【文档说明】湖南省永州市第一中学2022-2023学年高一下学期3月月考物理试题参考答案.docx，共(7)页，170.205 KB，由小赞的店铺上传

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2023年上期高一第一次月考物理参考答案一、选择题（本题共11小题，共48分。第1~7小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，每题4分，第8~11小题给出的四个选项中，有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）题号1234567891011答

案ADBCCBDACBCBDCD6．B【详解】A．汽车在前5s内做匀加速运动23m/sa=由牛顿第二定律Ffma−=得3810NFfma=+=,故A错误；B．汽车在5s末功率达到额定功率381015W120kWPFv===,故B正确；C．当牵引力等于阻力时，汽车达最大速度m

3120kW60m/s210NPvf===,故C错误；D．当汽车速度为20m/s时，则16000NPFv==,由11Ffma−=得212m/s=a,故D错误。9．BC【详解】AB．重物沿杆A向上运动

，沿绳子方向的分速度等于v0，即0cosvv=,所以0cosvv=当60=时,02vv=,故A错误，B正确；CD．重物沿杆A向上运动，绳子与杆A的夹角θ增大，由0cosvv=,可知重物运动的速度增大，所以重物向上做加速运动，0a，故C正确，D错误。

故选BC。11.CD【详解】A．设两根绳子之间的夹角为α，对结点O受力分析如图甲所示由平衡条件得122cos2FFF==,再对右侧物体受力分析，如图乙所示，物体刚好滑动的临界条件为2Nsin2FF=,又

因为2Ncos2FFmg+=联立解得2tan2mgF=+,当两个物体逐渐靠近的过程中，α角逐渐减小，拉力F增大，A错误；BCD．设绳子与水平面夹角为θ时绳子拉力最小，根据平衡条件可得F1cosθ=f=μ(mg-F1sinθ)解得1222cossin11coss

in11mgmgF==+++++,令21sin1=+则β=60°，所以有121sin()mgF=++,当满足β+θ=90°时F1最小，此时θ=30°，两物体相距32cos22LxL==由于绳子拉力先变小再变大，所以摩擦

力f=F1cosθθ一直增大，所以摩擦力一定是变力，以整体为研究对象，拉力F一直增大，竖直方向受力平衡，则地面对两个物体的支持力一直减小，B错误，CD正确。二、实验题(本题共2题，共16分,每空2分)12．AB0.15【详解】（1）[1]A

．选用装置图1研究平抛物体竖直分运动，应该是听声音的方法（不是用眼睛看）判断小球是否同时落地，故A正确；B．A管内与大气相通，为外界大气压强，A管在水面下保证A管上出口处的压强为大气压强。因而另一出水管的上端口处压强与A管上出口处的压强有恒定的压强差，保证另一出水

管出水压强恒定，从而水速度恒定。如果A管上出口在水面上则水面上为恒定大气压强，因而随水面下降，出水管上口压强降低，出水速度减小，故B正确；CD．选用装置图3要获得钢球的平抛轨迹，每次一定要从斜槽上同一位置由静止释放钢球，不需要斜槽光滑，这样才能保

证初速度相同，故CD错误。（2）[2][3][4]根据2Δ2TyLg==,得220.05s0.1s10LTg===,0220.05m/s1m/s0.1LvT===B的竖直分速度880.05m/s2m/s20.2yLvT

===,B的速度225m/sBxyvvv=+=13．A1.920.768A2k【详解】（1）[1]A．实验中应该调节定滑轮高度，确保连接“力传感器”的细绳与桌面平行，故A正确；B．本实验仍需要平衡摩擦力，故B错误；C．本实验中传感器可直接测出绳子上

的拉力，所以不需要用砂和砂桶的总重力来代替绳子拉力，故不需要要保证砂和砂桶的质量远小于小车的质量，故C错误；D．电磁打点计时器由于纸带与限位孔、振针之间存在摩擦，所以选用电磁打点计时器比选用电火花打点计时器实验误差

大，故D错误。（2）[2]由题意得6543212(3)ssssssat++−−−=,相邻计数点间有四个点未标出，则有50.1stT==代入数据解得22226.728.6410.560.962.884.8010ms1.92ms(0.13)a−++−−−

==[3]打第4个计数点时纸带的速度大小2456.728.6410m/s0.768m/s220.1ssvt−++===（3）[4]设小车阻力为f，则由牛顿第二定律得2Ffma−=,整理得2faFmm=

−故aF−图像是一条倾斜的直线，且纵截距为负。（4）[5]由（3）知2faFmm=−,所以aF−图像的斜率为2km=,故小车质量为2mk=三、解答题(本题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分)14．【详解】

（1）宇宙飞船绕某行星做匀速圆周运动，万有引力充当向心力2224GMmrmrT=（2分）可解2324rMGT=（2分）（2）行星的第一宇宙速度v:22GMmvmRR=得GMvR=（2分）将行星质量M代人，可解2324r

vRT=（2分）15．【详解】(1)由图示图像可知，轮胎减速过程加速度大小为：2210m/s5m/s75vat===−（1分）由牛顿第二定律得：mgma=（1分）解得μ=0.5（1分）(2)由图示图像可知，轮胎加速过程加速度为：22m/svat==

（1分）对加速过程，对轮胎由牛顿第二定律得：cos37sin37FmgFma−−=()（1分）代入数据解得F=70N（1分）在2s时，轮胎的速度v2=a′t=4m/s（1分）绳子拉力的瞬时功率2cos37224WPFv=

=（1分）(3)由v-t图像的面积表示位移可知，轮胎在0-5s的位移为：11510252x==mm（1分）轮胎在5-7s的位移为：21210102x==mm（1分）在0~5s内，摩擦力对轮胎所做的功11sin37850JfmWgFx=−−=−()（1分）在5s~7

s内，摩擦力对轮胎所做的功22550JfmgxW=−=−（1分）在0~7s内，摩擦力对轮胎所做的功121400JfffWWW=+=−（1分）16．【详解】（1）从A到B，根据牛顿第二定律有11sin53cos53mgmgma−=（1分）可得212m/sa=（1分）根据2112Bva

L=（1分）得4m/sBv=（1分）（2）因为Bvv，所以物体先减速，若在传送带上减速至v，由2222Bvvgx−=（1分）可得20.8mxL=故先减速后匀速（1分）从C点平抛到落地212hgt=得0.5st=（1分）由水平位移

xvt=得1mx=（1分）（3）设落到收集装置时速度为v1，则221()xvvgt=+（1分）设C点抛出时水平速度为xv，落到收集装置时水平位移x，竖直位移y有:222xyR+=（1分）xxvt=（1分）212ygt=（1分）得224325

4xvtt+=即423254xtvt−=代入得42212232534100754tvtttt−=+=+（1分）由数学可知，当223754tt=时，v1最小，得10s10t=（1分）由423254xtvt−=得5m/sxv=可知，物体在传送带上先匀减速到5m/s

，再一起匀速，即传送带速度应该调节为5m/s（1分）