【文档说明】福建省南平市浦城县2022-2023学年高一下学期期末数学冲刺卷试题（四） 含解析.docx，共(22)页，1.162 MB，由小赞的店铺上传

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2022-2023学年高一下学期期末冲刺卷（四）时间：120min总分：150分一、单项选择题（本大题共8小题，每小题5分，共40分）1.若()1i2z−=，则z=（）A.1i−B.1i+C.1i−−D.1i−+【答案】A【解析】【分析】先根据复数的除法求出z，

再根据共轭复数的定义即可得解.【详解】由()1i2z−=，得()()()()21i21i21i1i1i1i2z++====+−−+，所以1iz=−.故选：A.2.已知()2,1A−，()6,3B−，()0,5C，则ABC的形状是（）．

A.直角三角形B.锐角三角形C.钝角三角形D.等边三角形【答案】A【解析】【分析】根据向量的坐标表示可得AB，AC，BC，再利用向量数量积的坐标表示即可判断.【详解】根据已知，有(8,4)AB=−，(2,

4)=AC，(6,8)BC=−，因为82(4)40ABAC=+−=，所以ABAC⊥，即90BAC=．故ABC为直角三角形．故选：A【点睛】本题考查了向量的坐标表示、向量数量积的坐标表示，属于基础题.3.如图所示，在等腰梯形ABCD中，ABCD∥

，对角线ACBD，交于点O，过点O作MNAB，交AD于点M，交BC于点N，则在以ABCD，，，，M，ON，为起点和终点的向量中，相等向量有A.1对B.2对C.3对D.4对【答案】B【解析】【分析】利用相等向量的概念直接求解即可【详解】由题,OMNOMOON==，故相等

向量有两对故选：B【点睛】本题考查相等向量的概念，是基础题4.已知是锐角，()1,1a=−，()cos,sinb=，且ab⊥，则为（）A.30°B.45°C.60°D.30°或60°【答案】B【解析】【分析】由题意利用两个向量垂直的性质、数量积的坐标运算、特殊角的三角函数值可得出结论.【详

解】∵()1,1a=−，()cos,sinb=，且ab⊥，∴cossin0ab=−+=，求得cossin=，tan1=，由是锐角，所以45=.故选：B.【点睛】本题考查了向量的数量积的坐标运算、已知三角函数值求角.5.在ABC中，下列各式正确的是（）A.sinsinaBbA=B

.sinsinaCcB=C.2222cos()cababAB=+−+D.sin()sinaABcA+=【答案】D【解析】【分析】利用正弦定理、余弦定理以及诱导公式判断四个选项的正误，即可得正确答案.【详解】对于选项A：由正弦定理有sinsi

nsinabcABC==，故sinsinaAbB=，故选项A错误；对于选项B：因为sinsinacAC=，故sinsinaCcA=，故选项B错误；对于选项C：cos()cosABC+=−，由余弦定理2222coscab

abC=+−得2222cos()cababAB=+++；故选项C错误；对于选项D：由正弦定理可得sinsinacAC=，再根据诱导公式可得：sinsin()acAAB=+，即sin()sinaABcA+=，故选项D正确；故选：D6.已知三条不同的直线,,lmn和两个不同的平面,，下列四个

命题中正确的是（）A.若//,//mn，则//mnB.若//,lm，则//lmC.若,l⊥，则l⊥D.若//,ll⊥，则⊥【答案】D【解析】【分析】根据线线、线面、面面位置关系及平行垂直性质判断逐一判断.【详解】若//,//mn,可以有//mn或

,mn相交，故A错；若//,lm，可以有//lm或lm、异面，故B错；若,l⊥，可以有l⊥、l与斜交、l//，故C错；过l作平面n=I，则//ln，又l⊥，得n⊥，n，所以⊥，故D正确.故选:D【点睛】本题考查空间

线、面的位置关系，属于基础题.7.如图，在四棱锥PABCD−中，PA⊥平面ABCD，四边形ABCD为正方形，PAABE=，为AP的中点，则异面直线PC与DE所成的角的正弦值为（）A.25B.55C.105D.155【答案】C【解析】【分析】先取正方形的中

