【文档说明】湖南省新高考教学教研联盟2023届高三下学期4月第二次联考物理试卷含答案.docx，共(15)页，1.348 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-c295c418dd0170fb16cbd52b628ce373.html

以下为本文档部分文字说明：

2023届湖南新高考教学教研联盟高三第二次联考物理试题卷由长郡中学；衡阳市八中；永州市四中；岳阳县一中；湘潭县一中；湘西州民中；石门县一中；澧县一中；益阳市一中；桃源县一中；株洲市二中；麓山国际；郴州市一中；岳阳市一中；娄底市一中；怀化市三中；邵东市一中；洞口县一中联合命题命题学校：岳

阳市一中审题学校：邵东市一中注意事项：1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上

。写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试题卷和答题卡一并交回。第Ⅰ卷选择题（共48分）一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28分。每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.在物理学的发展过程中，有众多的科学家做出

了突出的贡献。下列关于科学家及其成就的描述符合历史事实的是（）A.牛顿通过实验发现了万有引力定律，并测出了引力常量G的值B.奥斯特通过“奥斯特实验”发现了电磁感应现象C.卢瑟福分析粒子散射实验的现象，建立

了原子的核式结构模型D.玻尔建立了玻尔原子理论，能够完美地解释所有原子光谱的实验规律2.如图所示，倾角为30=°、AB面光滑的斜面体放在水平地面上，一个重为G的小球在弹簧秤的水平拉力F作用下静止在斜面上。现沿逆时针方向缓慢转动弹簧秤，直到弹簧秤的示数等于初始值，在此过程中，小球与

斜面体始终处于静止状态。下列说法正确的是（）A.力F先变大后变小B.地面对斜面体的支持力一直变大C.地面对斜面体的摩擦力一直变小D.斜面体对小球的支持力一直变大3.如图所示，物体在倾角为、足够长的斜面上

做平抛运动，最终落在斜面上，从抛出到第一次落到斜面上的过程，下列说法正确的是（）A.物体在空中运动的时间与初速度成正比B.落到斜面上时，速度方向与水平面的夹角随初速度的增大而增大C.抛出点和落点之间的距离与初速度成正比D.物体在空中运动过程中，离斜面的最远距离与初速度成正比4.如图所示，某

玻璃砖的截面由半径为R的半圆和等边三角形ABC组成，AB是半圆的直径，O为半圆的圆心。单色光平行于CO照射在AC面上，其中从AC中点射入玻璃砖的光线恰好经过半圆圆心O点（图中已画出），不考虑光线的反射。下列说法正确的是（）A.玻璃砖对该单色光的折射率为

3B.进入玻璃砖的所有光线都能够从半圆面射出C.光线从AC面传播到圆弧面，经过圆心O点的光线传播的时间最长D.若调整入射光线的角度，光线可能在AC面进入玻璃砖时发生全发射5.物体从0t=时开始做匀变速直线运动，其xt−图像的一段图线如图所示，图线经过图中坐标()3,10和

()4,9的点，其中()3,10为抛物线的顶点。关于该物体的运动，下列说法正确的是（）A.0t=时，物体从坐标原点出发B.物体的初速度为20m/s3C.物体加速度大小为22m/sD.物体0～4s内的路程为8m6.2023年2月26日，中国载人航天工程三十年成就展在中国国家博

物馆举行，展示了中国载人航天发展历程和建设成就。载人航天进行宇宙探索过程中，经常要对航天器进行变轨。如图所示是某次从轨道1变轨到轨道3的示意图，点火变速在轨道P、Q两点，轨道1和轨道3为圆轨道，轨道2为椭圆轨道。设轨道1、轨道2和轨道3上航天器运行周期分别为1

T、2T和3T，P为轨道1和轨道2的交点，Q为轨道2和轨道3的交点。下列说法正确的是（）A.在P点应该点火加速变轨，在Q点应该点火减速变轨B.轨道3上Q点的速度大于轨道2上P点的速度C.轨道2上从P到Q的过程中，机械能减少D.运行周期关系满足2223331322TTT+=7.如图所示

，一足够长的光滑斜面，倾角为，一弹簧上端固定在斜面的顶端，下端与物体b相连，物体b上表面粗糙，在其上面放一物体a，a、b间的动摩擦因数为()tan，将物体a、b从O点由静止释放，释放时弹簧恰好处于自由伸

