【文档说明】福建省泉州市泉港区第一中学、厦门外国语学校石狮分校2023-2024学年高二上学期11月期中联考物理试题.docx，共(28)页，1.200 MB，由小赞的店铺上传

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“厦⻔外国语学校⽯狮分校、泉港区第⼀中学”两校联考2023-2024学年上学期期中考试卷⾼⼆物理试卷满分：100分考试时间：75分钟⼀、单选题（本题共4⼩题，每⼩题4分，共16分，在每⼩题给出的四个选项中，只有⼀项是符合题⽬要求的。）1.如图所示，⽤起电机使⾦属球A带上正电，

靠近验电器B，则（）A.验电器⾦箔不张开，因为球A没有和B接触B.验电器⾦箔张开，因为整个验电器都带上了正电C.验电器⾦箔张开，因为整个验电器都带上了负电D.验电器⾦箔张开，因为验电器下部箔⽚都带上了正电2.如图所示，⽤两根绝缘细绳把两个带同种电荷可视为质点的⼩球A、B

悬挂在⼀点。已知A球的质量⼤于B球的质量，A球所带电荷量⼩于B球所带电荷量。两⼩球静⽌时，悬线与竖直⽅向的偏⻆分别为和，且两⼩球在同⼀⽔平⾯上，则与的⼤⼩关系为（）A.B.C.D.⽆法确定3.如图所示，虚线表示电场中⼏个相邻的等差等势⾯，实线表示⼀带电量为的粒⼦的运动轨迹，其

中，，相邻两等势⾯的电势差⼤⼩为3V，a、b为运动轨迹上的两点，不计粒⼦重⼒，则下列说法中正确的是（）、A.该带电粒⼦带负电B.该带电粒⼦是从a向b运动的C.该带电粒⼦经过等势⾯时动能为24eVD.该带电粒⼦经过等势⾯时的电势能为15eV

4.两个相距很近的等量异号点电荷组成的系统称为电偶极⼦，设相距为l，电荷量分别为+q和-q的点电荷构成电偶极⼦．如图所示，取⼆者连线⽅向为y轴⽅向，中点O为原点，建⽴xOy坐标系，P点距坐标原点O的距离为r（r>>l），P、O

两点间连线与y轴正⽅向的夹⻆为θ，设⽆穷远处的电势为零，P点的电势为φ，真空中静电⼒常量为k．下⾯给出φ的四个表达式，其中只有⼀个是合理的．你可能不会求解P点的电势φ，但是你可以通过⼀定的物理分析，对

下列表达式的合理性做出判断，根据你的判断，φ的合理表达式应为（）AB.C.D.⼆多选题（本题共4⼩题，每⼩题6分，共24分。每⼩题有多项符合题⽬要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。）5.如图所示，两个固定

的等量正点电荷相距，其连线的中点为O，以O为圆⼼、L为半径的圆与两正点电荷间的连线及连线的垂直平分线分别交于a、b和c、d，以O为坐标原点、垂直向上为正⽅向建⽴轴。已知a点的电场强度⼤⼩为E。则下列说法正确的是（）A.a点与b点的电场强度相同，电势也相等B.c点的电场强度为，⽅向沿y轴正⽅

向C.在c点由静⽌释放⼀电⼦，电⼦运动到O动能最⼤D.若将⼀正电荷由a移到b点，电场⼒先做负功后做正功6.某静电场在x轴正半轴上的电势φ随x变化关系如图，Ex为电场强度在x轴上分量则（）A.在x1、x2

两处，Ex1与Ex2⽅向相同B.在x1、x2两处，Ex1与Ex2⼤⼩相等C.若把带正电的粒⼦从x1处移到x2处，电场⼒先做正功再做负功D.同⼀个带正电的粒⼦在R处具有的电势能⼤于在x2处的电势能7.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，R是定值电阻，热敏电阻的阻值随温度的降低⽽增⼤，

