【文档说明】黑龙江省大庆铁人中学2019-2020学年高二下学期期中考试化学试题【精准解析】.doc，共(26)页，1001.000 KB，由小赞的店铺上传

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铁人中学2018级高二学年下学期期中考试化学试题试题说明：1.本试题满分100分，答题时间90分钟。2.请将答案填写在答题卡上，考试结束后只交答题卡。3.可能用到的相对原子质量：H-1C-12N-14O-16S-3

2Na-23第Ⅰ卷选择题部分一、选择题（每小题只有一个选项正确，每小题2分，共42分。）1.生活中遇到的某些问题，常常涉及到化学知识，下列各项叙述不正确的是（）A.鱼虾会产生不愉快的腥臭味，可在烹调时加入少量食醋和料酒B.“酸可以除锈”，“汽油可以去油污”都是发生了化学变化；C.被蜂蚁蜇咬会感觉

疼痛难忍，这是由于人的皮肤被注入了甲酸的缘故，此时若能涂抹稀氨水或碳酸氢钠溶液，可以减轻疼痛。D.苯酚溶液用于环境消毒，医用酒精用于皮肤消毒，福尔马林用于制生物标本，都是因为使蛋白质变性凝固。【答案】B【解析】【详解】A项，

发出鱼腥味的物质是胺类化合物，蛋白质水解生成氨基酸，氨基酸经脱羧作用产生二氧化碳和胺，烹调时加入食醋生成醋酸铵，盐没有特殊的气味，故A项正确；B项，酸除锈是酸和铁锈反应生成盐，属于化学变化，洗涤剂去油是利用物质的相似相溶原

理，属于物理变化，故B项错误；C项，甲酸是酸性物质能和碱反应生成盐，所以甲酸和氨水、碳酸氢钠等碱性物质反应生成盐，从而减轻疼痛，故C项正确；D项，强酸、强碱、重金属盐、苯酚、乙醇等都能使蛋白质变性，病菌属于蛋白质，苯酚、酒精能使病菌

变性，从而达到消毒目的，故D项正确。故选B项。2.下列说法中不正确的是A.维勒用无机物合成了尿素，突破了无机物与有机物的界限B.开发核能、太阳能等新能源，推广乙醇汽油，使用无磷洗涤剂都可直接降低碳排放量C.红外光谱仪、核

磁共振仪、质谱仪都可用于有机化合物结构的分析D.尼龙、棉花、天然橡胶、ABS树脂都是由高分子化合物组成的物质【答案】B【解析】【详解】A.维勒用无机物NH4CNO合成了有机物尿素，突破了无机物与有机物的界限，故A正确；B.使用无磷洗涤剂，可减少水华、赤潮等污染，不

可降低碳排放量，故B错误；C.红外光谱仪用于测定有机物的官能团，核磁共振仪用于测定有机物分子中氢原子的种类和数目，质谱法用于测定有机物的相对分子质量，所以三者都可用于有机化合物结构的分析，故C正确；D.尼龙、棉花、天然橡胶、ABS树脂相对分子质量在10000以上，都是由高分子化合物组成

的物质，故D正确；故选B。3.下列有机物的命名正确的是A.3﹣甲基﹣2﹣乙基戊烷B.(CH3)3CCH2CH(C2H5)CH32，2﹣二甲基﹣4﹣乙基戊烷C.邻甲基苯酚D.2﹣甲基﹣3﹣戊炔【答案】C【解析】【详解】A．3﹣甲

基﹣2﹣乙基戊烷，该命名选取的主链不是最长碳链，该有机物中最长碳链含有6个C，主链为己烷，在3、4号C各含有1个甲基，有机物命名为：3，4﹣二甲基己烷，故A错误；B．（CH3）3CCH2CH（C2H5）CH32，2﹣二甲基﹣4﹣乙基戊烷，该命名选取的主链不是最长的，最长碳

链含有6个C，主链为己烷，编号从左边开始，在2号C含有2个甲基，在4号C含有1个甲基，该有机物正确命名应该为：2，2，4﹣三甲基己烷，故B错误；C．邻甲基苯酚，该有机物主链为苯酚，甲基在酚羟基的邻位碳，有机物命名为

邻甲基苯酚，故C正确；D．2﹣甲基﹣3﹣戊炔，炔烃的命名，应该从距离碳碳三键最近的一端开始，碳碳三键在2号C，甲基在4号C，该有机物命名为：4﹣甲基﹣2﹣戊炔，故D错误；故选C．4.下列说法中不正确的是()A.乙烯与苯都能使溴水褪色，但褪色原理不同B

.1mol乙烯与Cl2完全加成，然后与Cl2发生取代反应，共消耗氯气5molC.溴水遇到乙醛溶液出现褪色现象，是因为发生了氧化反应D.与互为同分异构体【答案】D【解析】【详解】A．乙烯含有碳碳双键，与溴水发生加成反应使溴水褪色，苯与溴水不反应，可将

溴水中的溴萃取出来，二者原理不同，故A正确；B．1mol乙烯与Cl2完全加成，消耗氯气1mol，生成1mol1，2-二氯乙烷，1mol1，2-二氯乙烷与4molCl2发生取代反应，生成1mol六氯乙烷，故共消耗氯气5mol，故B正确；C．溴水具有氧化性，乙醛具有还原

性，溴水遇到乙醛溶液溴水褪色，则发生氧化反应，故C正确；D．与均为2，2-二氯丙烷，则为同一物质，故D错误。故答案为D。5.下列叙述正确的是（）A.和分子组成相差一个—CH2—，因此是同系物关系B.和均是芳香烃，既是芳香烃又是芳香族化合物C.