长状态，当b滑到A点时，a刚好相对b开始滑动；滑到B点时a刚好从b上滑下，b也恰好速度为零，设a、b间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g。下列对物体a、b运动情况的描述正确的是（）A.从O到A的过程中，两者一直加速B.经过A点时，两者加速度大小是c

ossingg−，方向沿斜面向下C.从A到B的过程中，两者的加速度都在减小，速度也都在减小D.经过B点，a掉下后，b开始反向运动且能滑到开始下滑的O点的上方二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得5分，

选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.关于光电效应，下列说法中正确的是（）A.爱因斯坦提出了光子的观点，成功的解释了光电效应实验现象B.光的电磁理论也可以解释光电效应实验中存在截止频率这一现象C.光束通过窗口照射光电

管发生了光电效应，调节加给光电管的反向电压达到遏止电压时，将不再有电子从光电管的阴极射出D.分别用蓝光和紫光照射光电管，均逸出了光电子，蓝光照射和紫光照射逸出的光电子的动能可能相等9.如图所示，有一矩形线圈abcd的面积为S，匝数为N，电阻为r，绕OO轴在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁

场中以角速度逆时针做匀速转动，从图示位置开始计时。矩形线圈通过滑环接一可调电阻R，图中电流表A和电压表V的读数分别为I和U。下列判断正确的是（）A.矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为coseNBSt

=B.矩形线圈经过图示位置时，线圈中的电流方向为a→b→c→d→aC.矩形线圈从图示位置转过90°时，电压表的读数为0D.可变电阻R取不同值时，I、U的乘积IU的值可能相等10.如图，x轴上1S、2S为波源，先后起振分别沿

x轴正向和负向激发甲、乙两列简谐横波，经过一段时间后甲乙两列简谐波各自传播了32个波长，此时的波形曲线如图所示，两波在该介质中的传播速度均为25cm/sv=。下列说法正确的是（）A.乙波的周期为2.4sB.甲波单独传播时，若遇到尺寸为2

0cm的障碍物不能发生明显的衍射现象C.平衡位置在50cmx=处的质点振动始终加强D.从图示时刻起（不包含该时刻），再经过1st=第一次出现介质质点偏离平衡位置的位移为16cm11.如图所示，定滑轮两边用轻绳连接线框abcd和带正电

的物体A，物体A放置在倾角为53=°的光滑斜面上，水平面MN下方空间存在垂直纸面的磁场，MN上方没有磁场。此时释放线框和物体A，线框刚进入磁场时，恰好匀速运动，A物体仍在磁场中且对斜面恰好没有压力。已知正方形线框abcd边长为0.1mL=，质量为0.05kgM=，电阻为

18R=，匝数为10n=匝，物块A的质量0.05kgm=，带电量为0.1Cq=，重力加速度为210m/sg=，不计一切摩擦，运动过程中，线框平面始终位于纸面内，A始终处于磁场中，sin530.8=°，cos530.6=°。下列说法正确的是（）A.磁场方向垂直纸面向里B.线框下边cd初始位置离

MN面的距离12.5mh=C.磁场的磁感应强度0.6TB=D.线框进入磁场过程中线框的电热功率0.05WP=第Ⅱ卷非选择题（共52分）三、实验题：本题共2小题，共14分。12.（6分）在“练习使用打点计时器”的实验中，小李同学通过重物牵引小车运动，他在实验

操作之后选出了一条清晰的纸带，如下图所示。他从A点开始每隔四个点选取一个计数点，依次标为B、C、D、E、F（D、E两点图中未标出），他已经测量出A到C的距离为14.20cms=，所使用的交流电源的频率50Hzf=。请你回答下列问题：（1）由图读出A到

F的距离为2s=______cm；（2）打下B点时小车的速度Bv=______m/s；（3）确定重物做匀加速运动后，通过两段长度1s、2s可以计算出小车运动的加速度，计算出小车的加速度为a=______2m/

s。13.（8分）小明同学在实验室发现了一块标有“9V”字样的锂电池，出于好奇他想通过实验测量该电池的电动势和内阻。通过查阅该资料得知电池内阻一般小于1、允许通过的最大电流小于1.0A。为了准确的测出该电池的电动势和内电阻，小明在实验室老师的

帮助下找到了下列器材：A.电压表V（量程为0～3V，内阻V15kr）；B.电流表A（量程为0～3A，内阻A0.3r）；C.定值电阻03R=；D.电阻箱R（0～99.99）；E.开关S、导线若干。（1）小明的探究立即激发了班级同学的兴致，他们帮助设计了下列三