C是平⾏板电容器，电路中的电表均为理想电表。闭合开关S，平⾏板电容器内的带电液滴恰好静⽌。分别⽤I、、和表示电流表A、电压表、电压表和电压表的示数，⽤、、和表示电流表A、电压表、电压表和电压表的示数变化量的绝对值。当温度降低时，关于该电路⼯作状态的变化，下列说法正确的是（

）A.和示数均增加B.C.电源的输出功率可能先增加后减⼩D.带电液滴⼀定向下运动8.如图所示，在⽔平向左且⾜够⼤的匀强电场中，⼀⻓为L的绝缘细线⼀端固定于O点，另⼀端系着⼀个质量为m、电荷量为q的带正电⼩球，⼩球静⽌在M点。现给⼩球⼀垂直于OM的初速度v0，使其在竖直平⾯内绕O点恰好做完整的

圆周运动，AB为圆的竖直直径。已知匀强电场的场强⼤⼩为，重⼒加速度为g。当⼩球第⼆次运动到B点时细线突然断裂，则下列说法正确的是（）A.⼩球做完整的圆周运动时，动能的最⼩值为B.细线断裂后，⼩球动能的最⼩值为C.从细线断裂到⼩球的动能与B点动能相等的过程中，电势能增加了D

.从细线断裂到⼩球的电势能与B点电势能相等的过程中，重⼒势能减少了三、填空题（8分）9.在正电荷Q电场中的某⼀点，放⼀电量q为的点电荷，若点电荷受到的电场⼒⼤⼩为，⽅向⽔平向东，则该点的电场强度⽅向。如果该点点电荷电量改为是场强度⼤⼩是10.如图所示为电容

式话筒的原理图，导电性振动膜⽚与固定电极构成⼀个电容器，并与定值电阻R、电源E串联成⼀闭合回路，当振动膜⽚在声压的作⽤下向右运动时，电容器的电容⼩”），此时，定值电阻R上有向（选填“左”或“右”）的电流。4q，则该点的电N/C。（选填“增⼤”或“减、现指针偏

转⻆度过⼤，应该换⽤Ω。四实验题11.⼀实验⼩组要测定某⾦属丝的电阻率。（1）实验前先⽤螺旋测微器测出⾦属丝的直径，示数如图甲所示，则⾦属丝的直径D=mm。（2）实验⼩组成员先采⽤多⽤电表粗测⾦属丝的电

阻。在已经完成机械调零的情形下，当⽤“×10”挡时发（选填“×100”或“×1”）挡，进⾏⼀系列正确操作后，指针静⽌时位置如图⼄所示，其读数为（3）为了精确测量被测⾦属丝Rx的阻值，实验⼩组根据实验室提供的下

列器材设计了如图所示电路，其中最合理的是。A.直流电源（电动势E=6V，内阻可忽略不计）；B.电流表A1（量程为30mA，内阻r1=9.5Ω）；C电流表A2（量程3A，内阻r2=0.1Ω）；D.电压表V（量程为6V，内阻）；E.滑动变阻器R1（最⼤阻值为10Ω，允许通过的最⼤

电流为2A）；F.滑动变阻器R2（最⼤阻值为15kΩ，允许通过的最⼤电流为0.5A）；G.定值电阻（R3=0.5Ω）；H.定值电阻（R4=5Ω）；I.开关⼀个，导线若⼲。12.（1）某同学练习⽤游标卡尺测量⻓度，示数如图所

示，由图可知其⻓度cm。该同学⼜欲描绘⼀个标有“6V，3W”字样的灯泡L的伏安特性曲线，实验室提供的器材如下：A.电压表V（量程为3V，内阻约为3kΩ）；B.电流表A（量程为0.6A，内阻约为2Ω）；C.滑动变阻器（阻值范

围为0~10Ω，额定电流为2A）；D.滑动变阻器（阻值范围为0~1kΩ，额定电流为0.5A）；E.定值电阻（阻值为2kΩ）；F.定值电阻（阻值为4kΩ）；G.电源（电动势为，内阻不计）；H。开关S、导线若⼲。（2）实验⼩组的同学设计了如图甲所示的电路，为了调节⽅便，测量准确，

