【文档说明】江苏省盐城市阜宁县2020-2021学年高一下学期期中学情调研物理参考答案.pdf，共(2)页，170.607 KB，由小赞的店铺上传

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高一物理答案第1页（共2页）高一期中学情调研物理试题参考答案一、单项选择题（共10小题，每小题4分，共40分，每小题只有一个正确选项）题号12345678910答案DBCAABADDB二、非选择题（本题共5小题，共

60分，其中第12～15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．)11．（15分）（1）甲（1分）；采用乙方案时，由于小车与斜面间存在摩擦力的作用，且不能忽略，所以小车在下滑的过程中机械能不守恒，故乙

方案不能用于验证机械能守恒定律。（2分）（2）①在验证机械能守恒定律的实验中，应让重锤紧靠打点计时器，手拉着纸带的上方，保持纸带竖直，由静止释放，操作比较合理的应为D（3分）②1.37（3分）③9.75（9.70~9.90均正确）（3分）④重锤增加的动能略大于

重锤减少的重力势能，说明测量的重锤的速度偏大或者是重锤的重力势能偏小。由于两式中都有质量，所以与重锤质量无关，故A错误；如果实际频率小于50Hz，则会造成打点的实际周期大于0.02s，计算重锤动能的增加量时会偏大，则可能造成动能的增加量略大于重力势能的减少量，

故B正确；重锤下落时受到的阻力过大，则动能的增加量偏小，故C错误。（3分）12．（8分）解：（1）行星表面的重力大小等于万有引力，等于卫星的向心力，则224mmgRTπ=（2分）可得：224RgTπ=（2分）（2

）由万有引力提供卫星做圆周运动的向心力：222()MmGmRRTπ=（1分）又根据343MRρπ=（1分）可得：23GTπρ=（2分）13．（8分）解：（1）设起重机允许输出的最大功率为P0，重物达到最大速度时，拉

力F0等于重力．P0＝F0vm（1分）F0＝mg（1分）代入数据，有：P0＝5.1×104W（2分）高一物理答案第2页（共2页）（2）匀加速运动结束时，起重机达到允许输出的最大功率，设此时重物受到的拉力为F，速度为v1，匀加速运动经历时间为t1，有：P0＝Fv1（1分）F－mg＝ma（1

分）v1＝at1（1分）代入数据，得：t1＝5s（1分）14．(13分）解：（1）设PC间的垂直高度为h，由几何关系得h1=Rsin53°=0.8RCB间的竖直高度h2=R-Rcos53°=0.4R∴PB

间高度差h=h1+h2=1.2R（1分）所以滑块从P滑到B减少的重力势能为△Ep=mgh=1.2mgR（2分）（2）在B点，由牛顿第二定律知：2NvFmgmR−=（2分）从P到B，由动能定理：210.302mghmgRmv−=−（2分）联立解得FN=2.8mg（1分）据牛顿第三定律滑块第一次经

过B点时对轨道的压力大小F/N=FN=2.8mg（1分）（3）设PC之间的最大距离为L时，滑块第一次到达A时速度为零，则对整个过程应用动能定理mgLsin53°+mgR（1-cos53°）-mgR-0.3mgL=0（

2分）代入数值解得L=1.2R（2分）15．(16分)解：（1）由题图乙知滑块在bc段做匀减速运动，加速度大小a＝∆v∆t＝10m/s2（2分）根据牛顿第二定律得mgsin37°＋µmgcos37°＝ma（2分）代入数据解得µ＝0.5（1分）（2）根据速度与时间公式得t

2＝0.3s时的速度大小v1＝v0－a∆t，解得v1＝0（2分）滑块在t2之后开始下滑，下滑时由牛顿第二定律得mgsin37°－µmgcos37°＝ma′（2分）代入数据解得a′＝2m/s2（1分）滑块从

t2到t3做初速度为零的加速运动，t3时刻的速度v2＝a′∆t＝0.2m/s（2分）（3）从0到t1时间内，由能量守恒定律得Ep＝mgxsin37°＋µmgxcos37°＋12mvb2（2分）代入数据解得Ep＝4J（2分）