所示：；(2

)左；(3)2.40；(4)2.92(2.91−2.94)；0.92(0.90−0.99)。21.解：(1)𝐴𝐵间的库仑力大小𝐹库=𝑘𝑄𝑞𝑟2=0.02𝑁；(2)小球𝐴受力如图所示：由平衡条件：𝐹库=𝑚𝑔𝑡𝑎𝑛𝛼解得𝐴球的质量𝑚=2×10−3𝑘𝑔。22.

解：(1)雪橇做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式可得𝑥=12𝑎𝑡2解得𝑎=√3𝑚/𝑠2对雪橇，由牛顿第二定律得𝐹𝑐𝑜𝑠30°−𝜇(𝑚𝑔−𝐹𝑠𝑖𝑛30°)=𝑚𝑎解得𝜇=√

35；(2)拖绳断了时，雪橇的速度𝑣=𝑎𝑡=2√3𝑚/𝑠拖绳断了后，由牛顿第二定律得𝜇𝑚𝑔=𝑚𝑎解得𝑎′=2√3𝑚/𝑠2由匀变速运动的速度位移公式得雪的位移𝑥′=0−𝑣2−2𝑎′=√3�

�23.解：(1)𝐵𝐷间的高度差：ℎ1=𝑅−𝑅cos37∘，从𝐴到𝐷由动能定理：𝑚𝑔(ℎ+ℎ1)=12𝑚𝑣𝐷2，在𝐷点，根据牛顿第二定律有：𝐹−𝑚𝑔=𝑚𝑣𝐷2𝑅，由牛顿第三定律：

𝐹′=𝐹，联立知，运动员对轨道的压力大小𝐹′=3000𝑁；(2)𝐶𝐷间的高度差：ℎ2=𝑅−𝑅sin37∘，从𝐷到𝐶由动能定理−𝑚𝑔ℎ2=12𝑚𝑣𝐶2−12𝑚𝑣𝐷2，得：𝑣𝐶=4√30𝑚/𝑠；(3)𝐶点速度在竖直方向的分速度𝑣�

�=𝑣𝐶cos37∘，运动员飞离𝐶点后在竖直方向上升的高度ℎ3=𝑣𝑦22𝑔，运动员滑离𝐶点后在空中飞行时距𝐷点的最大高度：ℎ=ℎ2+ℎ3=21.36𝑚。参考解析1.【分析】在力学范围内，国际单位制中规定的三个基本量是长度、质量、时间。国际单位制中共有七个基本量，相对应的单位

是基本单位。力学的三个基本单位是米、千克、秒，基本量是长度、质量、时间。【解答】国际单位制中，规定力学中三个基本单位分别是米、千克、秒，其物理量规定为基本物理量，分别是长度、质量、时间，测量使用的仪器分别

是刻度尺(𝐷)、天平(𝐶)和秒表(𝐴，或钟表)。弹簧测力计是测量力的仪器。本题选择仪器所测的物理量不是基本量的，故选：𝐵。2.【分析】位移是从初位置指向末位置的有向线段，是矢量，而路程为物体经过的轨迹的长度，是标量。【解答】位移是初末两点的直线距离，则甲、乙两位探险家的位移相同；路程

是运动轨迹的长度，甲、乙两位探险家的轨迹不同，则路程不同。故选B。3.【分析】本题考查质点和参考系，当物体的形状与大小对所研究的问题可以忽略不计时，物体可以看为质点。【解答】𝐴𝐷.当物体的形状与大小对所研究的问题可以忽略不计时，物体可以看为质点，在对接过程

，不能忽略飞船和“天和”核心舱的形状与大小，此时飞船和“天和”核心舱不能视为质点；在研究空间站绕地球飞行一周的时间时，飞船和“天和”核心舱的形状与大小可以忽略，此时可将空间站视为质点，A错误，D正确；𝐵𝐶.对

接成功后，以“天和”核心舱为参考系，飞船是静止的，以地球为参考系，整个空间站是运动的，BC错误。故选D。4.【分析】解：汽车在水平路上，竖直方向受力平衡，汽车对路面的压力𝑁1=𝐺；汽车通过凸形桥时，根据牛顿第二定律得，𝐺−𝑁2=𝑚𝑣2𝑅，解得