滑动变阻器应选⽤（填“C”或“D”）；闭合开关S前，滑动变阻器的滑⽚应置于（3）如图甲所示电路中，电压表V的量程过⼩，应选⽤定值电阻（填“E”或“F”）与其串（填“a”或“b”）端。、（4）调节滑动变阻器，记录电流表A与电压表V（改装后）的示数，通过实

验数据描绘出灯泡L的伏安特性曲线如图⼄所示。由图⼄可知，随着灯泡L两端的电压增⼤，其电阻（填“增⼤”“减⼩”或“不变”）。（5）另取两个相同的上述灯泡L，连接成如图丙所示的电路，已知电源的电动势为E=5V、内阻为，定值电阻的

阻值为则电路中⼀个灯泡L消耗的电功率约为有效数字）。五解答题13.如图所示，光滑绝缘的⽔平⾯上固定着A、B、C三个带电⼩球，它们的质量都为m，彼此间距离均为r，A、B带正电，电荷量均为q。现对C施加⼀个⽔平⼒F的

同时放开三个⼩球，三个⼩球在运动过程中保持间距r不变，求：（三个⼩球均可视为点电荷）（1）C球的电性和电荷量⼤⼩；（2）⽔平⼒F的⼤⼩。14.如图甲所示，直流恒压电源的电压U=1500V，定值电阻R=250Ω，直流电动机的内阻r=20Ω。闭合开关S后，电压表的示数为

1000V，电动机恰好正常转动。（1）求电动机的输出功率；（2）如图⼄所示，将图甲电路中的电动机和电压表替换为⽔平放置的平⾏板电容器，两板间距d=1m，A、B为极板间的两点，其连线与⽔平⽅向的夹⻆θ=30°。闭合开关S，待电容器充电完毕后，⼀带电液滴以v=2m/s的初速度从A

处沿垂直于AB连线⽅向斜向上⻜出，恰好经过B处，此运动过程中液滴未与上极板相碰。已知带电液滴所受电场⼒⽅向竖直向下，其质量、电荷量。不计空⽓阻⼒，板间电场可视为匀强电场，重⼒加速度⼤⼩g取10m/s²。求A、B两点间的距离

。W（保留2位场加速后，沿A、B两⽔平⾦属极板间的中⼼线OP射⼊极板间的偏转电场，。A、B两板间的距离为d，两板间的电势差uAB随时间t的变化图像如图⼄所示，图中U1已知，uAB的变化的周期为3t0。两板间的电场视为匀强电场，时刻射⼊A、B两极板

间的电⼦在偏转电场中经4t0后从极板右侧射出。已知电⼦的质量为m、电荷量为-e，重⼒不计，打到极板上的电⼦均被吸收，不计电⼦之间的相互作⽤⼒。（1）求A、B⾦属板的⻓度L；（2）求时刻射⼊偏转电场的电⼦，从极板右侧射出时相对中线OP在竖直⽅向的位移偏移量y

；（3）仅上下调整A、B两⽔平极板的位置，保证电⼦仍然能沿OP⽅向射⼊偏转电场，要使从极板右侧射出的电⼦速度均⽔平，求A、B两板间的最⼩距离d1。悬挂在“厦⻔外国语学校⽯狮分校、泉港区第⼀中学”两校联考2023-2024学年上学期期中考试卷⾼⼆物理试卷满分：100分考试时间：

75分钟⼀、单选题（本题共4⼩题，每⼩题4分，共16分，在每⼩题给出的四个选项中，只有⼀项。）是符合题⽬要求的1.如图所示，⽤起电机使⾦属球A带上正电，靠近验电器B，则（）A.验电器⾦箔不张开，因为球A没有和B接触B.验电器⾦箔张开，因为整个验电

器都带上了正电C.验电器⾦箔张开，因为整个验电器都带上了负电D.验电器⾦箔张开，因为验电器下部箔⽚都带上了正电D【答案】【解析】B【详解】⾦属球带，根据静电感应的近异远同”规律，可知，验电器B上端的⾦属球带负电，⾦属箔⽚带正电，⾦箔在库仑斥⼒作⽤下张开，即验电器⾦箔张开，因为

