【文档说明】2024届高考二轮复习理科数学试题（老高考旧教材） 限时练3 Word版含答案.docx，共(4)页，197.611 KB，由小赞的店铺上传

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限时练3(时间:45分钟,满分:80分)一、选择题:本题共12小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.1.(2022新高考Ⅱ,1)已知集合A={-1,1,2,4},B={x||x-1|≤1},则A∩B=()A.{-1,2}B.{1,2}C.{1,4}D.{

-1,4}2.(2022北京,2)若复数z满足i·z=3-4i,则|z|=()A.1B.5C.7D.253.(2022全国乙,理3)已知向量a,b满足|a|=1,|b|=√3,|a-2b|=3,则a·b=()A.-2B.-1C.1D

.24.(2023江西上饶二模)为了支持民营企业发展壮大,帮助民营企业解决发展中的困难,某市政府采用分层抽样调研的方式走访各层次的民营企业.该市的小型企业、中型企业、大型企业分别有900家、90家、10家.若走访2家大型企业,则需走访中

型企业的数量为()A.180B.90C.18D.95.(2023四川巴中一模)若一组样本数据y1,y2,…,yn的期望和方差分别为2,0.04,则数据5y1+1,5y2+1,5y3+1,…,5yn+1的期望和方差

分别为()A.3,1B.11,1C.3,0.2D.11,0.26.(2023云南昆明一中模拟)已知事件A,B,C满足A,B是互斥事件,且P[(A∪B)|C]=12,P(BC)=112,P(C)=14,则P(A|C)的值等于()A.16B.112C.14D.137.(20

22山东潍坊一模)如图,某建筑物的波浪形屋顶像翅膀一样漂浮,建筑师通过双曲线的设计元素赋予了这座建筑以轻盈、极简和雕塑般的气质,该建筑物外形弧线的一段可以近似看成焦点在y轴上的双曲线𝑦2𝑎2−𝑥

2𝑏2=1(a>0,b>0)上支的一部分.已知该双曲线的上焦点F到下顶点的距离为36,F到渐近线的距离为12,则该双曲线的离心率为()A.53B.54C.43D.458.(2023四川凉山二模)C0表示生物体内碳14的初始质量,经过t年后

碳14剩余质量C(t)=C0(12)𝑡ℎ(t>0,h为碳14半衰期,单位:年).现测得一古墓内某生物体内碳14含量为0.4C0,据此推算该生物是距今约多少年前的生物(参考数据lg2≈0.301).正确选项是()A.1.36hB.1.34hC.1.32hD.1.30h9.(2023贵州毕

节二模)已知loga14<1,(13)𝑎<1,𝑎12<1,则实数a的取值范围为()A.(13,1)B.(0,14)∪(1,+∞)C.(14,1)D.(0,14)10.某圆锥母线长为2,底面半径为√3,则过该圆锥顶点的平面截此圆锥所得截面面积的最大

值为()A.2B.√3C.√2D.111.(2023江西南昌二模)已知抛物线C:y2=4x的准线为l,点M是抛物线上一点,若圆M过点A(3,0)且与直线l相切,则圆M与y轴相交所得弦长是()A.2√2B.2√3C.4D.2√512.(2023四川攀枝花二

模)已知各项均为正数的数列{an}的前n项和为Sn,且2anSn=1+𝑎𝑛2,设bn=log2𝑆𝑛+1𝑆𝑛,数列{bn}的前n项和为Tn,则满足Tn≥2的n的最小正整数解为()A.15B.16C.3D.4二、

填空题:本题共4小题,每小题5分,共20分.13.(2023贵州毕节一模)已知函数y=sinωx(ω>0)在区间[0,π2]上恰有两个零点,则ω的取值范围为.14.(2023陕西榆林二模)某工厂从其所生产的某种配件中随机抽取了一部分进行质量检测,其某项质量测试指标值X服从正态分布N(36,9),

且X落在区间[39,42]内的配件个数为1359,则可估计所抽取的这批配件共有万个.附:若随机变量ξ服从正态分布N(μ,σ2),则P(μ-σ≤ξ≤μ+σ)≈0.6827,P(μ-2σ≤ξ≤μ+2σ)≈0.9545,P(μ-3σ≤ξ≤μ+3σ)≈0.9973.15.正方体ABCD-A1B1C1D

1棱长为2,M为CD1的中点,则四面体ABDM外接球的体积为.16.(2023陕西咸阳二模)如图,已知在扇形OAB中,半径OA=OB=2,∠AOB=π3,圆O1内切于扇形OAB(圆O1和OA,OB,弧AB均相切),作圆

O2与圆O1,OA,OB相切,再作圆O3与圆O2,OA,OB相切,以此类推.设圆O1,圆O2,…的面积依次为S1,S2,…,那么S1+S2+…+S10=.限时练31.B解析B={x|0≤x≤2},则A∩B={1,2},故选B.2.B解

析∵i·z=3-4i,∴z=3-4ii,∴|z|=|3-4i||i|=√32+421=5,故选B.3.C解析由已知得|a-2b|2=|a|2+4|b|2-4a·b=1+12-4a·b=9,解得a·b=1.4.C解析该市中型企业和大型

企业的数量比为9∶1,则需走访中型企业的数量为9×2=18.故选C.5.B解析因为原样本数据中E(y)=2,D(y)=0.04,所以新数据中E(5y+1)=5×E(y)+1=11,D(5y+1)=25×D(y)=1.故选B.6.A解析由题意,P(B|C)=𝑃

