【文档说明】2024年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟卷01（全解全析）.docx，共(15)页，2.176 MB，由小赞的店铺上传

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2024年1月浙江省普通高中学业水平考试物理仿真模拟卷01姓名:__________准考证号:__________本试题卷分选择题和非选择题两部分，共9页，满分100分，考试时间60分钟。考生注意:1.答题前，请务必将自己的姓名、准考

证号用黑色字迹的签字笔或钢笔分别填写在试题卷和答题纸规定的位置上。2.答题时，请按照答题纸上“注意事项”的要求，在答题纸相应的位置上规范作答，在本试题卷上的作答一律无效。3.非选择题的答案必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔写在答题纸上相应的

区域内，作图时先使用2B铅笔，确定后必须使用黑色字迹的签字笔或钢笔描黑。4.可能用到的相关参数:重力加速度g均取10m/s2。第I卷（选择题部分）一、选择题(本题共18小题，每小题3分，共54分。每小题列出的

四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分)1.在力学范围内，国际单位制规定了三个基本量，下列仪器所测的物理量不是基本量的是()A.B.C.D.【答案】B【解析】国际单位制中，规定力学中三个基本单位分别是米、千克、秒，其

物理量规定为基本物理量，分别是长度、质量、时间，测量使用的仪器分别是刻度尺(𝐷)、天平(𝐶)和秒表(𝐴，或钟表)。弹簧测力计是测量力的仪器。本题选择仪器所测的物理量不是基本量的，故选：𝐵。2.如图所示，探险家甲从𝐴走到

𝐵，又从𝐵走到𝐶。若探险家乙从𝐴出发沿直线到达𝐶。甲、乙两位探险家的()A.路程相同，位移相同B.路程不同，位移相同C.路程相同，位移不同D.路程不同，位移不同【答案】B【解析】位移是初末两点的直线距离，则甲

、乙两位探险家的位移相同；路程是运动轨迹的长度，甲、乙两位探险家的轨迹不同，则路程不同。故选B。3.2022年5月10日8时54分，“天舟四号”货运飞船采用自主快速交会对接模式，成功对接空间站“天和”核心舱

后向端口，示意图如图所示。下列说法正确的是()A.对接过程中，可将飞船和“天和”核心舱视为质点B.对接成功后，以“天和”核心舱为参考系，飞船是运动的C.对接成功后，以地球为参考系，整个空间站是静止的D.研究空间站绕地球飞行一周的时间时，可将空间站视为质点【答案】D【解析】AD.当物

体的形状与大小对所研究的问题可以忽略不计时，物体可以看为质点，在对接过程，不能忽略飞船和“天和”核心舱的形状与大小，此时飞船和“天和”核心舱不能视为质点；在研究空间站绕地球飞行一周的时间时，飞船和“天和”核心舱的形状与大小可以忽略，此时可将空间站视为质点，A错误，D正确；BC.对接成功

后，以“天和”核心舱为参考系，飞船是静止的，以地球为参考系，整个空间站是运动的，BC错误。故选D。4.如图所示，一辆汽车在水平路面上行驶时对路面的压力为𝑁1，在拱形路面上行驶中经过最高处时对路面的压力为𝑁2，已知这辆汽车的重力

为𝐺，则()A.𝑁1<𝐺B.𝑁1>𝐺C.𝑁2<𝐺D.𝑁2=𝐺【答案】C【解析】解：汽车在水平路上，竖直方向受力平衡，汽车对路面的压力N1=G；汽车通过凸形桥时，根据牛顿第二定律得，G−N2=mv2R，解得

支持力N2=G−mv2R<G，根据牛顿第三定律知，汽车对路面的压力小于重力．故C正确。5.如图所示，牛用大小为𝐹的力通过耕索拉犁，𝐹与竖直方向的夹角为𝛼=60°，则该力在水平方向的分力大小为()A.2�

�B.√3𝐹C.√3𝐹2D.𝐹【答案】C【解析】该拉力的水平分力大小Fx=Fsinα=√3F2，故C正确。6.如图所示，小明正在擦一块竖直放置的黑板，可吸附在黑板上的黑板擦质量𝑚=0.3𝑘𝑔，小明施加给黑板擦的黑板平面内的推力大小为𝐹=4𝑁，方向水平，黑板擦做匀速直线运动重力加速度

𝑔取10𝑚/𝑠2，则关于黑板擦所受摩擦力的说法正确的是()A.摩擦力大小为5𝑁B.摩擦力沿水平方向C.黑板擦所受摩擦力与推力大小成正比D.黑板擦吸附在黑板上静止时不受摩擦力【答案】A【解析】解：AB、黑板擦受到重力、黑板的吸引力、支持力、摩擦力与推力的作用做匀速直线运动，则合