心O，连接OE，由//PCOE知OED为异面直线PC与DE所成的角，再在OED中求OED的正弦即可.【详解】连AC，BD相交于点O，连OE、BE，因为E为AP的中点，O为AC的中点，有//PCOE，可得OED或其补角为异面直线PC与DE所成的角，不妨设正方形中，2AB=，则2PA=，由PA

⊥平面ABCD，可得,PAABPAAD⊥⊥，则145BEDE==+=，1122222ODBD===，因为BEDE=，O为BD的中点，所以90EOD=，210sin55ODOEDDE===．故选：C.【点睛】方法点睛：求空间角的

常用方法：（1）定义法，由异面直线所成角、线面角、二面角的定义，结合图形，作出所求空间角，再结合题中条件，解对应三角形，即可求出结果；（2）向量法：建立适当的空间直角坐标系，通过计算向量夹角（直线方向向量与直

线方向向量、直线方向向量与平面法向量，平面法向量与平面法向量）余弦值，即可求出结果.8.如图，已知高为3的棱柱111ABCABC-的底面是边长为1的正三角形，则三棱锥1BABC−的体积为（）A.14B.12C.34D.36【答案】C【解析】【分析】利用棱锥的体积公式计算即可．【详解】三棱锥1

BABC−的体积为：1113311333224ABCSh==故选：C【点睛】本题考查柱锥台体的体积公式，考查学生计算能力，属于基础题．二、多项选择题.（本大题共4小题，每小题5分，共20分.全部选对的得5分，部分选对的得2分，有选错的得0分.

）9.若四边形ABCD是矩形，则下列命题中正确的是（）A.,ADCB共线B.,ACBD相等C.,ADCB模相等，方向相反D.,ACBD模相等【答案】ACD【解析】【分析】根据向量的加法和减法的几何意义（平行四边形法则)，结合矩形

的判定与性质进行分析可解.【详解】∵四边形ABCD是矩形，,ADBCACBD=‖,所以,ADCB共线，,ACBD模相等,故A、D正确;∵矩形的对角线相等,∴|AC|=|BD|,,ACBD模相等,但的方向不同，故B不正确;|AD|=|CB|且AD∥CB，所以,AD

CB的模相等，方向相反，故C正确.【点睛】本题考查向量的共线，相等，模，向量的加减法的几何意义，属基础题，根据向量的加减法的平行四边形法则和矩形的性质综合判定是关键.10.下列关于复数的说法，其中正确的是（）A.复数()i,zab

abR=+是实数的充要条件是0b=B.复数()i,zababR=+是纯虚数的充要条件是0bC.若1z，2z互为共轭复数，则12zz是实数D.若1z，2z互为共轭复数，则在复平面内它们所对应的点关于虚轴对称【答案】AC【解析】【分析】根据复数的分类，共轭复数的定义与复

数的几何意义判断．【详解】根据复数的分类，0,0ab=时，abi+才是纯虚数．A正确，B错误，1i(,)zababR=+，则21izzab==−，所以2212(i)(i)zzababab=+−=+是实数，C正确；当1z是实数时，其共轭复数是它

本身，对应的点是同一点，不关于虚轴对称，D错．故选：AC．11.已知直三棱柱111ABCABC-中，AB⊥BC，1ABBCBB==，O为1AC的中点，点P是1BC上的动点，则下列说法正确的是（）A.当点P运动到1BC中点时，直线1AP与平面111ABC所成的角的正切值为55B.无论点P在1BC上怎

么运动，都有1AP⊥1OBC.当点P运动到1BC中点时，才有1AP与1OB相交于一点，记为Q，且113PQQA=D.无论点P在1BC上怎么运动，直线1AP与AB所成角都不可能是30°【答案】ABD【解析】【分析】构造线面角1PAE，由已知线段的等量关系求1tanEPPAEA

E=的值即可判断A的正误；利用线面垂直的性质，可证明11APOB⊥即可知B的正误；由中位线的性质有112PQQA=可知C的正误；由直线的平行关系构造线线角为11BAP，结合动点P分析角度范围即可知D的正误【详解】直三棱柱111ABCABC-中，ABBC⊥，1ABBCBB==选项A中，当点P运动

到1BC中点时，有E为11BC的中点，连接1AE、EP，如下图示即有EP⊥面111ABC∴直线1AP与平面111ABC所成的角的正切值：1tanEPPAEAE=∵112EPBB=，22111152AEABBEBB=+=∴15tan5PAE=，故A正确选项B中，连接1BC，与1BC交于

