【文档说明】2023-2024学年高中生物人教版2019 必修2课后习题 第1章 第2节　第2课时　孟德尔两对相对性状杂交实验解释的验证和应用 Word版含解析.docx，共(6)页，197.938 KB，由小赞的店铺上传

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第2课时孟德尔两对相对性状杂交实验解释的验证和应用合格考达标练1.(2021山东泰安高一期中)在孟德尔进行的两对相对性状的实验中,具有1∶1∶1∶1比例的是()①F1自交后代的性状分离比②F1产生配子类型的比例③

F1测交后代的表型比例④F1自交后代的基因型比例⑤F1测交后代的基因型比例A.①②④B.②③⑤C.①③⑤D.④⑤答案B解析①孟德尔的两对相对性状的实验中,F1是双杂合子,自交后代表型比例为9∶3∶3∶1;②F1是双杂合子,其产生配子的类型比例是1∶1∶1∶1;③孟德尔的两对相对性状的实验中,F1

是双杂合子,F1测交后代的表型比例为1∶1∶1∶1;④F1自交后代F2基因型的比例为(1∶2∶1)2=4∶2∶2∶2∶2∶1∶1∶1∶1;⑤孟德尔的两对相对性状的实验中,F1是双杂合子,F1测交后代基因型的比例

为1∶1∶1∶1。综上分析,B项正确,A、C、D三项错误。2.已知A与a、B与b、C与c3对等位基因自由组合,基因型分别为AaBbCc、AabbCc的两个体进行杂交。下列关于杂交后代的推测,正确的是()A.表型有8种,AaBbCc个体的比例为1/16B.表型有4

种,aaBbcc个体的比例为1/16C.表型有8种,Aabbcc个体的比例为1/8D.表型有8种,aaBbCc个体的比例为1/16答案D解析因3对等位基因自由组合,可将3对等位基因先分解再组合来解题。杂

交后代的表型应有2×2×2=8(种),后代中AaBbCc个体的比例为1/2×1/2×1/2=1/8,aaBbcc个体的比例为1/4×1/2×1/4=1/32,Aabbcc个体的比例为1/2×1/2×1/4=1/16,aa

BbCc个体的比例为1/4×1/2×1/2=1/16。3.豌豆种子黄对绿为显性,圆对皱为显性。甲为黄圆(YyRr),与乙豌豆杂交,后代中4种表型比例为3∶3∶1∶1,则乙豌豆的基因型为()A.yyrrB.YyrrC.yyRRD.YyRr答案B解析将3∶3∶1∶1变形为(

3∶1)×(1∶1)可知,一对相对性状的杂交组合方式为杂合子×杂合子,另一对相对性状的杂交组合方式为测交组合。4.在西葫芦的皮色遗传中,已知黄皮基因(Y)对绿皮基因(y)为显性,但在另一白色显性基因(W)存在时,基因Y和y都不能表达。现有基因型

WwYy的个体自交,其后代表型种类及比例是()A.3种,12∶3∶1B.3种,10∶3∶3C.4种,9∶3∶3∶1D.2种,13∶3答案A解析基因型WwYy的个体自交,后代W_Y_∶W_yy∶wwY_∶wwyy=9∶

3∶3∶1,因白色显性基因(W)存在时,基因Y和y都不能表达,所以W_Y_和W_yy均表现为白色,wwY_表现为黄色,wwyy表现为绿色,即后代表型及比例为白色∶黄色∶绿色=12∶3∶1。5.(2021天津三中高一期中)假如水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性,抗稻瘟

病(R)对易感稻瘟病(r)为显性,这两对基因遵循自由组合定律。用一个纯合易感病的矮秆品种(抗倒伏)与一个纯合抗病的高秆品种(易倒伏)杂交,F2出现抗病又抗倒伏的基因型及比例为()A.ddRR,1/8B.ddRr,1/

16C.ddRR,1/16和ddRr,1/8D.DDrr,1/6和DdRR,1/8答案C解析F1为双杂合子DdRr,F1子代自交,其后代产生性状分离的比例为高秆抗稻瘟病(D_R_)∶高秆易感稻瘟病(D_rr)∶矮秆抗稻瘟病(ddR_)∶矮

秆易感稻瘟病(ddrr)=9∶3∶3∶1。F2中出现既抗病又抗倒伏的个体占的比例为3/16,其中基因型为ddRR与ddRr的个体的表型都是既抗病又抗倒伏,他们在F2中所占的比例分别为1/4×1/4=1/16、1/4×1/2=1/8。C项符合题意。6.