种测量方案，你认为合理的是______（要求不能损坏电源、选用的电表在测量时要能实现指针从满偏的13到23的测量范围）。（2）小红同学提出用图像法处理数据可以减小偶然误差，按照她的建议，小明和同学们将实验数据整理之后，恰当的调整横坐标、纵坐标所代表的物理量之后，得到了一条倾斜的直线如图所示（其

中R为电阻箱的读数，y为电压表或电流表的示数，单位均为国际单位），则测得锂电池的电动势为______，内阻为______。（结果用a、b、c和0R表示）（3）按照上述的测量方案，测得的电动势E测______（

选填“＜”“＞”或“＝”）E真。四、计算题：本题共3小题，其中第14题10分，第15题12分，第16题16分，共38分。写出必要的推理过程，仅有结果不得分。14.（10分）如图所示，“凸”形汽缸上、下部分高度均为h，上、下底面

导热良好，其余部分绝热。上部分横截面积为S，下部分横截面积为2S。汽缸被总重力02GpS=、中间用轻杆相连的a、b两绝热活塞（密封性良好）分成A、B、C三部分，活塞稳定时A、B、C三个部分内的气体温度均为T，A、C部分气体压强为0p，A、B部分高均为2h，C部分高为h。现保持A

、B温度不变，使C中的气体温度缓慢变化至某温度，最终稳定后两活塞缓慢下降了4h，不计所有摩擦。求：（1）C温度变化前，B中气体的压强；（2）C中气体最终温度为多少？15.（12分）如图所示，xOy坐标系中，第三象限存在沿x轴正向的匀强电场，第四象限与x轴和y轴相

切的半径为0.2mR=的圆形区域内存在匀强磁场1B，磁感应强度10.1TB=，方向垂直纸面向里，x轴上方存在垂直纸面向外的匀强磁场2B，磁感应强度20.3TB=。在第三象限40cmx=−，8cmy=−至36c

m−间存在粒子源，比荷810C/kgk=的相同带正电粒子由粒子源无初速度释放后进入电场，在电场中加速后进入圆形磁场，其中正对圆心入射的粒子经1B偏转后恰好以垂直于x轴的方向经切点P点进入磁场2B，带电粒子最终都打到放置在x轴上的收集板上。不计粒子的重力，sin37

0.6=°，cos370.8=°，求：（1）第三象限中加速电场的电场强度E；（2）收集板最小长度L；（3）带电粒子在磁场1B、2B中运动的总时间范围（用含的分数式表示）。16.（16分）如图所示，水平面上质量为2kgM=的滑竿A带正电，电量0.0

9Cq=（电量始终保持不变），处于电场强度100N/CE=、竖直向上的匀强电场中，质量为1kgm=的绝缘滑环B套在滑竿上。给滑环B竖直向上的速度06m/sv=，滑环到达滑竿顶端后与滑竿发生弹性碰撞（碰撞时间极短），此后

滑竿离地后落回水平面与水平面的碰撞无机械能损失。已知滑竿长13.285mL=，滑环开始运动前距滑竿顶端00.9ms=，滑环与滑竿间的滑动摩擦力为0.5mg。环、杆在以后的运动过程中，求：（210m/sg=）（1）滑环与顶部挡板碰撞前，水平面对滑竿的支持力；（2）滑环B与滑

竿A碰撞后瞬间，滑环B和滑竿A的速度大小分别为多少；（3）通过计算判断滑环B从滑竿A上脱落之前，滑竿A与水平面碰撞的次数。2023届湖南新高考教学教研联盟高三第二次联考物理参考答案题号1234567891011答案CCAACDDADABDADBC一、

单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共计28分。每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1.C【解析】卡文迪什测出了引力常量，A错误；奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了电磁感应现象，B错误；玻尔原子模型只能解释氢原子光谱，D错误。故选C。2.C【

解析】作出小球受力的矢量三角形，从图中可看出力F先减小再增大，斜面对球支持力一直减小，对整体有()dyNmgGF=+−，yF一直增大，则dN一直减小，dxfF=，xF一直减小。故选C。3.A【解析】根据平抛运动规律有2012tangtvt=，得002tanvtvg