E，并连接1AB，如下图示由题意知，11BBCC为正方形，即有11BCBC⊥而ABBC⊥且111ABCABC-为直三棱柱，有11AB⊥面11BBCC，1BC面11BBCC∴111ABBC⊥，又1111ABBCB=∴1BC⊥面11ABC，1OB面11ABC，故11BCOB⊥同理可

证：11ABOB⊥，又11ABBCB=∴1OB⊥面11ABC，又1AP面11ABC，即有11APOB⊥，故B正确选项C中，点P运动到1BC中点时，即在△11ABC中1AP、1OB均为中位线∴Q为中位线的交点∴根据中位线的性质有：112PQQA=，故C错误选项D中，由于11//ABAB，直线1

AP与AB所成角即为11AB与1AP所成角：11BAP结合下图分析知：点P在1BC上运动时当P在B或1C上时，11BAP最大为45°当P在1BC中点上时，11BAP最小为23arctanarctan3023=∴11BAP不可能是30°，故D

正确故选：ABD12.抛掷一枚硬币三次，若记出现“三个正面”、“三个反面”、“二正一反”、“一正二反”的概率分别为1234,,,PPPP，则下列结论中正确的是（）A.1234PPPP===B.312PP=C.12341PPPP+++=D.423PP

=【答案】CD【解析】【分析】利用n次的独立重复试验中事件A恰好发生k次的概率计算公式，分别求得1234,,,PPPP的值，即可求解.【详解】由题意，抛掷一枚硬币三次，若记出现“三个正面”、“三个反面”、“二正一反”、“一正二反”的概率分别

为1234,,,PPPP，根据独立重复试验的概率计算公式，可得：3322121233431111113113(),(),()(1),(1)2828228228PPPCPC=====−==−=，由1234PPPP==，故A是错误的；由313PP=，故B是错误的；由12

341PPPP+++=，故C是正确的；由423PP=，故D是正确的.故选：CD【点睛】本题主要考查概率的计算及其应用，其中解答中熟练应用n次独立重复试验中事件A恰好发生k次的概率计算公式求得相应的概率是解答的关键，着重考查了运算与求解

能力.三、填空题.(本大题共4小题，每小题5分，共20分）13.在△ABC中，其外接圆半径R＝2，A＝30°，B＝120°，则△ABC的面积为__________.【答案】3【解析】【分析】根据正弦定理求边,ab的值，再根据ABC的面积公式求面积.【

详解】根据正弦定理可知24sinsinabRAB===，所以4sin302a==，4sin12023b==,18030CAB=−−=，所以ABC是等腰三角形，且2ac==，1sin32ABCSacB==

.故答案为：314.设i为虚数单位，则11ii−+的虚部为______．【答案】1−【解析】【分析】根据复数除法运算化简复数，进而得结果【详解】()()()()2211112211112iiiiiiiiiii−−−−

+−====−++−−故答案为：1−【点睛】易错点睛：本题考查了复数的实部和虚部，在解题时一般利用分子、分母同乘分母的共轭复数进行运算，化简为abi+的形式，b就是这个复数的虚部，一定要注意符号，考查学生的运算求解能力，属于易错题.15.现采用

随机模拟的方法估计某运动员射击4次，至少击中3次的概率：先由计算器给出0到9之间取整数值的随机数，指定0，1表示没有击中目标，2，3，4，5，6，7，8，9表示击中目标，以4个随机数为一组，代表射击4次的结果，经随机模拟产生了20组随机数：75

270293714098570347437386366947141746980371623326168045601136619597742476104281根据以上数据估计该射击运动员射击4次至少击中

3次的概率为__________．【答案】34【解析】【分析】根据数据统计击中目标的次数，再用古典概型概率公式求解.【详解】由数据得射击4次至少击中3次的次数有15，所以射击4次至少击中3次的概率为153204=.故答案为：34【点睛】本题考查古典概型概率公式，考查基本分析求解能力，

属基础题.16.如图，已知直四棱柱1111ABCDABCD−的所有棱长均相等，3BAD=，E是棱AB的中点，设平面经过直线1AE，且平面111,BBCCl=平面112CCDDl=，若⊥平面11AA