外力为零，在竖直平面内重力、推力与摩擦力的合力为零，根据三力平衡的特点可知，重力、推力的合力与摩擦力大小相等，方向相反，所以摩擦力的方向斜向上，大小：f=√(mg)2+F2=√32+42N=5N，故A正确，B错误；C、由前面分析可知，黑板

擦所受摩擦力与推力大小不成正比，故C错误；D、黑板擦吸附在黑板上静止时受静摩擦力，其大小等于重力，故D错误。故选：A。黑板擦做匀速直线运动，受到的合外力为零，结合受力的情况判断摩擦力的大小和方向。该题考查摩

擦力的判断，知道三力平衡的特点是解答的关键。7.物理图像能直观地反映物理量间的变化关系．关于自由落体运动的规律，下列各物理量的图像正确的是(𝑔取10𝑚/𝑠2)()A.B.C.D.【答案】C【解析】AB、根据速度时间关系公式，有：v=gt

=10t∝t，且直线斜率应为10m/s2，故AB错误；C、自由落体运动的加速度始终等于重力加速度g，故C正确；D、根据位移时间关系公式，有：x=12gt2，即x∝t2，故D错误。8.纯电动汽车不排放污染空气的有害气体，具有较好的发展前景。某型号的电动汽车在一次刹车测试中，

初速度为20𝑚/𝑠，经过4𝑠汽车停止运动。若将该过程视为匀减速直线运动，可以分析出汽车在刹车2𝑠后速度为()A.5𝑚/𝑠B.10𝑚/𝑠C.15𝑚/𝑠D.16𝑚/𝑠【答案】B【解析】根据匀变速直线运动的速度−时间关系及逆向思维有：𝑣=𝑎𝑡，所以

汽车的加速度大小为：𝑎=𝑣𝑡=204𝑚/𝑠2=5𝑚/𝑠2汽车在刹车2𝑠后速度为：𝑣′=𝑣−𝑎𝑡1=20𝑚/𝑠−5×2𝑚/𝑠=10𝑚/𝑠，故B正确，ACD错误。9.如图所示，餐桌上的转盘匀速转动，碗相对于转盘静止，则碗所受力的个数为()A.1个B.2个C

.3个D.4个【答案】C【解析】解：碗做匀速圆周运动，合力指向圆心，对碗受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，共3个力的作用，故C正确，ABD错误。故选：C。对碗进行运动分析和受力分析，做匀速圆周运动，合力等于向心力，指向圆心

，结合运动情况，再对碗受力分析即可。静摩擦力与物体的相对运动趋势的方向相反，表明物体相对于圆盘有向外滑动的趋势，注意不能认为物体受到向心力作用。10.如图所示，小鸟站在倾斜树枝上休息，保持静止状态，下列说法正确的是()A.树枝受到压力是因为树枝发生了形变B.小鸟

对树枝的作用力垂直树枝斜向下C.小鸟把树枝抓得更紧时，它受的摩擦力保持不变D.小鸟把树枝压弯，小鸟对树枝的作用力大于树枝对小鸟的反作用力【答案】C【解析】A、弹力是由施力物体发生形变产生的，可见树枝受到压力是因为小鸟发生了形变，故A错误；B、小鸟在重力和树枝对小鸟的作用力的作用下静止，由平衡条件知

，树枝对小鸟的作用力方向竖直向上，由牛顿第三定律知，小鸟对树枝的作用力竖直向下，故B错误；C、小鸟在重力、垂直树枝向上的支持力和沿树枝向上的摩擦力作用下静止，由平衡条件知，小鸟所受的摩擦力等于小鸟重力的下滑分力，与小鸟和树枝间的弹力无关，小鸟把树枝

抓得更紧时，它受的摩擦力保持不变，故C正确；D、小鸟对树枝的作用力与树枝对小鸟的反作用力是一对相互作用力，两者大小始终相等，故D错误。11.如图所示，一同学在电梯里站在台秤上称体重，发现体重明显大于在静止

地面上称的体重，则()A.电梯一定处于上升阶段B.电梯一定处于加速上升阶段C.电梯可能处于加速下降阶段D.电梯的加速度一定向上【答案】D【解析】解：体重计的示数大于人静止在地面上的体重，说明人受到支持力大于重力，由牛顿第二定律可知，加速度一定向上，但电梯可能向