验电器下部箔⽚都带上了正电。D故选。2.，⽤两根绝缘细绳把两个带同种电荷可视为质点的⼩球AB⼀点。已知A球的质量⼤如图所示B、，A球所带电荷量⼩于B球所带电荷量。两⼩球静⽌时，悬线与竖直⽅向的偏⻆分别为和于球的质量，且两⼩球在同⼀⽔平⾯上，

则与的⼤⼩关系为（）A.B.C.D.⽆法确定B【答案】【解析】【详解】因为库仑⼒的作⽤AB两球被排斥开，则满⾜、AB两球的质量由题意知、mA>mB可知因为和均为锐⻆，则有B故选。3.，虚线表示电场中⼏个相邻等差等

势⾯，实线表示⼀带电量为的粒⼦的运动轨迹，其如图所示中，，相邻两等势⾯的电势差⼤⼩为3Vab上的两点，不计粒⼦重⼒，则，、下列说法中正确的是（）A.该带电粒⼦带负电B.ab该带电粒⼦是从向C.运动的24eV该带电粒⼦经过等势⾯时动能为D.该带电粒⼦经过等势⾯时的电势能为C15eV【答案】【解析

】A，三条等势线的电势⾼低不确定，即电场⽅向不确定，可知粒⼦的电性也不能够【详解】．根据题意可知确定，故A错误；B．根据题意可知，粒⼦的运动⽅向不确定，由于电场线与等势线垂直，⽽粒⼦仅受电场⼒，根据合⼒⽅向为运动轨迹指向轨迹内侧，可知，电场⼒⽅向垂直于等势线向右，若粒⼦从a运动到b粒⼦的速度与电场

⼒⽅向的夹⻆为锐⻆，粒⼦做加速运动，若粒⼦从b运动到a，粒⼦的速度与电场⼒⽅向的夹⻆为钝⻆，粒⼦做减速运，动，故B错误；C上述，若粒⼦从a运动到b电场⼒做正功，粒⼦从第3条等势⾯运动到第1条等势⾯过程，根据．根据，动能定理有其中解得故C正确；Dab，粒⼦从第3条等势

⾯运动到第2条等势⾯过程，电势能减⼩，根．若粒⼦从运动到，电场⼒做正功据动能定理有其中解得粒⼦在运动过程中，只有电势能与动能的转化，即电势能与动能和值⼀定，由于3则粒⼦在第条等势⾯处的电势能为0，则有解得D故错误。C故选。+q-q4.两

个相距很近的等量异号点电荷组成的系统称为电偶极⼦，设相距为l，电荷量分别为和的点电荷P构成电偶极⼦．如图所示，取⼆者连线⽅向为y轴⽅向，中点O为原点，建⽴xOy坐标系，点距坐标原点的距离为θ点的电势φk下⾯给出φ的四个表达式，其中只有⼀

个是合理的．你可能不会求解P点的为，真空中静电⼒常量为．电势，但是你可以通过φ合理表达φ⼀定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断，根据你的判断，的式应为（）A.B.C.D.B【答案】【解析】【分析】【详解】设q的坐标

是XY），则P点到（＋）的距离是qP点到（－）的距离是利⽤电势叠加原理，得P点的电势为因为，所以⽽⼜有，、与两正点即⼜有得故B故选。⼆多选题（本题共4⼩题，每⼩题6分，共24分。每⼩题有多项符合题⽬要求，全部选对6的得分，选对但不全的得3分，有选

错的得0分。）如图所示，abcdOL为半径的圆上为正⽅向建⽴电荷间的连线及连线的垂直平分线分别交于、和、，以为坐标原点、垂直向aE下列说法正确的是（）轴。已知点的电场强度⼤⼩为。则A.a点与b点的电场强度相同，电势也相等B.c点的电场强度为，⽅向沿y轴正⽅向C.c在D.点由静⽌释