=，A正确；速度与水平方向夹角满足tan2tan=为定值，B错误；抛出点与落点间距离220002tancoscosvtvsvg==，C错误；离斜面的最远距离()2020sin2cosvdvg=，D错误。故选A。4.A【解析】POC△

为等腰三角形，底角为30°，P点的入射角60=°，折射角30=°，折射率sin3sinn==，A正确；从AC折射进入砖的光线，入射点越靠近A或越靠近C，折射光线从半圆面折射时入射角越大，当光线由A进入砖时在半圆界面折射

时入射角为60°，1sin60n°将发生全反射，B错误；由C、P两点从AC进入玻璃砖的光线在玻璃砖中传播时间相同，由CP两点之间进入玻璃砖的光线在玻璃砖中传播时间更长，C错误；由AC面进入玻璃砖是从光疏介质进入光密介质，不会发生全反射，D错误。故选A。5.C【解析】物

体匀变速直线运动，3s末速度30v=，3.5s时瞬时速度等于3~4s间平均速度即343.51m/svv==，加速度大小23.532m/s0.5vva−==，物体初速度036m/svvat=+=，0~3s位移0303309m2

vvxtxx+===−，初始时01mx=，3s~4s路程34341msx==，0403349m1m10msss=+=+=。故选C。6.D【解析】在P点由圆周运动变为做离心运动，在Q点由近心运动变为做匀速圆周运动

，都应该点火加速，A错误；由A项可知21PPvv，又根据GMvr=，可知13PQvv，则有32QPvv，B错误；轨道2上从P到到Q点只有万有引力做功，机械能不变，C错误；根据开普勒第三律32rkT=，对轨道1有3121rkT=，同

理对2、3有313222rrkT+=，3323rkT=，联立可得2223331322TTT+=，D正确。故选D。7.D【解析】在A点a、b恰好产生相对滑动，静摩擦力达到最大，又tan，则此时整体处于减速状态，A错误；在

A点对a有cossinmgmgma−=，得cossinagg=−，方向沿斜面向上，B错误；从A到B，a做匀減速运动，b做加速度增大的减速运动，C错误；从A到B过程中a对b做正功，故b一定能返回到O点的上方，D正确。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。每小题有多

个选项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.AD【解析】按照光的电磁理论，当入射光频率很低，但只要强度足够大能量够大应该也能射出光电子，不应存在截止频率，B错误；反向电压达到遏止电压时，只要入射光频率大于阴极材料截止频率，都会

有光电子从阴极射出，只是到达不了阳极，C错误。故选AD。9.ABD【解析】感应电动势最大值为mENBS=，从图示位置开始计时瞬时值表达式coseNBSt=，A正确；图示位置时根据右手定则知电流方向为abcda→→→

→，B正确；电压表示数为有效值，不随瞬时值变化，C错误；根据输出功率与电阻关系知D正确。故诜ABD。10.AD【解析】60cm=乙，60cm2.4s25cm/sTv===乙，A正确；20cm甲，甲波长大于障碍物尺寸，能发生明显衍射，B错误；甲、乙

两波源频率不同，不是相干波源，不能发生干涉，该质点不会始终振动加强，C错误；甲波峰右移，乙波峰左移经50cm1s2tv==两波峰相遇，D正确。故选AD。11.BC【解析】A不受支持力，则洛伦兹力垂直斜面向上，由左手

定则知磁场垂直纸面向外，A错误；线框刚进入磁场时对物体A，0cos53Bqvmg=°，sin53Tmg=°，对线框0nBLvTnBLgR+=，解得0.6TB=，05m/sv=，C正确；线框进入磁场前做匀加速运动，sin53()Mgmg

Mma−=+°，得21m/sa=，则2012.5m2vha==，B正确；2220A00.5WnBLvPFvvR===热，D错误。故选BC。三、实验题：本题共2小题，共14分。12.（6分，每空2分）（1）12.00（2）0.21（3）0.2【解析】（1）212.00cms=（2）4.20cm0

.21m/s20.1sACBvv===（3）()22112315sssaT−−=，解得20.2m/sa=13.（8分，每空2分）（1）乙（2）0()cbaR−0acRba−−（3）＜【解析】（1）甲图：电压表满偏时()0Rr+分压为6V，电流约为1.5A超过电池允许通过最大电流；丙图：