分子式为C4H8的有机物可能存在4个C—C单键D.分子式为C2H6O的红外光谱图上发现有C-H键和C-O键的振动吸收，由此可以初步推测有机物结构简式一定为C2H5-OH【答案】C【解析】【详解】A、前者为酚，后者为醇，不是同系物关系，故A错误；B、硝基苯不属于芳香烃，故B

错误；C、该物质可能是环丁烷，含有碳碳单键，故C正确；D、该有机物可能是乙醇或二甲醚，故D错误。6.下列说法正确的是（）A.蛋白质在氧气中完全燃烧转化为水和二氧化碳B.淀粉和纤维素分子式均可表示成(C6Hl0O5)n，它们互为同分异构体C.变质的油脂有难闻的特殊气味，

是由于油脂发生了水解反应D.氨基酸和蛋白质分子中都含有氨基和羧基，二者均有两性【答案】D【解析】【分析】【详解】A．蛋白质中含有C、H、O、N等元素，根据元素守恒可知，蛋白质完全燃烧不可能只生成水和二氧化碳，A错误；B．淀粉和纤维素分子式均可表示成(C6Hl0O5)n，但二者n不同，分子式不相

同，不互为同分异构体，B错误；C．变质的油脂有难闻的特殊气味，是由于油脂发生了氧化反应，C错误；D．氨基酸经多次脱水缩合形成蛋白质，理论上，蛋白质分子中至少含一个羧基和一个氨基，氨基酸也含氨基和羧基；氨基显碱性，能和酸

反应，羧基显酸性，能和碱反应，故蛋白质和氨基酸均有两性，D正确。答案选D。7.下列说法正确的是A.按系统命名法，化合物的名称是2，3，5，5－四甲基－4，4－二乙基己烷B.等物质的量的苯和苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量不相等C.苯和甲苯互为同系物，均能使KMnO4酸性溶液褪色D

.结构片段的高聚物，其单体是苯酚和甲醛【答案】D【解析】【详解】A、命名遵循：长、多、近、简、小；题给化合物正确的名称为2，2，4，5-四甲基-3，3-二乙基己烷，A错误；B、苯甲酸的分子式为C7H6O2，

可将分子式变形为C6H6·CO2，因此等物质的量的苯和苯甲酸完全燃烧消耗氧气的量相等，B错误；C、苯不能使酸性高锰酸钾溶液褪色，可用酸性高锰酸钾溶液来判断苯和苯的同系物，C错误；D、结构片段为的高聚物，其单体是甲醛和苯酚，D正确；答案选D。【点睛】关于单体判断需要注意首先要根据高聚物的结构简式判

断高聚物是加聚产物还是缩聚产物，然后根据推断单体的方法作出判断，（1）加聚产物的单体推断方法：凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体，凡链节中主碳链为6个碳原子，含有碳碳双

键结构，单体为两种（即单烯烃和二烯烃）。①凡链节的主链上只有两个碳原子（无其它原子）的高聚物，其合成单体必为一种，将两半链闭合即可；②凡链节中主碳链为4个碳原子，无碳碳双键结构，其单体必为两种，从主链中间断开后，再分别将两个半键闭合即得单体；③凡链节中

主碳链为6个碳原子，含有碳碳双键结构，单体为两种（即单烯烃和二烯烃）；（2）缩产物的单体推断方法：断键，补原子，即找到断键点，断键后在相应部位加上-OH或-H。8.最近美国宇航局（NASA）马里诺娃博

士找到了一种比二氧化碳有效104倍的“超级温室气体”全氟丙烷（C3F8），并提出用其“温室化火星”使其成为第二个地球的计划。有关全氟丙烷的说法正确的是（）A.全氟丙烷（C3F8）分子中既有极性键又有非极

性键B.全氟丙烷（C3F8）的电子式为：C.相同压强下，沸点：C3F8＜C3H8D.分子中三个碳原子可能处于同一直线上【答案】A【解析】【详解】A．全氟丙烷（C3F8）的结构简式为CF3CF2CF3，C和C之间为非极性共价

键，C和F之间为极性共价键，A正确；B．全氟丙烷中F原子应满足8电子稳定结构，B错误；C．C3F8和C3H8结构相似，C3F8的相对分子质量比C3H8的相对分子质量大，故C3F8中分子间作用力比C3H8强，熔沸点C3F8比

C3H8高，C错误；D．C3F8为C3H8的全氟取代物，三个C原子应呈锯齿状，不可能在同一直线上，D错误。答案选A。9.NA为阿伏加德罗常数，下列说法正确的是（）A.标准状况下，11.2L的戊烷所含的分子数为0.5NAB.30g乙烷所含共用电子对数目为6NAC.现有乙烯、

丙烯、丁烯的混合气体共14g，其原子数为3NAD.1mol甲烷与氯气在光照下反应生成一氯甲烷分子数为NA【答案】C【解析】【详解】A．标准状况下，戊烷为液态，11.2L戊烷的物质的量远远大于0.5mo

l，其分子数远远大于0.5NA，A错误；B．30g乙烷的物质的量=30g30g/mol=1mol，每个乙烷分子中含7对共用电子对，故30g乙烷所含共用电子对物质的量=1mol×7=7mol，即数目为7NA，B错误；C．乙