等位基因A、a和B、b是独立遗传的两对等位基因。让显性纯合子(AABB)和隐性纯合子(aabb)杂交得F1,再让F1测交,测交后代的表型比例为1∶3。如果让F1自交,则下列表型比例中,F2不可能出现的是()A.13∶3B.9∶4∶3C.9∶7D.15∶1答案B解析两对等

位基因独立遗传,遵循基因的自由组合定律。F1(AaBb)测交后代的基因型有4种(AaBb、Aabb、aaBb、aabb),表型比例为1∶3,则F1测交后代的表型只有2种,由此可推知F1自交后代的表型也为2种,比例可能是9∶7、13∶3或15∶1。7.(2021

天津第八中学高一月考)水稻的高秆(D)对矮秆(d)为显性,抗病(R)对易染病(r)为显性。现有两株水稻作为亲本进行杂交实验,产生的后代表型及数量比是高秆抗病∶矮秆抗病∶高秆易染病∶矮秆易染病=3∶3∶1∶1,则该亲本的基因型为(

)A.DdRr和ddRrB.Ddrr和DdRrC.DdRr和DdRrD.DdRr和ddrr答案A解析根据后代中高秆∶矮秆=1∶1可知,亲本对应的基因型组合为Dd×dd,根据后代中抗病∶易感病=3∶1可知,亲本对应的基因型组合为Rr×Rr,故亲本的基因型为DdRr和ddRr。8

.(2021天津静海一中高一月考)某种药用植物合成药物1和药物2的途径如下图示,基因A和基因b分别位于两对同源染色体上。下列叙述错误的是()A.基因型是AAbb或Aabb的植株能同时合成两种药物B.若某植株只

能合成一种药物,则必定是药物1C.基因型为AaBb的植株自交,后代有9种基因型和4种表型D.基因型为AaBb的植株自交,后代中能合成药物2的个体占3/16答案C解析基因组成是AA、Aa的植株能合成药物1,基因组成是A_bb的植株能合成药物

2,所以基因型是AAbb或Aabb的植株能同时合成两种药物,A项正确;若某植株只能合成一种药物,则必定是药物1,因为如果不合成药物1就无法合成药物2,B项正确;基因型为AaBb的植株自交,后代有3×3=9

种基因型,3种表型,分别为合成2种药物、只合成药物1、不合成药物,C项错误;基因型为AaBb的植株自交,A_B_(合成药物1)∶A_bb(合成2种药物)∶aaB_(不合成药物)∶aabb(不合成药物)=9∶3∶3∶1,后代中能合成药物2的个体占3/16,D项正确。9.

(2021天津一中高一期中)已知某品种油菜粒色受两对等位基因控制(且两对等位基因独立遗传),基因型为AaBb的黄粒油菜自交,F1中黄粒∶黑粒=9∶7。现将F1中全部的黄粒个体进行测交,则后代中黑粒纯合子所占的比例是()A.1/2B.1/

4C.1/9D.1/16答案C解析根据基因型为AaBb的黄粒油菜自交,F1中黄粒∶黑粒=9∶7可知,F1中黄粒的基因型及比例为AABB∶AaBB∶AABb∶AaBb=1∶2∶2∶4,将F1中全部的黄粒个体进行测交,即与aabb杂交,能产生黑粒

纯合子aabb的F1个体基因型只有AaBb,占F1黄粒个体的4/9,因此,后代中黑粒纯合子所占的比例是4/9×1/2×1/2=1/9,C项正确。10.(2021天津北京师范大学静海附属学校高一月考)鸡冠的形状由两对等位基因(A和a,B和b)控制,这两对等位基因的遗传符合基因的自由组合定

律,且与性别无关。据下表回答问题。项目基因组合A、B同时存在(A_B_型)A存在、B不存在(A_bb型)B存在、A不存在(aaB_型)A和B都不存在(aabb型)鸡冠形状核桃状玫瑰状豌豆状单片状杂交组合甲:核桃状×单片状→F1:核桃状、玫瑰状、豌豆状、单片状乙:玫瑰

状×玫瑰状→F1:玫瑰状、单片状丙:豌豆状×玫瑰状→F1:全是核桃状(1)甲组杂交方式在遗传学上称为,甲组杂交F1四种表型比例是。(2)让乙组后代F1中玫瑰状冠的鸡与另一纯合豌豆状冠的鸡杂交,杂交后代表型及比例在理论上是。(3)

让丙组F1中的雌雄个体交配,后代表现为玫瑰状冠的有120只,那么表现为豌豆状冠的纯合子理论上有只。(4)基因型为AaBb与Aabb的个体杂交,它们的后代基因型的种类有种,后代杂合子所占的比例是。答案(1)测交1∶1∶1∶1(2)核桃状∶豌豆状=