放⼀电⼦，电⼦运动到O动能最⼤⼀正电荷由a移到b点，电场⼒先做负功后做正功若将BC【答案】【解析】ab两点的电场强度⼤⼩相同，⽅向相反，故A错误；【详解】A．根据两等量正点电荷电场特点，、B．由库仑定律可知下，；可得⽅向沿轴正⽅向

，故B正确；．根据等量同种正电荷的电场分布特点bOO之间的电场线⽅向向，点的电场强度为零，故在c点由静⽌释放⼀电⼦，电⼦先受到向下的电场⼒，做加速运动，到O点加速度为零，速度达到最⼤，进⼊bO之间，受到向上的电场⼒，做减速运动，故电⼦在O点的速度最⼤，动能最⼤，故C正确；D，

可知ab之间的电场线⽅向，先向右再向左，故若将⼀正电荷由．根据等量同种正电荷的电场分布特点a移到b点，所受的电场⼒先向右再向左，故电场⼒先做正功后做负功，故D错误。BC故选。φx，x为电场强度在轴6.某静电场在x轴正半轴上

的电势随Ex变化关系如图A.x1x2两处Ex1与Ex2⽅向相同在、Ex1x2B.x1x2两处，与E⼤⼩相等在、C.x1x2，电场⼒先做正功再做负功若把带正电的粒⼦从处移到处D.同⼀个带正电的粒⼦在R处具有的电势能⼤于在x2处的电势能AD【答案】【解析】【详解】x2两处，Eφ-x⽅向

相同因B；图像的斜率⼤⼩为x2两处，与E⼤⼩不相等，选项A正确，错误C．若把带正电的粒⼦从x1处移到x2处，电势降低，则电势能减⼩，则电场⼒做正功，选项C错误；DR．因为Dx2处的电势⼤于处的电势，可

知同⼀个带正电的粒⼦在R处具有的电势能⼤于在x2处的电势能，选项正确。上分量则（）与AD故选。7.，电源电动势为Er内阻为C阻值随温度的降低⽽增⼤，是平⾏板电容器，电路中的电表均为理想电表。闭合开关SI平⾏板电容器内的带电液滴恰好静⽌。分别⽤，、A，⽤、、和表示、和表示电流表A、电压表、电压

表和电压表的示数，关于该电路⼯作状电流表、电压表、电压表和电压表的示数变化量的绝对值。当温度降低时态的变化，下列说法正确的是（）A.和的示数均增加B.C.电源的输出功率可能先增加后减⼩D.带电液滴⼀定向下运动AC【答案】【解析】A，热

敏电阻的阻值随温度的降低⽽增⼤，回路中电流变⼩，则R两端电压减【详解】．当温度降低时⼩，路端电压增⼤，电压增⼤，和的示数均增加，故A正确；B．根据欧姆定律可知可得根据闭合电路欧姆定律可得得，可知根据闭合电路欧姆定律可得得可知不变，满⾜故B错误；C，热敏电阻的阻值随温

度的降低⽽增⼤，电源内阻⼤于时，输出功率可能．温度降低的过程中先增⼤后减⼩，故C正确；D上的电场⼒与重⼒平衡，当温度降低时，热敏电阻的阻值随温度的降低⽽增⼤，．初始带电液滴受到向导致增⼤，根据电场强度与

电势差的关系以及电场⼒表达式可得可知电场⼒增⼤且⼤于重⼒带电液滴⼀定向上运动，故D错误。AC故选。8.，在⽔平向左且⾜够⼤的匀强电场中，⼀⻓为L的绝缘细线⼀端固定于O点，另⼀端系着⼀个如图所示mq，⼩球静⽌在M点。现给⼩球⼀垂直于O

M的初速度v0，使其在竖直质量为、电荷量为的带正电⼩球平⾯内绕OAB点恰好做完整的圆周运动，为圆的竖直直径。已知匀强电场的场强⼤⼩为，重⼒加速度为g。当⼩球第⼆次运动到B点时细线突然断裂，则下列说法正确的是（）