烯、丙烯、丁烯的最简式均为CH2，它们的混合可看成由一定物质的量的CH2组成，且n(CH2)=14g14g/mol=1mol，n(原子)=1mol×3=3mol，即其原子数为3NA，C正确；D．甲烷与氯气在光照条件下的反应涉及四个取代反应，四个反应几乎同时进行，根据C原子守恒可知

，1mol甲烷与氯气在光照下反应生成一氯甲烷、二氯甲烷、三氯甲烷、四氯甲烷总共1mol，所以一氯甲烷分子数小于NA，D错误。答案选C。10.为达到实验目的，下列实验设计错误的是（）A.实验Ⅰ探究乙烯与Br2的加成反应B.实验Ⅱ探究苯分子是

否含有碳碳双键C.实验Ⅲ探究乙醇的还原性D.实验Ⅳ制取少量乙酸乙酯【答案】D【解析】【详解】A.通入CH2=CH2，Br2的CCl4溶液褪色，可证明CH2=CH2与Br2发生了加成反应，故A正确；B.酸

性KMnO4溶液不褪色，说明苯分子中不含碳碳双键，故B正确；C.乙醇使黑色的氧化铜变为红色的铜，说明乙醇有还原性，故C正确；D.乙酸乙酯在饱和NaOH溶液中能发生水解，且为了防倒吸，导管不能插入溶液中，故D错误；答案选D。11.下列实验

能达到预期目的是（）A.向淀粉溶液中加入稀硫酸加热后，再用NaOH中和，并做银镜反应实验—检验淀粉是否水解B.向甲酸和甲醛的混合物中加入氢氧化钠溶液，中和甲酸后，加入新制的氢氧化铜加热—检验混合物中是否含有甲醛C.向米汤

中加入含碘的食盐，观察是否有颜色的变化—检验含碘食盐中是否含碘酸钾D.向氢氧化钠溶液中加入少量某卤代烃，加热使其充分反应，再滴加几滴硝酸银溶液，观察沉淀的颜色—检验该有机物中含有何种卤素原子【答案】A【解析】【详解】A．淀粉在稀硫酸催化和加热条件下水解成葡萄糖，若淀粉已水解，溶液

中含葡萄糖，葡萄糖含醛基，通过加NaOH中和后，再加银氨溶液将发生银镜反应，A正确；B．甲酸钠中也含醛基，即使没有甲醛，同样会产生砖红色沉淀，故不能检验混合物中是否含甲醛，B错误；C．碘单质遇淀粉变蓝，碘酸钾遇淀粉不变

蓝，C错误；D．硝酸银和过量的NaOH反应了，干扰卤素原子检验，D错误。答案选A。12.已知、(y)、(z)互为同分异构体，下列说法不正确的是()A.x、y的一氯代物均只有三种B.z的二氯代物有三种C.x、y可使溴的四氯化碳溶液因发生加成反应而褪

色D.x、y、z中只有x的所有原子可能处于同一平面【答案】A【解析】【详解】A、氯原子可以取代苯环上的氢原子，有3种，也可以取代侧链上的氢原子，有2种，x的一氯代物共5种；y的两个五元环碳原子上都有氢原子，两环中心对称，一氯代物有5种，选项A不正确；B、z是立方体结构，二氯代物

的两个氯原子可以在棱、面对角线、体对角线上，故是三种，选项B正确；C、x、y分子中含有碳碳双键，可使溴的四氯化碳溶液因发生加成反应而褪色，选项C正确；D、苯环的所有原子在同一平面上，—CH＝CH2的所有原子在同一平面上，通过苯乙烯中

碳碳单键的旋转，所有原子可能处于同一平面，选项D正确。答案选A。13.有机物分子中原子间（或原子与原子团间）的相互影响会导致物质化学性质的不同。下列事实不能．．说明上述观点的是A.苯酚能跟NaOH溶液反应，

乙醇不能与NaOH溶液反应B.乙烯能与溴水发生加成反应，而乙烷不能与溴水发生加成反应C.苯与硝酸在50-60℃发生取代反应，甲苯与硝酸在30℃就能发生取代反应D.甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲基环己烷

不能使酸性KMnO4溶液褪色【答案】B【解析】【详解】A.苯酚能跟NaOH溶液反应，乙醇不能与NaOH溶液反应，说明苯环使羟基变得活泼，乙基使羟基变得不活泼，从而说明分子中原子团相互影响导致化学性质不同，A

正确；B.乙烯含有碳碳双键，能与溴水发生加成反应，而乙烷不能与溴水发生加成反应，不存在原子团的相互影响，B不正确；C.苯与硝酸在50-60℃发生取代反应，甲苯与硝酸在30℃就能发生取代反应，甲基使苯环上的氢原子变得活泼，从而

说明甲基影响苯环的性质，B正确；D.甲苯能使酸性KMnO4溶液褪色，而甲基环己烷不能使酸性KMnO4溶液褪色，说明苯基使甲基变得活泼，从而说明分子中原子团相互影响导致化学性质不同，D正确。故选B。14.已知化合物B3N3H6（硼氮苯）与苯的分子结构相似，分别为硼氮苯的二氯取代物（B3N

3H4Cl2）的同分异构体的数目为()A.2B.3C.4D.5【答案】C【解析】【详解】苯的二氯取代物有邻、间、对三种同分异构体，硼氮苯也应该有这三种同分异构体，但考虑苯环上的六个碳原子是完全相同的，而硼氮苯中，B、N是两种不同的原

子，所以间位上应有两种不同的结构，一共有四种同分异构体，故选C。【点睛】本题的另一种解法为：将二个Cl原子按照“定一移二”法书写，首先将一个Cl原子定在B原子上，移动另一Cl原子，得3种结构；将一Cl原子定于N原子上，移动另一Cl原子，又得到1种结构，共四种。15.