上加速也可能向下减速，故D正确，ABC错误。故选：D。对人进行受力分析，再根据牛顿第二定律即可确定加速度的方向以及物体的运动性质。本题考查牛顿第二定律关于超重和失重现象的应用，要注意明确加速度向上时物体的运动情况有两种，要注意全面分析。12.我国双人花样滑冰运动员在冰面上以如图所示的姿势绕男运动

员旋转.图中𝑃、𝑄两点分别位于男、女运动员的手臂上，下列说法正确的是()A.角速度𝜔𝑃<𝜔𝑄B.角速度𝜔𝑃>𝜔𝑄C.线速度𝑣𝑃<𝑣𝑄D.线速度𝑣𝑃>𝑣𝑄【答案】C【解析】AB.由于P、Q两点是同轴转动

的，角速度相等，A、B均错误;CD.由于Q点距转轴较远，根据v=ωr可知，vQ>vP，C正确，D错误．故选C。13.“神舟十二号”载人飞船与“天和核心舱”成功交会对接，标志着中国人首次进入自己的空间站。若将地球视为质量分布均匀的球

体，其质量为𝑀、半径为𝑅。已知空间站总质量为𝑚，引力常量为𝐺，某时刻空间站距离地球表面的高度为ℎ，则此时空间站受到地球的万有引力大小为A.𝐹=𝐺𝑀𝑚𝑅2B.𝐹=𝐺𝑀𝑚ℎ2C.𝐹=𝐺𝑀𝑚𝑅+ℎD.𝐹=𝐺𝑀𝑚(𝑅

+ℎ)2【答案】D【解析】根据万有引力定律F=GMmr2，其中r=R+h，则F=GMm(R+h)2，故D正确，ABC错误。14.某运动员参加撑杆跳高比赛如图所示，这个过程中能量变化描述正确的是()A.加速助跑过程中，运动员的动能和重力势

能都不断增大B.起跳上升过程中，杆的弹性势能先增大后减小C.起跳上升过程中，运动员的机械能守恒D.运动员越过横杆正上方时，动能为零【答案】B【解析】A.加速助跑过程中，运动员的动能不断增加，重力势能不变，故A错误；B.起

跳上升过程中，杆先逐渐弯曲然后伸直，则杆的弹性势能先增加后减小，故B正确；C.起跳上升过程中，运动员和杆的系统动能、重力势能和弹性势能之和守恒，因杆的弹性势能先增加后减小，则运动员的机械能先减小后增加，故C错误；D.运动员到达横杆正上方时，由于有水平速度，则动能不为零，故

D错误。故选B15.如图所示，质量为60𝑘𝑔的某同学在做引体向上运动，从双臂伸直到肩部与单杠同高度算1次，若他在1分钟内完成了10次，且每次肩部上升的距离均为0.4𝑚，假设该同学身体形状几乎不变，取重力加速度𝑔=10𝑚/𝑠2

，则他在1分钟内克服重力所做的功及相应的功率约为()A.240𝐽，4𝑊B.2400𝐽，2400𝑊C.2400𝐽，40𝑊D.4800𝐽，80𝑊【答案】C【解析】该同学在1分钟内克服重力所做的功约为W=10mgh=2400J功率约为

P=Wt=40W故选C。16.下列各电场中，𝐴、𝐵两点电场强度相同的是()A.B.C.D.【答案】C【解析】A.A、B两点电场强度大小相等、方向不同，故A错误；B.A、B两点电场强度方向相同，但大小不相等，故B错误；C.A、B两点电场强度大小、方向均相同，故C正确；D.A、B两点电

场强度大小、方向均不同，故D错误。故选C。17.如图是某一点电荷𝑄产生的电场中的一条电场线，𝐴、𝐵为电场线上的两点。当电子以某一速度沿电场线由𝐴运动到𝐵的过程中，动能增加，则可以判断()A.场强大小𝐸𝐴>𝐸𝐵B.电势𝜑𝐴>𝜑𝐵C.电场线方向由𝐵指向𝐴D.若𝑄

为负电荷，则𝑄在𝐵点右侧【答案】C【解析】A.该题中，只有一条电场线，不能推断各点的电场线的疏密，故A错误；B.电场力做正功，电势能降低，可以判定A的电势能大，因电子带负电，则A点电势小，即φA<φB，故B错误；C.电场力做正功，电场力的方向从A到B，由负电荷受力可知，电场

线的方向从B到A，故C正确；D.电场线的方向从B到A，若Q为负电荷，则在A的左侧，故D错误。故选C。18.如图所示为某品牌榨汁杯的相关参数，则下列说法正确的是()产品名称便携式榨汁杯型号L3−C86电池容量1500mAh充电时间2.5h额定功率45W额定电压25VA.榨汁杯的额定电流为

0.6AB.电池充满电后储存的电能为1.35×104JC.“mAh”是表示电能的单位D.榨汁杯充满电后最长可以工作约50分钟【答案】D【解析】A.由P=UI得I=PU=4525A=1.8A，故A错误；B.由公式E=Uq=25×1.