2∶1(3)40(4)63/4解析(1)由表中信息可知单片状是双隐性即aabb,所以甲组杂交方式在遗传学上称为测交;F1产生了四种表型说明核桃状的基因型是AaBb,因此后代四种表型的比例是1∶1∶1∶1。(2)由题意可知乙组亲本都是玫瑰状,

即A_bb,但后代出现了单片状aabb,说明亲本都是Aabb,F1玫瑰状的基因型有1/3AAbb、2/3Aabb,与另一纯合豌豆状aaBB杂交,后代有2/3AaBb和1/3aaBb,即核桃状∶豌豆状=2∶1。(3)丙

组亲本组合是豌豆状aaB_和玫瑰状A_bb,子代都是核桃状即A_B_,所以亲本是aaBB和AAbb,其F1是AaBb,雌雄交配后代中玫瑰状应占3/16,豌豆状也占3/16,且豌豆状中纯合的个体占1/3,理论上应有120×1

/3=40(只)。(4)这两对等位基因遵循自由组合定律,基因型为AaBb与Aabb的个体杂交,后代基因型种类有3×2=6(种),后代中纯合子比例为1/2×1/2=1/4,所以杂合子是1-1/4=3/4。等级考

提升练11.(2021天津静海一中高一月考)某种植物的果实重量由A与a、B与b、D与d三对独立遗传的等位基因控制。已知A、B、D基因对果实的增重效应相同,a、b与d基因对果实重量的作用也相同,基因型AABBDD的植株果实重72g,基因型为aab

bdd的植株果实重36g。用基因型为AaBbDd与Aabbdd的植株杂交并产生子代,下列说法错误的是()A.子代中不会出现果实重量为66g的植株B.子代中果实重量为42g的植株基因型有3种C.子代中果实重

量为48g的植株出现的概率为5/16D.子代中果实重量为54g与60g的植株之比为4∶1答案C解析基因型为AaBbDd与Aabbdd的植株杂交,雌雄配子共有16种结合方式,其中子代中含有最多显性基因的植株为AABbDd(含有4个显性基因),果实重量为4×12+2×6=60g

,不会出现果实重量为66g的植株,A项正确;子代中果实重量为42g的植株(含有1个显性基因)的基因型为Aabbdd、aaBbdd、aabbDd,共3种基因型,B项正确;子代中出现果实重量为48g的植株(含有2个显性基因)的基因型有AAbbdd、AaBb

dd、AabbDd、aaBbDd,占子代的比例为2×1/4×1/2×1/2+2×1/2×1/2×1/2=3/8,C项错误;子代中果实重量为54g的植株(含有3个显性基因)的基因型有AABbdd、AAbbDd、AaBbDd,子代中果实重量为60g的植株(含有4个显性基

因)的基因型为AABbDd,个体数量之比为4∶1,D项正确。12.(2021北京师范大学沧州渤海新区附属学校高二月考)(多选)某植物的花色和叶的宽窄分别由两对等位基因R、r和H、h控制。现以红花窄叶植株作为亲本进行自交,收获的

F1中红花窄叶∶红花宽叶∶白花窄叶∶白花宽叶=6∶2∶3∶1。下列有关分析正确的是()A.控制花色和叶宽窄的两对基因的遗传遵循自由组合定律B.F1性状分离比的出现可能是红花基因纯合致死的结果C.F1中有6种基因型,其中纯合子所占的比例为1/4D.若让F1红花宽叶植

株自交,其后代性状分离比为2∶1答案ABD解析根据F1中红花窄叶∶红花宽叶∶白花窄叶∶白花宽叶=6∶2∶3∶1可知,该比例是9∶3∶3∶1的特殊类型,故可判断出这两对等位基因的遗传遵循自由组合定律,A项正确;F1中红花∶白花=2∶1,窄叶∶宽叶=3∶1,说明存

在红花基因纯合(RR)致死现象,B项正确;依据F1的表型及比例可知,亲本的基因型为RrHh,由于RR致死,故F1中有2×3=6种基因型,其中纯合子rrHH(1/3×1/4)+rrhh(1/3×1/4)占F1的1/6,C项错误;让F1红花宽

叶(Rrhh)植株自交,由于RR致死,其后代性状分离比为2∶1,D项正确。13.果蝇是常用的遗传学实验材料,其翅型有正常翅和卷翅之分,体色有黄身和黑身之分,分别由A、a和B、b两对等位基因控制。现用两种纯合果蝇杂交,F1均为卷翅黄身,F1雌雄果蝇相

互交配,F2的表型及比例如下表所示,已知某种类型的精子成活率会下降,卵细胞均正常。请回答下列问题。表型卷翅黄身正常翅黄身卷翅黑身正常翅黑身雌果蝇7331雄果蝇7331(1)果蝇体色与翅型的遗传遵循定律,翅型中属于显性