A.⼩球做完整的圆周运动时，动能的最⼩值为B.细线断裂后，⼩球动能的最⼩值为C.从细线断裂到⼩球的动能与B点动能相等的过程中，电势能增加了D.从细线断裂到⼩球的电势能与B点电势能相等的过程中，重⼒势能减少了BD【答案】【解析】AM，该点就是⼩球的等

效最低点，则动能最⼩值出现在等效最⾼点，等效重【详解】．⼩球静⽌在点⼒加速度为得恰好最完整圆周运动，最⾼点最⼩且满⾜故选项A错误；BB．点由能量守恒得得细线断裂后⼩球做类似斜上抛，速度的最⼩值最⼩动能故选项CB正确；，沿合⼒⽅向和垂直合⼒⽅向建⽴坐

标系，沿合⼒⽅向做匀减速直线运动由．从细线断裂后得运动时间垂直合⼒⽅向做匀速直线运动，位移为电场⼒做功故电势能增加了，故选项C错误；D，所以．⽔平⽅向只受电场⼒竖直⽅向只受重⼒：故选项D正确。BD故选。三、填空题（8分）9.在正电荷Q电场中的某⼀点，放⼀电量q为的点电荷，若点电荷受到的电场⼒

⼤⼩为，⽅向⽔平向东，则该点的电场强度⽅向是N/C。如果该点点电荷电量改为4q，则该点的电场强度⼤⼩是。..【答案】①⽔平向⻄②【解析】【详解】[1][2]负电荷受到的电场⼒⽅向和电场强度⽅向相反，电场⼒⽅向⽔平向东，所以电场⽅向⽔平向⻄，⼤

⼩为、电场强度的⼤⼩和试探电荷⽆关，所以点点电荷电量改为4q后，电场强度仍不变。10.，导电性振动膜⽚与固定电极构成⼀个电容器，并与定值电阻R电源如图所示为电容式话筒的原理图E串联成⼀闭合回路，当振动膜⽚在声压的作⽤下向右运动时，电容器的电容（选填、增⼤”或“减“左

”或“右”）的电流。.【答案】①.增⼤②左【解析】[1]【详解】当振动膜⽚在声压的作⽤下向右运动时，电容器两极板的距离变⼩，根据可知电容器的电容增⼤；[2]根据电容器的电容增⼤，电容器两端电压不变，可知电容器所带的电荷量增⼤，电容器充

电，定值电阻R上有向左的电流。四实验题11.⼀实验⼩组要测定某⾦属丝的电阻率。1丝的直径，示数如图甲所示，则⾦属丝的直径D=mm。（）实验前先⽤螺旋测微器测出⾦属2丝的电阻。在已经完成机械调零的情形下，当⽤“×10挡时（）

实验⼩组成员先采⽤多⽤电表粗测⾦属“×100或“×1”）挡，进⾏⼀系列正确操作后，指针静发现指针偏转⻆度过⼤，应该换⽤Ω（选填””⽌时位置如图⼄所示，其读数为。内阻内阻；”3丝Rx的阻值，实验⼩组根据实验室提供的下列器材设计了如图所示电路

，其（）为了精确测量被测⾦属中最合理的是。A.（电动势E=6V内阻可忽略不计）；直流电源，B.A1（量程为30mAr1=9.5Ω）；电流表CA2（量程为3A，r2=0.1Ω）；电流表D.V，6V）；电压表（量程为，内阻E.R1（最⼤阻值为10Ω2A允许通过的最⼤电流为滑动变阻器，）F.R2（最⼤阻

值为15kΩ，允许通过的最⼤电流为0.5A；滑动变阻器定值电阻定值电阻）R3=0.5Ω）；R4=5Ω）；I.⼀个，导线若⼲。开关.4.700【答案】①.×1②.10.0.A③④【解析】1[1]，该读数为【详解】（）根据螺旋测微器的读数规律2[2]Rx，当⽤“×10挡时发现指针偏转