下列关于有机物的说法不正确的有几个①CH3-CH=CH2和CH2=CH2的最简式相同②CH≡CH和C6H6含碳量相同③乙二醇和丙三醇互为同系物④正戊烷、异戊烷、新戊烷的沸点逐渐变低⑤检验丙烯醛中的碳碳双键可以直接加入溴水看其是否褪色⑥能够快速、微量、精确地测定相对分子质量的物理方法

是核磁共振谱法⑦所有卤代烃都难溶于水，且都是密度比水大的液体⑧将蔗糖和稀硫酸加热水解后的液体取出少许，加入新制的氢氧化铜悬浊液并加热，无红色沉淀生成，证明蔗糖未发生水解生成葡萄糖A.3个B.4个C.5个D.6个【答案】C【解析】【详解】①CH3-CH=CH2和CH2=CH2的最简式均为C

H2，①正确；②CH≡CH和C6H6的最简式均为CH，C原子和H原子个数比均为1:1，故二者含碳量相同，②正确；③乙二醇含二个羟基，丙三醇含三个羟基，二者结构不相似，不互为同系物，③错误；④C原子数相同的烷烃，支链越多，熔沸点越低，故正戊烷、异戊烷、新戊烷的沸点逐

渐变低，④正确；⑤丙烯醛中的醛基也能使溴水褪色，干扰碳碳双键的检验，⑤错误；⑥能够快速、微量、精确地测定相对分子质量的物理方法是质谱法，⑥错误；⑦所有卤代烃都难溶于水，但不是所有卤代烃的密度都比水大，也不是所有卤代烃都是液体，

如一氯甲烷常温下为气体，1-氯丙烷的密度比水小，⑦错误；⑧加入的新制的氢氧化铜悬浊液和作催化剂的稀硫酸反应了，不能证明蔗糖是否水解，应在加新制氢氧化铜悬浊液之前加过量NaOH溶液中和稀硫酸，⑧错误；综上所述，③⑤⑥⑦⑧不正确，C

答案满足题意。答案选C。16.下面是生产生活中的常见有机物的分子式、结构式、结构简式或名称有关说法正确的是（）①②氯乙烯③甲烷④乙烯⑤CH3CH2OH⑥C6H12O6⑦CH3COOH⑧硬脂酸甘油酯⑨蛋白质⑩聚乙烯

A.能跟溴的四氯化碳溶液发生加成反应并使之褪色的有①②④⑩B.投入钠能产生H2的是⑤⑦⑧⑨C.属于高分子材料的是⑧⑨⑩D.含碳量最高、有毒、常温下为液体且点燃时有浓烟的是①【答案】D【解析】【详解】A．①、⑩聚乙烯不能和溴的四氯化碳溶液发生加成反应，A错误；B．⑧硬脂酸甘油酯不能和Na反应

产生H2，B错误；C．⑧硬脂酸甘油酯不属于高分子化合物，C错误；D．①中C原子和H原子个数比为1:1，含碳量最高，苯有毒，常温下为液体，D正确。答案选D。【点睛】D．一般来说，有机物的含碳量可通过C原子和H原子个数比确定

，烃的衍生物含量C一般比烃低，烃的最简式中H原子数越少，C的含量越高。17.X、Y两种有机物的分子式不同，但均含有C、H或C、H、O，将X、Y以任意比例混合，只要物质的量之和不变，完全燃烧时所消耗的氧气量和生成水的物质的量也分别不变。则下列有关判

断正确的是()A.X、Y分子式中氢原子数一定要相同，碳原子数必定相同B.若X为CH4，则相对分子质量最小的Y是甲醇C.若X为CH4，则相对分子质量最小的Y是乙二醇D.X、Y的化学式应含有相同的氢原子数

，且相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子(n为正整数)【答案】D【解析】【分析】根据总物质的量一定时有机物完全燃烧时，生成水的质量和消耗O2的质量不变，则化学式中的氢原子个数相同，且在CxHyOz中（x+42yZ

−）相同，若X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，且相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子(n为正整数)，据此对各选项进行判断。【详解】总物质的量一定时有机物完全燃烧时，生成水的质量和消耗O2的质量不变，则化学式中的氢原子个数相同，且在CxHyOz中（x+42yZ−）相同，如

果X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，且相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子(n为正整数)。A．X、Y分子式中氢原子数一定相同，碳原子数可能相同，A不符合题意；B．若X为甲烷，另一种有机物分子中一定含有4个H，且耗氧量与甲烷相同，相对分子质量最小的Y为：C2H4O2，可能为甲酸甲

酯，也可能是乙酸；甲醇和甲烷的耗氧量不同，故不可能为甲醇，B不符合题意；C．乙二醇分子中含有6个H原子，与甲烷含有氢原子数不相同，不可能为乙二醇，C不符合题意；D．X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，则物质的量一定时生成水的量相同