性状的是。(2)不具有受精能力的精子的基因组成是,该种类型的精子成活率是。(3)若让F2卷翅黑身果蝇自由交配,则子代的表型及比例为。(4)若取F2正常翅黑身雌果蝇与F1卷翅黄身雄果蝇杂交,请用遗传图解表示该过程。答案

(1)自由组合卷翅(2)AB50%(3)卷翅黑身∶正常翅黑身=8∶1(4)解析(1)根据表格分析可知,子二代的性状分离比是7∶3∶3∶1,是“9∶3∶3∶1”的特殊形式,说明两种性状的遗传遵循基因的自由组合定律,两对性状中属于显性性状的是卷翅和黄身。(2)根据以上分

析知,F1卷翅黄身果蝇的基因型为AaBb,F2的表型及比例为卷翅黄身(A_B_)∶正常翅黄身(aaB_)∶卷翅黑身(A_bb)∶正常翅黑身(aabb)=7∶3∶3∶1,跟正常的分离比“9∶3∶3∶1”相比可知,F2中只有卷翅黄身(A_B_)受到精子成活率低的影响,可推

测出成活率低的精子的基因组成是AB,其成活率只有50%。(3)根据以上分析可知,F2卷翅黑身果蝇基因型为1/3AAbb、2/3Aabb,其自由交配产生的子代中,aabb占2/3×2/3×1/4=1/9,因此后代卷翅黑身和正常翅黑身的比例为8∶1

。(4)F2正常翅黑身雌果蝇基因型为aabb,F1卷翅黄身雄果蝇基因型为AaBb,两者杂交的遗传图解见答案。14.(2021湖南娄底一中高二期中)某二倍体植物的花色有白色、红色和紫色三种,已知花色形成的途径如下图所示。现将某纯合

白色花植株与红色花植株杂交,F1全为白色。若将F1白色花植株自交,所得F2植株中白色∶紫色∶红色=12∶3∶1。回答下列问题。(1)假设该植物的体细胞中含n条染色体,要对该植物进行基因组测序,需要测定条染色体的碱基序列。从基因控制性状的途径来看,基因控制该植

物花色的方式为。(2)推测两亲本基因型是,且两对基因(B、b和D、d)位于对同源染色体上。F1白色花植株与红色花植株杂交,后代表型及比例是。(3)现有一株纯合紫色花,其6号染色体为三体(即6号同源染色体有3条)的植株甲,其配子会随机获得6号染色体中的任意两条或一条。

为探究D、d基因是否位于6号染色体上,某生物兴趣小组将植株甲与正常红色花植株测交,从F1中选出三体植株继续与正常红色花植株测交,观察F2的花色及比例。预期实验结果:①若F2出现的情况,则D、d基因不位于6号染色体上;②若F2出现的情况,则D、d基因位于6号染色体上。答案(1)n/2基因通

过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制植物花色性状(2)BBDD和bbdd两白色∶紫色∶红色=2∶1∶1(3)紫色∶红色=1∶1紫色∶红色=5∶1解析(1)植物通常没有性染色体,所以基因组进行测序至少需要研究n/2条染色体上的碱基序列;由图分析可知,基

因控制该植物花色的方式为基因通过控制酶的合成来控制代谢过程,进而控制植物花色性状。(2)结合分析可知,F2植株中白色∶紫色∶红色=12∶3∶1,可推测两对基因(B、b和D、d)遵循自由组合定律,且位于两对同源染色体上,F1白色花植株为BbDd,进而推测双亲为纯合白色花植株BBDD与红色花植

株bbdd;F1白色花植株BbDd与红色花植株bbdd杂交,后代表型及比例是白色∶紫色∶红色=2∶1∶1。(3)分别假设D、d基因不位于或位于6号染色体上,推测可能的结果有:①若D、d基因不位于6号染色体上,则三体与花色无

关,纯合紫色花bbDD与正常红色花植株bbdd测交,F1为bbDd,从F1中选出三体植株bbDd与正常红色花植株bbdd测交,F2基因型及比例为bbDd∶bbdd=1∶1,表型及比例是紫色∶红色=1∶1。②若D、d基因位于6号染色体上,则纯合紫色花bbD

DD与正常红色花植株bbdd测交,F1为bbDDd和bbDd,从F1中选出三体植株bbDDd(产生的配子为bDD∶bDd∶bD∶bd=1∶2∶2∶1)与正常红色花植株bbdd测交,F2基因型及比例为bbDDd∶bbDdd∶bbD

d∶bbdd=1∶2∶2∶1,则F2表型及比例是紫色∶红色=5∶1。