5×3600J=1.35×105J，故B错误；C.“mAh”为电量的单位，故C错误；D.t=qI=1.5×36001.8×60分钟=50分钟，故D正确。第II卷（非选择题）二、实验题（本题共2小题，6分+10分共16分）19.某同学在做“探究加速度与合外力之间关系”的实验，实验装置如

图甲所示。(1)按图甲正确组装实验器材，平衡小车所受的阻力。图乙中纸带的_______端与小车相连(选填“𝐴”或“𝐺”)。(2)关于实验操作，下列说法正确的是_______。A.实验中，需要垫高木板有打点计时器的一端来平衡摩

擦力B.平衡摩擦力就是放开拖着纸带的小车时，小车能够自由下滑即可C.若用砂桶总重力作为小车合外力，则要求小车的质量远小于砂桶的质量D.实验中拉着小车的细线必须与长木板平行(3)如图乙所示为某次实验中打出的一条纸带的一部分，𝐴、𝐵、

𝐶、𝐷、𝐸、𝐹、𝐺是纸带上7个相邻的计数点，相邻的两个计数点之间还有四个打出的点没有画出。已知打点计时器的电源频率为50𝐻𝑧，由此可算出小车的加速度𝑎=_______𝑚/𝑠2(保留两位有效数字)。【答案】A；AD；0.20【解析】(1)纸带与小车一

起做匀加速直线运动，则纸带与小车相连一端的位移逐渐增大，所以平衡小车所受的阻力时，图乙中纸带的A端与小车相连。(2)A.实验中，需要垫高木板有打点计时器的一端来平衡摩擦力，故A正确；B.平衡摩擦力就是放开拖着纸带的小车时

小车能够做匀速直线运动，故B错误；C.若用砂桶总重力作为小车合外力，则要求小车的质量远大于砂桶的质量，故C错误；D.实验中拉着小车的细线必须与长木板平行，才能保证细线的拉力为小车的合外力，因为小车沿木板运动，其合外力一定是与长木板平行的，故D正确；故选AD。(3)依题意，相

邻计数点间的时间间隔为T=5×0.02s=0.1s利用逐差法，则小车的加速度为a=(xFG+xEF+xDE)−(xAB+xBC+xCD)9T2=(6.50−2.60)×10−2−(2.60−0.50)×10−29×(0.1)2=0.20m/s220.电话手表越来越受儿童的青睐，某同学要测某品

牌电话手表的电池的电动势和内阻，设计了如图甲所示的电路，电路中𝑅0为定值电阻，阻值大小为0.5𝛺。(1)请按图甲所示的电路图完成图乙中实物图的连接。(2)闭合开关𝑆前，应先将滑动变阻器的滑片移到______(填“左

”或“右”)端。(3)实验过程中，若某次电压表的示数如图丙所示，则该示数为__________𝑉。(4)闭合开关𝑆，调节滑动变阻器的滑片，记录多组电压表𝑈和电流表𝐼的示数，作出𝑈—𝐼图像如图丁所示，则电池的电动势𝐸=__

____𝑉(结果保留三位有效数字)，电池的内阻𝑟=______𝛺(结果保留两位有效数字)。【答案】(1)实物连接如图所示：；(2)左；(3)2.40；(4)2.92(2.91−2.94)；0.92(0.90−0.99)。【解析】(1)根据原理

图连接实物电路图，实物电路图如图所示：；(2)为了让电流由最小值开始调节，滑动变阻器的滑片开始时应滑到最左端；电路中定值电阻的作用是保护电路，防止电源发生短路；(3)电压表最小一格0.1V，则电压表读数为：2.40V；(4)根据U=E−I(R0+r)，由图电源U−I图象可知，图象纵轴截距

为2.92V，则电池电动势：E=2.92V，图象斜率的绝对值：k=r+R0=ΔUΔI=2.92−2.00.64Ω≈1.42Ω，电源内阻：r=k−R0=1.42Ω−0.5Ω=0.92Ω。故答案为：(1)实物连接如图所示：；(2)左；(3)2.40；(4)2.92(2.91−