CC，则异面直线1l与2l所成的角的余弦值为_______．【答案】910【解析】【分析】取AD的中点F，连接1AF，证明平面1AEF⊥平面11AACC，平面1AEF即平面，然后分别取1111BCDC、的中点MN、，证明平面1//AEF平面MNC，

可得//CM1l，//CN2l，可得异面直线1l与2l所成的角即CM与CN所成的角，由余弦定理可得答案.【详解】由直四棱柱1111ABCDABCD−的所有棱长均相等，3BAD=，所以ABCD是菱形，连接ACBD、，1111ACBD、，且ACBDO=，1

1111ACBDO=，所以BDAC⊥，1111BDAC⊥，因为1AA⊥平面ABCD，BD平面ABCD，所以1AABD⊥，且1AAACA=，所以BD⊥平面11AACC，取AD的中点F，连接1AF，连接EF交AC与G，所以//EFBD，且G是AO的中点，所以EF⊥平面11AACC，所以平面1A

EF⊥平面11AACC，又1AE平面1AEF，所以平面1AEF即平面，分别取1111BCDC、的中点MN、，连接MN交11AC与H点，H即为11OC的中点，所以1AHGC=，且1//AHGC，所以四边形1AHCG是平行四边形，所以1//AGHC，1AG平面CMN，

CH平面CMN，所以//AG平面CMN，又因为11//////EFBDBDMN，EF平面CMN，MN平面CMN，所以//MN平面CMN，又1AGEFG=，所以平面1//AEF平面MNC，且平面11BCCB平面MNCMC=，平面11DCCD平面MNCNC

=，所以//CM1l，//CN2l，所以异面直线1l与2l所成的角即CM与CN所成的角，设2AB=，则直四棱柱1111ABCDABCD−的所有棱长均为2，由3BAD=，所以112BDABBD===，11112MNDB==，且2211415CMCNCCCM==+=+=

，由余弦定理得222551922510CMCNMNMCNCMCN+−+−===.故答案为：910.【点睛】本题考查了异面直线所成的角，关键点是作出平面及找出异面直线所成的角，考查了学生分析问题、解决问题的能力及空间想

象力.四、解答题.（本大题共6小题，17题10分，18-22题每题12分，共70分）17.已知(3,2)A、(2,1)B−、(1,1)C−且2APPB=−（1）证明：ABC是等腰直角三角形（2）求cosAPC．【答案】（1）证明见解析；（2）31010.【解析】【分析】（1）由题

意得(2,3)CA=，(3,2)CB=−，由0CACB=，||||CACB=，能够证明ABC是等腰直角三角形．（2）设点(,)Pxy，则(3,2)APxy=−−，(2,1)PBxy=−−−．由2APPB=−，知

342xx−=+且222yy−=−，由此能求出cosAPC．【详解】解：（1）证明：由题意得(2,3)CA=，(3,2)CB=−因为0CACB=，所以CACB⊥所以ABC是直角三角形又||4913CA=+=，

||9413CB=+=，||||CACB=，ABC是等腰直角三角形（2）解：设点(,)Pxy，则(3,2)APxy=−−，(2,1)PBxy=−−−2APPB=−，342xx−=+且222yy−

=−，解得7x=−，0y=，(7,0)P−，(8,1)PC=−，(10,2)PA=78PAPC=，||65PC=，||226PA=，78310cos1065226APC==．【点睛】本题考查平面向量的

综合运用，考查运算求解能力，推理论证能力；综合性强，是高考的重点，易错点是知识体系不牢固．解题时要认真审题，注意平面向量数量积的坐标运算的灵活运用．18.甲、乙二人独立破译同一密码，甲破译密码的概率为0.7，乙破译密码

的概率为0.6.记事件A：甲破译密码，事件B：乙破译密码.（1）求甲、乙二人都破译密码的概率；（2）求恰有一人破译密码的概率.【答案】（1）0.42；（2）0.46.【解析】【分析】（1）由相互独立事件概率的乘法公式

运算即可得解；（2）由互斥事件概率的加法公式及相互独立事件概率的乘法公式运算即可得解.【详解】（1）事件“甲、乙二人都破译密码”可表示为AB，事件A，B相互独立，由题意可知()()0.7,0.6PAPB==，所以()()()0.70.60.42PABP

APB===；（2）事件“恰有一人破译密码”可表示为AB+AB，且AB,AB互斥所以()()()()()()()PABABPABPABPAPBPAPB+=+=+()()10.70.60.710.60.