支持力𝑁2=𝐺−𝑚𝑣2𝑅<𝐺，根据牛顿第三定律知，汽车对路面的压力小于重力．故C正确。解决本题的关键知道汽车做圆周运动向心力的来源，结合牛顿第二定律进行求解，基础题．5.【分析】对拉力𝐹进行

分解，根据平行四边形定则求得水平方向的分力。【解答】该拉力的水平分力大小𝐹𝑥=𝐹𝑠𝑖𝑛𝛼=√3𝐹2，故C正确。6.【分析】该题考查摩擦力的判断，知道三力平衡的特点是解答的关键。【解答】解：𝐴𝐵、黑板擦受到重力、黑板的吸引力、支持力、摩擦力与推力的作用做匀速直线运

动，则合外力为零，在竖直平面内重力、推力与摩擦力的合力为零，根据三力平衡的特点可知，重力、推力的合力与摩擦力大小相等，方向相反，所以摩擦力的方向斜向上，大小：𝑓=√(𝑚𝑔)2+𝐹2=√32+42𝑁=5𝑁，故A正确，B错误；C、由前面分

析可知，黑板擦所受摩擦力与推力大小不成正比，故C错误；D、黑板擦吸附在黑板上静止时受静摩擦力，其大小等于重力，故D错误。故选：𝐴。黑板擦做匀速直线运动，受到的合外力为零，结合受力的情况判断摩擦力的大小和方向。7.【解答】𝐴𝐵、

根据速度时间关系公式，有：𝑣=𝑔𝑡=10𝑡∝𝑡，且直线斜率应为10𝑚/𝑠2，故AB错误；C、自由落体运动的加速度始终等于重力加速度𝑔，故C正确；D、根据位移时间关系公式，有：𝑥=12𝑔𝑡2，即𝑥∝

𝑡2，故D错误。8.【分析】本题主要考查了匀变速直线运动公式，掌握匀变速直线运动的速度−时间关系是正确解题的关键，属于基础题不难．根据匀变速直线运动的速度−时间关系求得加速度大小，然后利用速度−时间公式求得汽车在刹车2𝑠后速度即可．【解答】根据匀变速直线

运动的速度−时间关系及逆向思维有：𝑣=𝑎𝑡，所以汽车的加速度大小为：𝑎=𝑣𝑡=204𝑚/𝑠2=5𝑚/𝑠2汽车在刹车2𝑠后速度为：𝑣′=𝑣−𝑎𝑡1=20𝑚/𝑠−5×2𝑚/𝑠=10�

�/𝑠，故B正确，ACD错误。9.【解答】解：碗做匀速圆周运动，合力指向圆心，对碗受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，共3个力的作用，故C正确，ABD错误。故选：𝐶。对碗进行运动分析和受力分析，做匀速圆周运动，合力等于向心力，指向圆心，结合运动

情况，再对碗受力分析即可。静摩擦力与物体的相对运动趋势的方向相反，表明物体相对于圆盘有向外滑动的趋势，注意不能认为物体受到向心力作用。10.【分析】本题考查平衡条件的应用、牛顿第三定律的应用和弹力的产

生、静摩擦力的特点，基础题目。根据弹力的产生即可判断；根据平衡条件得出树枝对小鸟的作用力的方向，由牛顿第三定律得出小鸟对树枝的作用力方向即可判断；分析小鸟的受力情况，结合平衡条件得出摩擦力大小情况即可判断；

根据作用力与反作用力的特征直接可判断。【解答】A、弹力是由施力物体发生形变产生的，可见树枝受到压力是因为小鸟发生了形变，故A错误；B、小鸟在重力和树枝对小鸟的作用力的作用下静止，由平衡条件知，树枝对小鸟的作用力方向竖直向上，

由牛顿第三定律知，小鸟对树枝的作用力竖直向下，故B错误；C、小鸟在重力、垂直树枝向上的支持力和沿树枝向上的摩擦力作用下静止，由平衡条件知，小鸟所受的摩擦力等于小鸟重力的下滑分力，与小鸟和树枝间的弹力无关，小鸟把树枝抓得更紧时，它受的摩擦力保持不变，故C正确；D、小鸟对树枝的作用力与树枝

对小鸟的反作用力是一对相互作用力，两者大小始终相等，故D错误。11.解：体重计的示数大于人静止在地面上的体重，说明人受到支持力大于重力，由牛顿第二定律可知，加速度一定向上，但电梯可能向上加速也可能向下减速，故D正确，ABC错误。故选：𝐷。对