；若相差n个碳原子，同时相差2n个氧原子(n为正整数)，则消耗氧气的量相同，D符合题意；故合理选项是D。【点睛】本题考查了有机物分子式的确定的知识，根据题干信息得出“X、Y的化学式应含有相同的氢原子数，且相差n

个碳原子，同时相差2n个氧原子(n为正整数)”为解答关键，题目难度中等。18.茶是我国的传统饮品，茶叶中含有茶多酚可以替代食品添加剂中对人体有害的合成抗氧化剂，用于多种食品保鲜等，如图所示是茶多酚中含

量最高的一种儿茶素A的结构简式，关于这种儿茶素A的有关叙述正确的是（）①分子式为C15H12O7；②1mol儿茶素A在一定条件下最多能与7molH2加成；③等质量的儿茶素A分别与足量的金属钠和氢氧化钠反应消耗

金属钠和氢氧化钠的物质的量之比为1：1；④1mol儿茶素A与足量的浓溴水反应，最多消耗Br24mol。A.①④B.②③C.③④D.①②【答案】D【解析】【详解】①由有机物结构简式可知分子式为C15H1

2O7，故①正确；②分子中含有2个苯环和1个碳碳双键，则1mol儿茶素A在一定条件下最多能与7molH2加成，故②正确；③分子中含有5个酚羟基，可与氢氧化钠反应，含有5个酚羟基和1个醇羟基，都可与钠反应，则反应消耗金属钠和氢氧化

钠的物质的量之比为6：5，故③错误；④分子中酚羟基共有4个邻位后对位H原子可被取代，且双键可与溴发生加成反应，则1mol儿茶素A与足量的浓溴水反应，最多消耗Br25mol，故④错误；故选D。19.利用如图所示的有机物X可生产S－诱抗素

Y。下列说法正确的是（）A.X可以发生氧化、取代、酯化、加聚、缩聚反应，并能与盐酸反应生成有机盐B.Y既可以与FeCl3溶液发生显色反应，又可使酸性KMnO4溶液褪色C.1molX与足量NaＯH溶液反应

，最多消耗4molNaOHD.X结构中有2个手性碳原子（一个碳原子上连接4个不同的原子或原子团）【答案】A【解析】【详解】A.X中含有碳碳双键,可以发生氧化反应、加聚反应；含有-OH、-COOH，能够发生取代、酯化、缩聚反应；含有-NH2，能与盐酸反应生成有

机盐，A正确；B.Y分子中无酚羟基，不能与FeCl3溶液发生显色反应，B错误；C.酚-OH、-COOH、-CONH-、-COOC-均能与碱反应，则1molX与足量NaOH溶液反应，最多消耗5molNaOH，C错误；

D.连接4个不同原子或原子团的碳原子为手性碳原子，则X中只有与-OH相连的C为手性碳原子，用小黑点标注为：，D错误；故合理选项是A。20.化合物A经李比希法和质谱法分析得知其相对分子质量为136，分子式C8H8O2。A分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，其核磁共振氢谱与红外光谱如图。

关于A的下列说法中，不正确的是（）A.A分子属于酯类化合物，在一定条件下能发生水解反应B.A在一定条件下可与4molH2发生加成反应C.符合题中A分子结构特征的有机物只有一种D.与A互为同分异构体且能与碳酸氢钠反应的有机物只有4种【答案】B【解析】【分析

】A的分子式为C8H8O2，A的不饱和度为82282+−=5，A的分子中只含一个苯环且苯环上只有一个取代基，苯环上有三种氢原子，且氢原子数为1、2、2，A的核磁共振氢谱有4个峰且面积之比为1：2：2：3，所以剩余的取代基上的3个H等效，为-CH3，结合红外光谱图知A中含酯基，A的结构简式为，

据以上分析解答。【详解】根据上述分析可知A的结构简式为。A.A分子中含酯基，属于酯类化合物，在一定条件下能发生水解反应，A正确；B.A中的苯环能与H2发生加成反应，A在一定条件下可与3molH2发生加成反应，B错误；C.根据上述分析，符合条件的A的结构

简式只有一种，C正确；D.与A互为同分异构体，能够与碳酸氢钠反应，说明物质含有-COOH，则符合条件的同分异构体的结构简式为、、、，共4种，D正确；故合理选项是B。【点睛】本题考查有机物结构的推断、核磁共振氢谱、红外光谱、

官能团的性质、同分异构体数目的确定等。推断A的结构是解题的关键，注意结合分子式与红外光谱图含有的基团进行判断。核磁共振氢谱用来判断氢原子的种类和氢原子的个数比，红外光谱用来判断官能团和化学键。21.聚碳酸酯高分子材料PC的透光率好，可制作车、船、飞

机的挡风玻璃，以及眼镜镜片、光盘、唱片等，其合成反应为：下列说法不正确．．．的是A.合成PC的反应为缩聚反应B.W是甲醇C.和互为同系物D.的核磁共振氢谱有4个吸收峰【答案】C【解析】【详解】A.合成

PC的反应，生成了高分子化合物和小分子物质，属于缩聚反应，故A正确；B.由合成反应原理的端基-H、-OCH3，可快速推知W是甲醇，故B正确；C.同系物中官能团的种类和数目要相同，并且苯环的数目也要相同。和不是互为同系物，故C错误；D.中有四种环境的氢原子，故核