2.94)，0.92(0.90−0.99)。三、计算题（本大题共3小题，8分+10分+12分共30分，解答过程请写出必要的文字说明和必需的物理演算过程，只写出最终结果的不得分）21.如图所示，把一带电荷量为𝑄=−5×10−8�

�的小球𝐴用绝缘细绳悬起，若将带电荷量为𝑞=+4×10−6𝐶的带电小球𝐵靠近𝐴，当两个带电小球在同一高度相距30𝑐𝑚时，绳与竖直方向成45°角，取𝑔=10𝑚/𝑠2，𝑘=9.0×109𝑁·𝑚2/𝐶2，且𝐴，𝐵两小球均可

视为点电荷，求：(1)𝐴，𝐵两球间的库仑力大小；(2)𝐴球的质量。【答案】解：(1)AB间的库仑力大小F库=kQqr2=0.02N；(2)小球A受力如图所示：由平衡条件：F库=mgtanα解得A球的质量m=2×10−3kg。【解析

】本题考查共点力平衡，库仑定律。解题的关键是知道库仑定律的应用，属于简单基础题目，是一道考查基础知识的好题。对小球A进行正确受力分析，小球受水平向左的库仑力、重力、绳子的拉力，根据平衡条件列方程求解。22.冬天的北方，有狗拉雪橇，若

狗系着不可伸长的绳用沿与水平面成𝜃=30∘角的恒定拉力𝐹拉着雪橇沿水平雪面由静止做匀加速直线运动。设拉力𝐹=100𝑁，雪橇的质量𝑚=20𝑘𝑔，经𝑡=2.0𝑠的时间雪橇移动了距离𝑥=2√3𝑚。(雪橇可看做质点，空气阻力不计，重力加速度𝑔取10

𝑚/𝑠2，结果可带根号)求：(1)雪橇与雪面间的动摩擦因数;(2)若𝑡=2.0𝑠时拖绳断了，雪橇还能运动多远。【答案】解：(1)雪橇做初速度为零的匀加速直线运动，由位移公式可得x=12at2解得a=√3m/s2对雪橇，由牛顿第二定律得Fcos30°−μ(mg−Fsin30°)=m

a解得μ=√35；(2)拖绳断了时，雪橇的速度v=at=2√3m/s拖绳断了后，由牛顿第二定律得μmg=ma解得a′=2√3m/s2由匀变速运动的速度位移公式得雪的位移x′=0−v2−2a′=√3m【解析】本题主要考查了牛顿第二定律的应用的两大类问题：由运动求受力、由受力

求运动，对于该类问题关键是正确的对物体受力分析，知道加速度是联系物体运动和受力的桥梁。23.2022年2月16日，我国运动员齐广璞在北京冬奥会男子自由滑雪空中技巧赛上获得冠军，图甲为比赛大跳台的场景。现将部分赛道简化，如图乙所示，若运动员

从雪道上的𝐴点由静止滑下后沿切线从𝐵点进入半径𝑅=15𝑚的竖直冰面圆弧轨道BDC，从轨道上的𝐶点飞出。AB之间的竖直高度ℎ=27𝑚，OB与OC互相垂直，∠BOD=37°。运动员和装备的总质量𝑚=60kg且视为质点，摩擦和空气阻力不计。取重力加速

度𝑔=10𝑚/𝑠2，sin37°=0.6，cos37°=0.8。求(1)在轨道最低点𝐷时，运动员对轨道的压力大小；(2)运动员滑至𝐶点的速度大小；(3)运动员滑离𝐶点后在空中飞行过程中距𝐷点的最大高度。【答案】解：(1)BD间的高度差：h1=R−Rcos37∘，从A到D由动能定理：m

g(h+h1)=12mvD2，在D点，根据牛顿第二定律有：F−mg=mvD2R，由牛顿第三定律：F′=F，联立知，运动员对轨道的压力大小F′=3000N；(2)CD间的高度差：h2=R−Rsin37∘，从D到C由动能定理−mgh2=12

mvC2−12mvD2，得：vC=4√30m/s；(3)C点速度在竖直方向的分速度vy=vCcos37∘，运动员飞离C点后在竖直方向上升的高度h3=vy22g，运动员滑离C点后在空中飞行时距D点的最大高度：h=h2+h3=21.36m。【解析】本题主要

考查了动能定理和斜抛运动，在D点利用牛顿第二定律求得相互作用力，在利用动能定理时抓住重力做功即可。(1)运动员从A到D，根据动能定理求得到达D点的速度，在D点，根据牛顿第二定律求得轨道对运动员的支持力；(2)从D到C

，根据动能定理求得到达C点的速度；