46=−+−=.19.成都七中为了解班级卫生教育系列活动的成效，对全校40个班级进行了一次突击班级卫生量化打分检查（满分100分，最低分20分）.根据检查结果：得分在[80,100]评定为“优”，奖励3面小红旗；得分在[60,80)评定为“良”，奖励2面

小红旗；得分在[40,60)评定为“中”，奖励1面小红旗；得分在[20,40)评定为“差”，不奖励小红旗.已知统计结果的部分频率分布直方图如图：（1）依据统计结果的部分频率分布直方图，求班级卫生量化打分检查得分的中位数；（2）学校用分层抽样的方法，从评定等级为“良”、“中

”的班级中抽取6个班级，再从这6个班级中随机抽取2个班级进行抽样复核，求所抽取的2个班级获得的奖励小红旗面数和不少于3的概率.【答案】（1）70分；（2）1415.【解析】【分析】（1）利用频率分布直方图，能求出班级卫生量化打

分检查得分的中位数．（2）“良”、“中”的频率分别为0.4，0.2．又班级总数为40．从而“良”、“中”的班级个数分别为16，8．分层抽样的方法抽取的“良”、“中”的班级个数分别为4，2．由此利用对立事件概率计算公式能求出抽取的2个班

级获得的奖励小红旗面数和不少于3的概率．【详解】（1）得分[20,40)的频率为0.005200.1=；得分[40,60)的频率为0.010200.2=；得分[80,100]的频率为0.015200.3=；所以得分

[60,80)的频率为1(0.10.20.3)0.4−++=设班级得分的中位数为x分，于是600.10.20.40.520x−++=，解得70x=所以班级卫生量化打分检查得分的中位数为70分.（2）由

（1）知题意“良”、“中”的频率分别为0.4,0.2又班级总数为40于是“良”、“中”的班级个数分别为16,8.分层抽样的方法抽取的“良”、“中”的班级个数分别为4,2因为评定为“良”，奖励2面小红旗，评定为“中”，奖励1面小红旗.所以抽取的2个班级获得的奖励小红旗面数和不少于3为两个评定为“

良”的班级或一个评定为“良”与一个评定为“中”的班级.记这个事件为A则A为两个评定为“中”的班级.把4个评定为“良”的班级标记为1,2,3,4.2个评定为“中”的班级标记为5,6从这6个班级中随机抽取2个班级用点(,)ij表示，其中16ij.

这些点恰好为66方格格点上半部分（不含ij=对角线上的点），于是有366152−=种.事件A仅有(5,6)一个基本事件所以114()1()11515PAPA=−=−=所抽取的2个班级获得的奖励小红旗面数和不少于3的概率为1415.【点睛

】本题考查中位数、概率的求法，考查分层抽样、频率分布直方图、古典概型等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．20.在ABC中，内角,,ABC的对边分别为,,abc，设平面向量()()sincos,sin,cossi

n,sinpABAqBAB=+=−，且2cospqC=（Ⅰ）求C；（Ⅱ）若3,23cab=+=，求ABC中边上的高h.【答案】(1)3C=;(2)32.【解析】【详解】分析：（1）由向量的数量积的运算，得222sinsinsin

sinsinABCAB+−=，根据正弦、余弦定理得1cos2C=，即可得到3C=；（2）由余弦定理和23ab+=，得3ab=，再利用三角形的面积公式，求得32h=，即可得到结论．详解：（1）因22c

ossinsinsinpqBAAB=−+，所以222cossinsinsincosBAABC−+=，即2221sinsinsinsin1sinBAABC−−+=−，.为即222sinsinsinsinsinABCAB+−=，根据正弦定理得222abcab+−

=，所以2221cos222abcabCabab+−===，所以3C=；（2）由余弦定理()22232cos33abababab=+−=+−，又23ab+=，所以3ab=，根据ABC△的面积11sin22SabCch==，即1

3133222h=，解得32h=，所以ABC中AB边上的高32h=．点睛：本题主要考查了利用正弦定理、余弦定理和三角形的面积公式的应用，对于解三角形问题，通常利用正弦定理进行“边转角”寻求角的关系，利用“角转边”寻求边的关系，利用余弦定理借助三边关系求角，利用两角和差公式及二倍角公式求