○A满偏的13为1A，超过电池允许最大电流。（2）由闭合电路欧姆定律可得()0UUERrR=−+整理得，00011RrRUERER+=+，可知0001bacERRraER−=+=斜率纵截距则有()00cEbaRacrRba=−=−−（3）考虑电压表内阻分流，应将0

R替换为0R与Vr并联的阻值，故EE测真，rr测真。四、计算题：本题共3小题，其中第14题10分，第15题12分，第16题16分，共38分。写出必要的推理过程，仅有结果不得分。14.（10分）【解析】（1）C温度变化前，对两活塞0000222BpSpSpSp

SpS++=+……（2分）解得02Bpp=……（1分）（2）A中气体：初状态10App=，12AhVS=，1ATT=末状态2?Ap=，224AhhVS=+，2ATT=由玻意耳定律：1122AAAApVpV=，解得2023App=……（

1分）B中气体：初状态102Bpp=，122BhVS=，1BTT=末状态2?Bp=，2224BhhVS=−，2BTT=由玻意耳定律：1122BBBBpVpV=，解得204Bpp=……（1分）对C中气体：初状态0Cpp=，222ChhVSS=+，CTT=末状态

Cp，22424ChhhhVSS=−++，?CT=……（2分）对活塞022222ACBCpSpSpSpSpS++=+，0163Cpp=……（1分）由理想气体状态方程CCCCCCpVpVTT=，解得569CTT=……（2分）15.（12分）【解

析】（1）由几何关系，粒子在电场加速后进入1B中匀速圆周运动的半径0.2mrR==……（1分）粒子在1B中圆周运动200vBqvmr=，01mvrqB=……（1分）对粒子在电场中运动由动能定理：20102qExmv=−……（1分）解得：4510N/CE=

，60210m/sv=……（1分）（2）粒子均将从P点进入2B磁场粒子在2B中圆周运动：20202vBqvmr=，0221m15mvrqB==……（1分）作出粒子源上下边界粒子的轨迹如图由几何关系知0.12si

n0.60.2==，37=°0.16sin0.80.2==，53=°则从粒子源下端进入1B再进入2B的粒子打在收集板最左端1222sin1.2drr==……（1分）垂直x轴进入2B的粒子打在收集板最右端222dr=……（1分）所以收集板长度21416

mcm755ddd=−==……（1分）（3）粒子进入1B时的位置越靠下，进入1B点与P连线弦切角越大，在1B中运动时间越长，同时粒子在2B中的运动轨迹从劣弧向优弧变化，在2B中转过圆心角变大，因此粒子源上下边界入射的粒子在磁场中运动的时间即为边界时间情况由M进入

磁场粒子在磁场中运动时间最短811222226510s36036054mmtqBqB−=+=°°……（2分）由N进入磁场粒子在磁场中运动时间最长82129023602271510s36036054mmtqBqB

−+−=+=°°°°……（2分）粒子在磁场中运动时间：8826571510s10s5454t−−16.（16分）【解析】（1）碰前200.515m/sBmgmgam+==，向上做匀减速运动……（1分）假设A静止，对A有0.5mgMgqEN=+

+……（2分）解得6NN=，假设成立……（2分）（2）B与A碰前瞬间()0200023m/sBBvvas=+−=……（1分）B与A相碰动量守恒0BBBBAAmvmvmv=+……（1分）机械能守恒2220111222BBBB

AAmvmvmv=+……（1分）解得B01m/sBnBBAmmvvmm−==+向下，022m/sBABABmvvmm==+向上……（2分）（3）B与A碰后20.5mg8m/sAMgqEaM+−==，向上做匀减速运动……（1分）20.55m/sBmgmgam

−==，向下做匀加速运动……（1分）设经0t时间A、B共速()00ABAABBvvatvat=−+=+，解得01s2AAvta=，故共速前A已落地故脱离前A将做周期为20.5sAAvTa==的往复运动……（2分）法1：设经tT，B

从A上脱落：令()221122AABBvtatvtatL+−++=，t无解设经2TtT，B从A上脱落：今()2211()()22AABBvtTatTvtatL−+−−++=，t无解…类推：45TtT，B从A上脱落今()(

)()22114422AABBvtTatTvtatL−+−−++=()2.1s4,5tTT=成立，故脱离前A与地碰4次……（2分）法2：碰后B与A上端一直相对远离设经14tT=分离21112BBvtatL+，不成立设经25tT=分离，22212BBv

tatL+故脱离前A与地碰4次后分离。获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com