磁共振氢谱有4个吸收峰，故D正确；答案选C。第Ⅱ卷非选择题部分二、填空题（共58分）22.按要求填空。(1)按系统命名法给下列有机物命名：①(CH3)2CHCH(Cl)CH3：___。②：___。(2)羟基的电子式是：

___。(3)2-甲基-1-丁烯的键线式：___。(4)相对分子质量最小的有机物空间构型是___。(5)3-甲基戊烷的一氯代产物有___种(考虑立体异构)。(6)高分子化合物的单体分别是___。(7)写出下列

有机反应的方程式：①2-溴丙烷的水解反应：___。②3-甲基-2-丁醇的催化氧化反应：___。③实验室制乙烯：___。④对苯二甲酸和乙二醇的缩聚反应：___。【答案】(1).3-甲基-2-氯丁烷(2).1，2，3-三甲苯(3).(4).(5).正四面体(6).4(7

).CH2=CHCH3、CH3CH=CHCH3、CH2=CH2(8).CH3-CHBr-CH3+NaOHCH3-CH(OH)-CH3+NaBr(9).2+O2Cu→2+2H2O(10).CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O(11).n+nHOCH2CH

2OH+(2n-1)H2O【解析】【分析】(1)①选择包含Cl原子连接的C原子在内的最长的碳链为主链，给物质命名；②选择离三个甲基较近的一端为起点，给苯环上的C原子编号，以确定甲基的位置；(2)羟基是O原子与H原子通过1对共用电子对结合形成的原子团，据此书写其电

子式；(3)用短线表示共价键，一根短线表示共价单键，二根短线表示共价双键，拐点表示C碳原子，据此书写2-甲基-1-丁烯的键线式；(4)相对分子质量最小的有机物是CH4，C原子为饱和碳原子，形成化合物为正四面体结构；(5)从对称角度分析，分子中有

几种H原子，就存在几种一氯取代产物；(6)高分子化合物链接上无双键，就使碳链上每2个C原子之间断开碳碳键，这两个碳原子间彼此形成双键，就得到其相应的单体；(7)①2-溴丙烷与水反应，-Br被-OH取代，

得到相应的醇与HBr，HBr与NaOH发生中和反应；②3-甲基-2-丁醇中，羟基连接的C原子上含有H原子，可以在催化剂存在条件下，加热，发生催化氧化反应，羟基被氧化变为羰基，同时产生水；③实验室用乙醇与浓硫酸混合加热170℃，发生消去反应制乙烯；④对苯二甲酸分子中含有2个羧基，乙二醇分子中含

有2个羟基，在一定条件下发生酯化反应形成聚酯和水。【详解】(1)选择包含Cl原子连接的C原子在内的最长的碳链为主链，该物质分子内最长碳链上含有4个C原子，从离Cl原子较近的一端为起点，给主链上C原子编号，以确定Cl原

子及支链连接在主链上的位置，该物质名称为3-甲基-2-氯丁烷；②选择离三个甲基较近的一端为起点，给苯环上的C原子编号，以确定甲基的位置，该物质系统命名方法命名为：1，2，3-三甲苯；(2)H原子核外只有1个电子，O原子

最外层有6个电子，其中的一个成单电子与H原子形成1对共用电子对，得到-OH，羟基是中性原子团，其电子式是；(3)用短线表示共价键，拐点表示C碳原子，则2-甲基-1-丁烯的键线式表示为；(4)相对分子质量最小的有机物是CH4，C原子为饱和碳原子，与4个H原子形成4个C-H，形成的是正

四面体结构，4个H原子位于正四面体4个顶点上，C原子位于正四面体几何中心；(5)3-甲基戊烷结构简式为CH3CH2CH(CH3)CH2CH3，该分子高度对称，分子在存在4种不同位置的H原子，因此其一氯代产物有4种；(6)高分子化合物链接上无双键，就使主链上每2个C原

子之间的碳碳单键断开，这两个碳原子间形成碳碳双键，就得到其相应的单体，分别是CH2=CH-CH3、CH3-CH=CH-CH3、CH2=CH2；(7)①2-溴丙烷与水反应，-Br被-OH取代，得到相应的醇与HBr，HBr与NaOH发生中和反应，故该反应的总反应方程式为：C

H3-CHBr-CH3+NaOHCH3-CH(OH)-CH3+NaBr；②在3-甲基-2-丁醇中，由于羟基连接的C原子上含有1个H原子，可以在催化剂存在条件下，加热，与氧气发生氧化反应，羟基被羰基，产生酮及水，反应方程式为：2+O2Cu→2+2H2O；③在实验室用乙醇与浓硫酸混

合加热170℃，发生消去反应产生乙烯和水，反应方程式为：CH3CH2OHCH2=CH2↑+H2O；④对苯二甲酸分子中含有2个羧基，乙二醇分子中含有2个羟基，在一定条件下发生酯化反应形成聚酯和水，根据酯化反应脱水实质：酸脱氢键醇脱去，则反应的化学方程式为：n+nHOCH2CH2OH+(2n

-1)H2O。【点睛】本题考查了有机物质的结构、命名、表示方法、单体与聚合物的转化、化学方程式的书写等，掌握官能团对物质性质的影响及各类代表物的结构、性质是本题解答的关键。23.已知：—CCH+—CHO+以乙炔为原料，通过如图所示步骤能合