⻆度过⼤，表明通过表头的电流过⼤，（）⽤多⽤电表粗测的电阻”说明待测电阻阻值较⼩，为了使指针指在中央刻线附近，减⼩读数误差，应该换⽤“×1挡；[3]，该读数为根据欧姆表的读数规律3[4]与待测电阻的⽐值可知，电流的最⼤值约为0.6A因此两个电流表均不能直接选⽤，（）由电源电动势，“填“可将量程为

30mA的电流表与定值电阻并联，改装成量程为0.6A的电流表，此时接⼊定值电阻的阻值为故电流表选⽤A1，定值电阻选⽤R3，由于待测电阻阻值较⼩，为了滑动变阻器调节⽅便，并让电压变化范围尽量⼤⼀些，滑动变阻器应选⽤最⼤阻值较⼩R1。综上所述，

第⼀个电路图符合要求。A故选。12.（1）某同学练习⽤游标卡尺测量⻓度，示数如图所示，由图可知其⻓度cm。该同学⼜欲描绘⼀个标有“6V3WL字样的灯泡的伏安特性曲线A.V，”3V3kΩ）；电压表B.（量程为A，内阻约为0.6A2Ω）；电流表（量程为，内阻约为C.（阻值范围

为0~10Ω，额定电流为2A；滑动变阻器）D.（阻值范围为0~1kΩ，额定电流为0.5A；滑动变阻器E.定值电阻）（阻值为2kΩ）；F.（阻值为4kΩ；定值电阻）G.电源（电动势为，内阻不计）；HS。开关、导线若⼲。（）实验⼩组的

同学设计了如图甲所示的电路””a或“b）端。（””（）如图甲所示的电路中填E或“F”）与其（”串联进⾏改装。，实验室提供的器材如下：、）；设并联部分电路，），4，记录电流表A与电压表V改装后）的示数，通过实验数据描绘出灯泡L的伏安（）调

节滑动变阻器（特性曲线如图⼄所示。由图⼄可知，随着灯泡L两端的电压增⼤，其电阻（填“增⼤”“减⼩”或“不变”）。5另取两个相同的上述灯泡L，连接成如图丙所示的电路，已知电源的电动势为E=5VW内阻为2

，定值电阻的阻值为则电路中⼀个灯泡L消耗的电功率约为（保留位有效数字）。.4.240.C.a.F..0.60【答案】①②③④⑤增⼤⑥【解析】1[1]，可得读数为【详解】（）根据游标卡尺读数规则2[2]，滑动变阻器应选⽤最⼤阻值⼩于待

测电阻阻值的滑动变阻器，⽅（）滑动变阻器分压式接法的电路中便电路的调节，测量效率⾼，实验误差⼩。C故选⽤；[3]，闭合开关S前，应将滑动变阻器的滑⽚置于a端，使电流表和电压表的示数均为零；为保护电表3[4]，则改装后的电压表的量程为（）若选⽤定值电阻⼩于灯泡L的

额定电压，不满⾜实验要求；同理，若选⽤定值电阻，则改装后的电压表的量程为满⾜实验要求，故定值电阻应选⽤F4[5]，图像上的点与原点连线的斜率表示电阻的倒数，故随着灯泡L两端的电（）根据欧姆定律可知压增⼤，其电阻增⼤；5[6]（即灯泡L）两端的电压为U流过⼀个灯泡L的电流为I由闭合电路欧姆定律有代⼊

数据得在图⼄中画出此图线如图所示（（、现对施加此图线与伏安特性曲线的交点坐标即为此时通过灯泡L的电流和灯泡L两端的电压，则⼀个灯泡L消耗的电功率约为五解答题C三个带电⼩球，它们的质量都为m彼此间距离均为如图所示、，rAB，电荷量均为qC⼀个

⽔平⼒F的同时放开三个⼩球，三个⼩球在运动过程中，、带正电。保持间距r不变，求：（三个⼩球均可视为点电荷）1C；（）球的电性和电荷量⼤⼩2F（）⽔平⼒的⼤⼩。2q（2）【答案】（1）负电，；【解析】1不变