(𝐵𝐶)𝑃(𝐶)=13.由A,B是互斥事件知,P[(A∪B)|C]=P(A|C)+P(B|C),所以P(A|C)=P[(A∪B)|C]-P(B|C)=12−13=16.故选A.7.B解析点F(0,c)到渐近线y=𝑎𝑏x,即ax-by=0的距离d=|-

𝑏𝑐|√𝑎2+𝑏2=b=12,又由题知{𝑎+𝑐=36,𝑎2+122=𝑐2,解得{𝑎=16,𝑐=20,所以e=𝑐𝑎=2016=54.故选B.8.C解析由题意可知C0(12)𝑡ℎ=0.4C

0,所以lg(12)𝑡ℎ=lg0.4,所以𝑡ℎlg12=lg0.4,所以𝑡ℎ=lg0.4lg12=1-2lg2lg2≈1.32,所以t≈1.32h.故选C.9.D解析(13)𝑎<1=(13)0,由y=(

13)𝑥在R上是减函数,得a>0.由𝑎12<1,即√𝑎<1,得0≤a<1,则0<a<1.由loga14<1=logaa,根据y=logax(0<a<1)在(0,+∞)上是减函数,得0<a<14.故选D.10.A解析设圆锥顶点为S,截面与圆锥底面圆两交点为M,N,底面圆心为点O.截

面为△SMN,P为MN的中点,设OP=x(0≤x<√3),SM=2,OM=√3,所以SO=1,SP=√𝑥2+1,MN=2√3-𝑥2,故S△SMN=12MN·SP=12·√𝑥2+1·2√3-𝑥2=√-(𝑥2-1)2+4,所以当x=1时,S△SMN=2,此时的截

面面积最大.11.D解析(方法一)抛物线C:y2=4x的准线方程为x=-1.设M(x0,y0),因为圆M与直线l相切,所以圆的半径为r=x0+1,则圆的标准方程为(𝑥-𝑥0)2+(𝑦-𝑦0)2=(𝑥0+1)2.又圆M过点A(3,0),所以(3

-𝑥0)2+(0-𝑦0)2=(𝑥0+1)2,①又𝑦02=4x0,②由①②,解得x0=2,则r=3.设圆M与y轴交于点B,C,则|BC|=2√𝑟2-𝑥02=2√32-22=2√5.(方法二)由抛物线定义可知点

M到准线l的距离等于点M到抛物线焦点的距离.由y2=4x可知,抛物线的焦点坐标为F(1,0).又圆M过点A且与直线l相切,所以点M在AF的中垂线上.设M(x0,y0),则x0=2,y0=±2√2,所以|AM|=3,所以圆M与y轴相交所

得弦长为2√|𝐴𝑀|2-𝑥02=2√5.故选D.12.A解析当n=1时,2a1S1=1+𝑎12,则S1=a1=1,当n≥2时,2(Sn-Sn-1)Sn=2𝑆𝑛2-2SnSn-1=1+(Sn-Sn-1)2=1+𝑆𝑛2-2SnSn-1+𝑆𝑛-

12,则𝑆𝑛2−𝑆𝑛-12=1,故{𝑆𝑛2}是首项为𝑆12=1,公差为1的等差数列,则𝑆𝑛2=n,即Sn=√𝑛.又Tn=log2𝑆2𝑆1+log2𝑆3𝑆2+…+log2𝑆𝑛+1𝑆𝑛=log2𝑆𝑛+1𝑆1=log2Sn+1=12log2(n+

1)≥2,所以n+1≥16,即n≥15,故满足Tn≥2的n的最小正整数解为15.故选A.13.[2,4)解析令f(x)=sinωx(ω>0),当x∈[0,π2]时,ωx∈[0,𝜔π2],而f(0)=0,要使y=sinωx在区间[0,π2]上恰有两个零点,则π≤𝜔π2

<2π,解得2≤ω<4.14.1解析因为X服从正态分布N(36,9),所以μ=36,σ=3,则P(39≤X≤42)=P(μ+σ≤X≤μ+2σ)=12[P(μ-2σ≤X≤μ+2σ)-P(μ-σ≤X≤μ+σ)]≈12×(0.9545-0.6827)≈0.1359.因为X在区间

[39,42]内的配件个数为1359,故可估计所抽取的这批配件共有1万个.15.8√2π3解析如图,连接AM,BM,DM,MC1,BC1,取BD的中点O,连接OM,OA,可得OA=√2,OB=OD=√2,在△DBC1

中,OM是△DBC1的中位线,所以OM=12BC1=√2,所以O是四面体ABDM外接球的球心,外接球的半径为√2,所以外接球的体积为4π3×(√2)3=8√2π3.16.910-1910·π2解析如图,设圆O1与弧AB相切于点D,圆O1,

O2与OA分别切于点C,E,则O1C⊥OA,O2E⊥OA.设圆O1,O2,O3,…,O10的半径为r1,r2,r3,…,r10,∵∠AOB=π3,∴∠AOD=π6.在Rt△OO1C中,OO1=2-r1,则O1C=12OO1=

2-𝑟12,即r1=2-𝑟12,解得r1=23.在Rt△OO2E中,OO2=2-r2-2r1,则O2E=12OO2,即r2=2-𝑟2-2𝑟12,解得r2=29=13r1.同理可得r3=227=13r2,所以r1,r2,r3,…,r10是以r1=23为首项,13为公比的等比数

列.因为S1=π𝑟12,所以面积S1,S2,…,S10是以π𝑟12=49π为首项,以19为公比的等比数列,则S1+S2+…+S10=49π[1-(19)10]1-19=910-1910·π2.