成有机中间体E（转化过程中的反应条件及部分产物已略去。其中，A、B、C、D分别代表一种有机物；B的化学式为C4H10O2，分子中无甲基。请回答下列问题：(1)E的分子式___，A中所含官能团的名称___。(2)B到C的化学反应类型___，B物质的名称为___。(3)写出生成A的化学反应方

程式___（有机物用结构简式表示）。(4)与B具有相同官能团的同分异构体还有___种(极不稳定，会自动脱水），其中核磁共振氢谱中只出现三组峰的是___(写出结构简式)。(5)含有苯环，且与E互为同分异构体的酯有___种，其中既能发生银镜反应，又

能发生水解反应，且苯环上一硝基取代产物只有2种的是______(写出结构简式)。【答案】(1).C8H8O2(2).羟基、碳碳三键(3).氧化反应(4).1，4-丁二醇(5).HC≡CH+2HCHOHOCH2C≡

CCH2OH(6).5(7).CH3CH(OH)CH(OH)CH3(8).6(9).【解析】【分析】根据C2H2与B的分子式C4H10O2，结合已知可知，乙炔与甲醛的反应生成A是1分子C2H2与2分子HCHO发生加成反应，则A为HOCH2C≡CCH2OH，HOCH2C≡CCH2

OH与H2发生加成反应生成B，B为HOCH2CH2CH2CH2OH；由E的结构，结合已知可知，HOCH2CH2CH2CH2OH催化氧化生成C，C结构简式为OHCCH2CH2CHO，C发生已知中类似的反应生成D，D为，D再发生消去反应生成E，然后结合问题分析解答。【详解】根据上述分析可

知：A为HOCH2C≡CCH2OH，B为HOCH2CH2CH2CH2OH，C为OHCCH2CH2CHO，D为，E为。(1)E结构简式为，根据C原子价电子数为4，可知E的分子式为C8H8O2；A为HOCH2C≡CCH2OH，A中所含官能团的名称为羟基、碳碳三键

。(2)B为HOCH2CH2CH2CH2OH，羟基连接的C原子上含有2个H原子，可被催化氧化产生醛基，得到C为OHCCH2CH2CHO，故B到C的化学反应类型为氧化反应；由于B分子中2个羟基分别在主链碳链的1、4号C原子上，因此B物质的名

称为1，4-丁二醇。(3)1分子乙炔与2个分子的甲醛发生加成反应生成A，所以生成A的化学反应方程式为：HC≡CH+2HCHOHOCH2C≡CCH2OH。(4)B为HOCH2CH2CH2CH2OH，属于二元醇，分子式是C4H10O2，由于两个羟基连接在

同一个C原子上不稳定，会自动脱去水，形成羰基，所以与B具有相同官能团的同分异构体还有HOCH2CH(OH)CH2CH3、HOCH2CH2CH(OH)CH3、CH3CH(OH)CH(OH)CH3、(CH3)2CH(OH)CH2OH、HOCH2CH(CH3

)CH2OH，共5种；其中核磁共振氢谱中只出现三组峰的是CH3CH(OH)CH(OH)CH3。(5)E为，分子式为C8H8O2；其中含有苯环，且与E互为同分异构体的酯有：、、、、、，共6种；其中既能发生银镜反应，又能发生水解反应，且苯环上一硝基取代产物只有2种的物质结构简式是。【点睛】本题考查有

机物的推断，充分利用题给已知及B的分子式、E的结构简式推断A与C是解题关键，要求学生要掌握有关代表物质的性质及转化关系，结合题目信息分析，考查了学生的自学能力、分析和应用能力。24.实验室可利用环己醇的氧化反应制备环己酮，反应原理和实验装置（部分夹持装置略）如下：

有关物质的物理性质见下表。物质沸点（℃）密度（g·cm－3，20℃）溶解性环己醇161.1（97.8）*0.96能溶于水和醚环己酮155.6（95.0）*0.95微溶于水，能溶于醚水100.01.0*括号中的数据表示该有机物与

水形成的具有固定组成的混合物的沸点。实验中通过装置B将酸性Na2Cr2O7溶液加到盛有10mL环己醇的A中，在55~60℃进行反应。反应完成后，加入适量水，蒸馏，收集95~100℃的馏分，得到主要含环己酮粗品和水的混合物。（1）装置D的名

称为____________________________。（2）酸性Na2Cr2O7溶液氧化环己醇反应的0H，反应剧烈将导致体系温度迅速上升，副反应增多。①滴加酸性Na2Cr2O7溶液的操作为_________________________________

___________；②蒸馏不能分离环己酮和水的原因是__________________________________________。（3）环己酮的提纯需要经过以下一系列的操作：a．蒸馏、除去乙醚后，收集151~156℃馏分

b．水层用乙醚(乙醚沸点34.6℃，易燃烧)萃取，萃取液并入有机层c．过滤d．往液体中加入NaCl固体至饱和，静置，分液e．加入无水MgSO4固体，除去有机物中少量的水①上述提纯步骤的正确顺序是_________

_______________________________________；②B中水层用乙醚萃取的目的是______________________________________________；③上述操作c、

d中使用的玻璃仪器除烧杯、锥形瓶、玻璃棒外，还需要的玻璃仪器有__________，操作d中，加入NaC1固体的作用是_____________________________。（4）恢复至室温时，分离得到纯产品体积为6mL，