，则三球加速度相同，⽔平向右；设C球所带电量为QA对球受⼒分【详解】（C）运动过程中间距，，且析可知解得C球带负电，其电荷量⼤⼩为2q即球带负电；，2A，可知（）对球受⼒分析解得再对整体受⼒分析可知即⽔平⼒F的⼤⼩为。14.如图甲所示，直流恒

压电源的电压U=1500VR=250Ω定值电阻，r=20Ω直流电动机的内阻。闭合开S，电压表的示数为1000V电动机恰好正常转动。关后，1；（）求电动机的输出功率（）如图⼄所示A2，将图甲电路中电动机和电压表替换为⽔平放置的平⾏板电容器，两板间距d=1m，、θ=30°S，待电容器充电完毕后，⼀带

电液滴以v=2m/sB为极板间的两点，其连线与⽔平⽅向的夹⻆。闭合开关的初速度从A处沿垂直于AB连线⽅向斜向上⻜出，恰好经过B处，此运动过程中液滴未与上极板相碰。已知带电液滴所受电场⼒⽅向竖直向下，其质量、电荷量。不

计空⽓阻⼒，板间电场可视为匀强电场，重⼒加速度⼤⼩g取10m/s²。求AB两点间的距离。、11920W（）【答案】（）；2【解析】【详解】（1）根据欧姆定律可得电动机的输出功率为联⽴解得AB0两2两极板间，根据⽜顿第⼆定律有（）液滴在液滴从A

点运动到B点，沿初速度⽅向有垂直初速度⽅向有联⽴解得如图甲所示N两⾦属板之间的电、AB两板间的距离为，u3t的变化的周期为。板间的电场视为匀强电场，时刻射⼊AB两极板间的电⼦在偏转电场中经4t0后从极板右侧射出。已、m-e，重⼒不计，打到极板上的电⼦均被吸收，不计电⼦之间的相互作⽤⼒。知

电⼦的质量为、电荷量为1ABL（）求、⾦属板的⻓度；2，从极板右侧射出时相对中线OP在竖直⽅向的位移偏移量y；（）求时刻射⼊偏转电场的电⼦3上下调整AB两⽔平极板的位置，保证电⼦仍然能沿OP⽅向射⼊偏转电场，要使从极板右侧

射（）仅、出的电⼦速度均⽔平，求AB两板间的最⼩距离d1。、1；（）；（）【答案】（）23【解析】1MN，根据动能定理得【详解】（）电⼦在中做加速运动AB电⼦、解得2中⽔平⽅向做匀速直线运动，竖直⽅向根据⽜顿第⼆定律得（）时刻射⼊偏转电场的电⼦解得02t

0在～时间内竖直⽅向的位移为末速度为2t03t0在～时间内的末速度为在这段时间内的位移为3t04t0在～3t04t0在～时间内的末速度为时间内竖直⽅向的位移为OP从极板右侧射出时相对中线y在竖直⽅向的位移偏移量（3，在第⼆阶段运

动时间必然为4t0（没有打到板上），所以要使从极板右侧射出的电⼦速度（）由分析可知Ft=mv,上冲量得为0均⽔平，就要使电⼦运动4t0后在竖直⽅向上的分速度为零，由动量定理：竖直⽅向，F由于电场⼒⼤⼩不变，所以只需保证⼒F向上向下的持续时间相等，由图⼄分析可知，只有当

电⼦以2nt0n为整数）进⼊AB两板时，才满⾜该条件，由运动学常识结合图⼄我们可以知道，此时竖直⽅向的位移最⼩，即此时为最⼩间距d1。不难看出此时竖直⽅向上运动上先匀加速，再匀减速，然后反向匀加速，最AB两板间

的最⼩的条件是2t0时刻⼊射的粒⼦恰好⻜出电场，其它时刻⼊射的粒⼦后匀减速回到原点。、全部打在极板上被吸收逆向思维AB两板间的最⼩距离d1为、解得获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com