人进行受力分析，再根据牛顿第二定律即可确定加速度的方向以及物体的运动性质。本题考查牛顿第二定律关于超重和失重现象的应用，要注意明确加速度向上时物体的运动情况有两种，要注意全面分析。12.【分析】同轴转动角速度相等，根

据𝑣=𝜔𝑟分析线速度。【解答】𝐴𝐵.由于𝑃、𝑄两点是同轴转动的，角速度相等，𝐴、𝐵均错误;𝐶𝐷.由于𝑄点距转轴较远，根据𝑣=𝜔𝑟可知，𝑣𝑄>𝑣𝑃，C正确，D错误．故选C。13.【分析】本题主要考查万有引力定律的应用。万有引力

定律𝐹=𝐺𝑀𝑚𝑟2。【解答】根据万有引力定律𝐹=𝐺𝑀𝑚𝑟2，其中𝑟=𝑅+ℎ，则𝐹=𝐺𝑀𝑚(𝑅+ℎ)2，故D正确，ABC错误。14.【分析】撑杆跳高运动员起跳到越过横杆到越杆下落的过程中，包含了弹性势能、动能、重力势能之间的转化，

根据运动员的运动过程分析答题。根据题意分析清楚分析清楚运动员的运动过程与杆形变过程是解题的前提与关键，根据运动员的运动过程应用机械能守恒定律即可解题。【解答】A.加速助跑过程中，运动员的动能不断增加，重力势能不变，故A错误；B.起跳上升过程中，杆先逐渐弯曲然后伸直，则杆的弹性势

能先增加后减小，故B正确；C.起跳上升过程中，运动员和杆的系统动能、重力势能和弹性势能之和守恒，因杆的弹性势能先增加后减小，则运动员的机械能先减小后增加，故C错误；D.运动员到达横杆正上方时，由于有水平速度，则动能不为零，故D错误

。故选B15.【分析】向上做引体向上的过程中克服重力做功，由𝑊=𝑚𝑔ℎ即可求出每一次克服重力做的功，然后求出总功；由功率的表达式即可求出功率。该题考查功的计算，注意人克服重力做的功等于𝑚𝑔ℎ是解答的关键。【解答】该同学在1分钟内克服重力所做的功约为𝑊=10𝑚

𝑔ℎ=2400𝐽功率约为𝑃=𝑊𝑡=40𝑊故选C。16.【分析】本题主要考查了电场强度的概念及电场线的特点，知道电场强度是矢量，电场强度相同是指大小、方向均相同，知道电场线的疏密表示电场强度的大小，切线方向表示电场强度的方向。【解答

】A.𝐴、𝐵两点电场强度大小相等、方向不同，故A错误；B.𝐴、𝐵两点电场强度方向相同，但大小不相等，故B错误；C.𝐴、𝐵两点电场强度大小、方向均相同，故C正确；D.𝐴、𝐵两点电场强度大小、方向均不同，故D错误。故选C。17.【分析】电子动能增加，说明电场力做正功，电场力

的方向从𝐴到𝐵，由负电荷受力可知，电场线的方向从𝐵到𝐴；电场力做负功，电势能增加，可以判定电势的高低。该题通过带电粒子在电场中的运动，考查常见的电场线的特点，根据电场力做功判断出电场线方向，即可做出正确的判定。【解答】A.该题中

，只有一条电场线，不能推断各点的电场线的疏密，故A错误；B.电场力做正功，电势能降低，可以判定𝐴的电势能大，因电子带负电，则𝐴点电势小，即𝜑𝐴<𝜑𝐵，故B错误；C.电场力做正功，电场力的方向从𝐴到𝐵，由负电荷受力可知

，电场线的方向从𝐵到𝐴，故C正确；D.电场线的方向从𝐵到𝐴，若𝑄为负电荷，则在𝐴的左侧，故D错误。故选C。18.【分析】本题是信息给予题，要求同学们能从题目中获取有用信息，知道电池容量是指电池储存电量的大小，难度不大，属于基础

题。电池容量是指电池的存储电量，根据题目可知正常工作时的电压，根据𝐼=𝑃𝑈求解正常工作时的电流，根据𝐼=𝑞𝑡求解时间。【解答】A.由𝑃=𝑈𝐼得𝐼=𝑃𝑈=4525𝐴=1.8𝐴，故A错误；B.由公式𝐸=�

�𝑞=25×1.5×3600𝐽=1.35×105𝐽，故B错误；C.“𝑚𝐴ℎ”为电量的单位，故C错误；D.𝑡=𝑞𝐼=1.5×36001.8×60分钟=50分钟，故D正确。19.【解答】(1)纸带与小车一起做匀加速直线运动，则纸带与小车相连一端的位移逐渐增大

，所以平衡小车所受的阻力时，图乙中纸带的𝐴端与小车相连。(2)𝐴.实验中，需要垫高木板有打点计时器的一端来平衡摩擦力，故A正确；B.平衡摩擦力就是放开拖着纸带的小车时小车能够做匀速直线运动，故B错误；C.若用

砂桶总重力作为小车合外力，则要求小车的质量远大于砂桶的质量，故C错误；D.实验中拉着小车的细线必须与长木板平行，才能保证细线的拉力为小车的合外力，因为小车沿木板运动，其合外力一定是与长木板平行的，故D正确；故选AD。(3)依题意，相邻计数点间的时间间隔为𝑇=5×0.02𝑠=0.1

𝑠利用逐差法，则小车的加速度为𝑎=(𝑥𝐹𝐺+𝑥𝐸𝐹+𝑥𝐷𝐸)−(𝑥𝐴𝐵+𝑥𝐵𝐶+𝑥𝐶𝐷)9𝑇2=(6.50−2.60)×10−2−(2.60−0.50)×10−29×(0.1)2=0.20𝑚/𝑠220.【分析】应用图象法处理实验数据，电源𝑈−

𝐼图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；求图象斜率时要注意纵轴起始坐标值不是0而是1.0，图象斜率的绝对值不是电源内阻，而是等效电源内阻，即：电源内阻与保护电阻之和。(1)根据电路图连接实物电路图；(2)滑动变阻器采用限流接法，为保

护电路，闭合开关前滑片要置于阻值最大位置；保护电阻可以保护电路，防止电源发生短路；(3)根据电压表的量程和读数规则进行读数；(4)电源𝑈−𝐼图象与纵轴交点坐标值是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻，根据图示图象求出电源电动势与内阻。【解答】(1)根据

原理图连接实物电路图，实物电路图如图所示：；(2)为了让电流由最小值开始调节，滑动变阻器的滑片开始时应滑到最左端；电路中定值电阻的作用是保护电路，防止电源发生短路；(3)电压表最小一格0.1𝑉，则电压表读数为：2.40𝑉；(4)根据𝑈=𝐸−𝐼(𝑅0+𝑟)，由图

电源𝑈−𝐼图象可知，图象纵轴截距为2.92𝑉，则电池电动势：𝐸=2.92𝑉，图象斜率的绝对值：𝑘=𝑟+𝑅0=𝛥𝑈𝛥𝐼=2.92−2.00.64𝛺≈1.42𝛺，电源内阻：𝑟=𝑘

−𝑅0=1.42𝛺−0.5𝛺=0.92𝛺。故答案为：(1)实物连接如图所示：；(2)左；(3)2.40；(4)2.92(2.91−2.94)，0.92(0.90−0.99)。21.【分析】本题考查共点力平衡，库仑定律。解题的关键是知道库仑定律的应用，属于简单基础题目，是一道考查

基础知识的好题。对小球𝐴进行正确受力分析，小球受水平向左的库仑力、重力、绳子的拉力，根据平衡条件列方程求解。22.【分析】本题主要考查了牛顿第二定律的应用的两大类问题：由运动求受力、由受力求运动，对于该类问题关键是正确的对物体受力分析，知道加速度是联系物

体运动和受力的桥梁。23.【分析】本题主要考查了动能定理和斜抛运动，在𝐷点利用牛顿第二定律求得相互作用力，在利用动能定理时抓住重力做功即可。(1)运动员从𝐴到𝐷，根据动能定理求得到达𝐷点的速度，在𝐷点，根据牛顿第二定律求得轨道对运动员的支持力；

(2)从𝐷到𝐶，根据动能定理求得到达𝐶点的速度；(3)运动员从𝐶点做斜抛运动，求得竖直方向上升的高度，即可求得上升最高点距𝐷的距离。