三角函数值.利用正、余弦定理解三角形问题是高考高频考点，经常利用三角形内角和定理，三角形面积公式，结合正、余弦定理解题.21.将棱长为2的正方体1111ABCDABCD−沿平面11ABCD截去一半（如图1所示）得到如图2所示的几何体，点

E，F分别是BC，DC的中点.（Ⅰ）证明：EF⊥平面1AAC；（Ⅱ）求三棱锥1ADEF−的体积.【答案】（Ⅰ）证明见解析；（Ⅱ）1.【解析】【分析】（Ⅰ）由BDAC⊥和1AABD⊥，利用线面垂直的判定定理证得BD⊥平面1AAC

，然后再由//BDEF证明.（Ⅱ）由1DD⊥平面ABCD，则1DD是三棱锥1DAEF−在平面AEF上高，然后利用等体积法11ADEFDAEFVV−−=求解.【详解】（Ⅰ）如图所示：连接BD，易知BDAC⊥，因为1

AA⊥平面ABCD，BD平面ABCD，所以1AABD⊥，又1AAACA=I，所以BD⊥平面1AAC.在CBD△中，点E，F分别是BC，DC的中点，所以//BDEF.所以EF⊥平面1AAC.（Ⅱ）∵1DD⊥平面ABCD，∴1DD是三棱锥1DAEF−在平面AEF上的高，且12D

D=.∵点E，F分别是BC，DC的中点，∴1DFCFCEBE====.∴2111322222AEFSADDFCFCEABBE=−−−=△.∴11111321332ADEFDAEFAEFVVSDD−−====△.【点睛】方法点睛：(1)证明直线和平面垂直的常用方

法：①线面垂直的定义；②判定定理；③垂直于平面的传递性(a∥b，a⊥α⇒b⊥α)；④面面平行的性质(a⊥α，α∥β⇒a⊥β)；⑤面面垂直的性质．(2)证明线面垂直的核心是证线线垂直，而证明线线垂直则需借助线面垂直的性质．因此，判定定理与性质定理的合理

转化是证明线面垂直的基本思想．22.如图，已知AB⊥平面ACD，DE⊥平面ACD，ACD为等边三角形，2ADDEAB==，F为的CD的中点．（Ⅰ）求证：//AF平面BCE；（Ⅱ）求直线BD和平面CDE所成角的正弦值．【答案】（Ⅰ）证明见解析；（Ⅱ）1

55【解析】【分析】（Ⅰ）取CE中点G，连接BG，FG，则可证//FGDE且1FGDE2=，根据题意可得//ABDE，12ABDE=，可得四边形ABGF为平行四边形，所以//AFBG，根据线面平行的判定定理，即可得

证.（Ⅱ）根据四边形ABGF为平行四边形，根据题意及线面垂直的判定定理，可证BG⊥平面CDE，则BDG即为直线BD和平面CDE所成角，在RtBGD中，求得各个边长，根据三角函数的定义，即可求得答案.【详解】（Ⅰ）取CE中点G，连接BG，FG，如图所示：因为F

、G分别为CD、CE的中点，所以//FGDE且1FGDE2=，又因为AB⊥平面ACD，DE⊥平面ACD，所以//ABDE，12ABDE=,所以//FGAB，FGAB=，所以四边形ABGF平行四边形，所以//AFBG，又因

为AF平面BCE，BG平面BCE，所以//AF平面BCE；（Ⅱ）因为AB⊥平面ACD，AF平面ACD，所以ABAF⊥，所以GFAF⊥，又ACD为等边三角形，F为CD的中点，所以AFCD⊥，又,CDGF平面CDE，所以AF⊥平面CDE，即BG⊥平面CDE，又DG平面CDE，

则BGDG⊥，连接DG，BD，如图所示，则BDG即为直线BD和平面CDE所成角，设22ADDEAB===，在RtCDE△中，2DG=，直角梯形ABED中，225BDADAB=+=，在RtBGD中，223BGBDGD=−=

，所以315sin55BGBDGBD===，所以直线BD和平面CDE所成角的正弦值为155.【点睛】解题的关键是熟练掌握线面平行的判定定理，线面垂直的判定定理，并灵活应用，在用定义法处理线面角时，需找到平面的垂线，作出线面角，利用三角函数进行求解，考查分析计算，推理证明的能为在力，

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