则环已酮的产率为____________。（计算结果精确到0.1%）【答案】(1).冷凝管(2).打开分液漏斗颈上的玻璃塞，拧开下端的活塞，缓慢滴加(3).环己酮和水形成具有固定组成的恒沸物一起蒸发(4).dbeca(5).使水层中少量的有机物

进一步被提取，提高产品的产量(6).漏斗、分液漏斗(7).降低环己酮的溶解度，增加水层的密度，有利于分层(8).60.6%【解析】【详解】（1）根据装置图可知，装置D是冷凝管；（2）①由于酸性Na2Cr

2O7溶液氧化环己醇的反应是放热反应，反应剧烈将导致体系温度迅速上升，副反应增多，为减少副反应的发生，滴加酸性Na2Cr2O7溶液的方法是：打开分液漏斗颈上的玻璃塞，拧开下端的活塞，缓慢滴加；②蒸馏不能分离环己酮和水的原因是；环己酮和水形成具有固定组成的恒沸物一起蒸出；（3）①环己酮

的提纯需要经过以下一系列的操作：往粗品中加入NaCl固体至饱和，静置，分液；由于环己酮微溶于水，能溶于醚，乙醚与水互不相溶，水层用乙醚萃取，萃取液并入有机层；加入无水MgSO4固体，除去有机物中少量的水，过滤；蒸馏、除去乙醚后，收集151～156℃馏分。所以，

提纯步骤的正确顺序是dbeca；②b中水层用乙醚萃取的目的是：使水层中少量的有机物进一步被提取，提高产品的产量；③上述操作c、d（过滤和分液）中使用的玻璃仪器除烧杯、锥形瓶、玻璃棒外，还需要的玻璃仪器有漏斗（用于过滤）、

分液漏斗（用于分液）。操作d中，加入NaCl固体的作用是：降低环己酮的溶解度，増加水层的密度，有利于分层；（4）恢复至室温时，分离得到纯产品体积为6mL，由表中的密度可以算出环己酮的质量为0.95g/mL×6mL=5.7g，则其物质的量为

5.7g÷98g/mol=0.0582mol。由密度可以算出10mL环己醇的质量为0.96g/mL×10mL=9.6g，则其物质的量为9.6g÷100g/mol=0.096mol，理论上生成环己酮的物质的量

为0.096mol，则环己酮的产率为0.0582100%0.096=60.6%。25.相对分子质量为92的某芳香烃X是一种重要的有机化工原料，研究部门以它为初始原料设计出如下转化关系图(部分产物、合成路线、反应条件略去)。其中A是一氯代物，H是一种功能高分子，链节组成为

C7H5NO。已知：Ⅰ.Ⅱ.(苯胺，易被氧化)请根据所学知识与本题所给信息回答下列问题：(1)X→A的反应条件是____。(2)H的结构简式是____。(3)反应③④的类型是____、____。(4)反应⑤的化学方

程式是____。(5)有多种同分异构体，其中含有1个醛基和2个羟基的芳香族化合物共有___种。(6)请用合成反应流程图表示出由和其他无机物合成的最合理的方案(不超过4步)__________。例如：【答案】(1).光照(2).(3).还原反应(4).缩聚反应(5).

+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O(6).6(7).【解析】【分析】相对分子质量为92的某芳香烃X是一种重要的有机化工原料，假设其分子组成为CxHy，则92÷12=7…8，由烷烃中C原子与H原子关系可知，该烃中C原子数目不能小于7，故该芳香烃X的分子式为C7H8

，结构简式为，X与Cl2发生取代反应生成A，A转化生成B，B催化氧化生成C，C能与银氨溶液反应生成D，故B含有醇羟基、C含有醛基，故A为，B为，C为，D酸化生成E，故D为，E为；X在浓硫酸、加热条件下与浓硝酸发生取代反应生成F，结合反应③的产物可知F为，F转化生成G，由于苯胺容易被氧化

，由反应信息Ⅰ、反应信息Ⅱ可知，G为，H是一种功能高分子，链节组成为C7H5NO，与的分子式相比减少1分子H2O，为通过形成肽键发生缩聚反应是错的高聚物，H为，然后根据题目问题逐一分析解答。【详解】根据上述分析可知：X为，A为，B为，C为，D为，E为，F为，G为，H为。(1)X为，X

与Cl2光照条件下发生甲基上的取代反应产生A：，所以X→A的反应条件是光照。(2)根据上述分析可知H的结构简式是；(3)G为，分子中含有-NO2，与Fe在HCl存在条件下，硝基被还原为-NH2，反应产生：，所以反应③的类型是还原反应；分子中含有羧基、氨基

，在一定条件下脱水产生高分子化合物H：，所以发生④反应类型为缩聚反应。(4)C为，分子中含有醛基，能够与银氨溶液发生银镜反应，故反应⑤的化学方程式是+2Ag(NH3)2OH+2Ag↓+3NH3+H2O。(5)有多种同分异构体，苯环上含有1个醛基和2个羟基的芳香族化合物的结构简式为：、、

、、、，共6种不同的同分异构体。(6)与H2发生加成反应产生，与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应产生，与Cl2发生加成反应产生，与NaOH的水溶液共热，发生取代反应产生，所以由制取的反应流程为：。【点睛】本题考查

有机物推断和有机物合成，明确反应前后断键和成键特点、反应条件、反应类型及官能团和性质关系是解本题关键，难点是有机物合成路线设计，可以采用正推法或逆推法分析判断。