【文档说明】云南省临沧市沧源县民族中学2020-2021学年高一上学期期末考试物理试题答案.pdf，共(5)页，189.441 KB，由小赞的店铺上传

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物理CM参考答案·第1页（共5页）沧源县民族中学2020~2021学年度上学期期末考试卷高一物理参考答案第I卷（选择题，共48分）一、选择题（本大题共12小题，每小题4分，共48分。在每小题给出的四个选项中，第1~8题只有一项符合题目要求，第9~12题有多项符合题目要求，全部选对

的给4分，选对但不全的给2分，有选错的给0分）题号123456789101112答案ABCBDDCBBDBDBCABC【解析】3．一个匀速直线运动和一个匀变速的曲线运动的合运动可以是直线运动，故A错误。力的合成与分解遵循平行四边形定则，运动的合成与分解也遵循平行

四边形定则，故B错误。分运动具有等时性，两个分运动总是同时进行的，故C正确。分运动具有独立性，两个分运动间互不影响，故D错误。5．火箭点火加速上升时，喷出气体对火箭的作用力大于火箭的重力，火箭才能向上加速，故A错误。质量是惯性大小的唯一量度，火箭在

发射过程中消耗燃料，质量减小，故火箭的惯性减小，故B错误。火箭在发射阶段加速度向上，故处于超重状态，故C错误。卫星在预定轨道运行时，万有引力充当向心力，加速度指向地心，故卫星处于完全失重状态，故D正确。6．刹车后汽车受到的合外力为摩擦力fmg，加速度28m/sfagm

。又有刹车线长25m，故可由匀变速直线运动规律得到汽车在刹车前的瞬间的速度大小22825m/sasv20m/s，故D正确。7．在上滑过程和下滑过程中，由于物块都只受重力和支持力，故物块的加速度始终相同，均为sinag，方向沿

斜面向下，故B错误。从a运动到b的过程可看作从b运动到a的逆过程，由b到a过程是初速度为零的匀加速直线运动，则bct∶cat=1∶(2-1)，而bct+cat=t，解得22bctt，故A错误，C正确。由于c是

位移中点，而不是时间中点，根物理CM参考答案·第2页（共5页）据匀变速直线运动的规律可知，物块上滑通过c点时的速度大于整个上滑过程中的平均速度，故D错误。8．从图像可知在两车相遇前，t1时刻两车距离大于t2时刻两车距离，t1时刻

两车相距最远，故A错误，B正确。xt图像斜率表示物体的速度，由图可知t1时刻后甲车的瞬时速度小于乙车的瞬时速度，故C错误。甲车初始时图像的斜率等于乙车在t3时刻图像的斜率，所以甲车的初速度等于乙车在t3时刻的速度，

故D错误。9．在最高点时只要速度够大，人就会对座椅产生一个向上的作用力，既使没有安全带人也不会掉下去，故A错误，B正确。人在最低点受到座椅的支持力、重力，两力的合力充当向心力，即2NFmgmrv，

解得2NFmmgmgrv，故C错误，D正确。10．小环受到重力、弹簧的弹力和大环的弹力而平衡，根据三力平衡合力为零可知，弹簧不可能处于压缩状态，受力情况如图1所示，故A错误。由于弹簧的弹力与小环的重力与大环对小环的弹力平衡，三力构成一个矢量三角形，根据几何关系可知，O

B与AB的夹角也为，则Nmg，其中弹簧弹力对应的角为180227126AOB，根据三角形中大边对大角可知Fmg，故B、D正确，C错误。11．悬线剪断前，以B为研究对象可知：弹簧的弹力2Fmg。

以A、B整体为研究对象可知悬线的拉力为3mg；剪断悬线瞬间，弹簧的弹力不变2Fmg。根据牛顿第二定律得，对A有AmgFma，解得3Aag。对B有22BFmgma，解得0Ba，故B、C正确，A、D错误。第Ⅱ卷（非选择题，共52分）二、填空、实验题（本大题共2小题，共16分）1

3.（除特殊标注外，每空2分，共8分）（1）调节木板的倾斜程度，使小车在不受牵引时能拖动纸带沿木板匀速运动（2）m<<M图1物理CM参考答案·第3页（共5页）（3）F（1分）1M（1分）（4）2126xxt【解析】（1）调节木板的倾斜程度，使

小车在不受牵引时能拖动纸带沿木板匀速运动。（2）对槽码用牛顿第二定律有mgFma，对槽码和小车整体用牛顿第二定律有()mgmMa，联立解得MFmgmM。当mM时Fmg。（3）观察表中的实验记录，为了直观的判断小车的加速度a与拉

力F的定量关系，要做出a与F的图像。要判断小车的加速度a与小车质量M的定量关系，要做出a与1M的图像。（4）根据匀变速直线运动的推论2()mnxxmnaT，解得2126xxat。14.（除特殊标注外，每空2分，共8分）（1）水平（

1分）初速度相同（1分）（2）1.6（3）1.52.0【解析】（1）为了保证小球的初速度水平，斜槽末端的切线应水平，每次让小球从同一位置由静止释放，是为了每次平抛运动的初速度相等。（2）由于O为抛出点，所以根据平抛运动规律有：水平方向0xtv，竖直方向212ygt。将32.0cmx，1

9.6cmy，代入解得1.6m/sv。（3）在竖直方向上，根据22yLgT，解得20.05s0.1s10T，则小球的初速度为0330.05m/s1.5m/s0.1LTv，B点的竖

直分速度为880.05m/s2.0m/s220.1BLyT。物理CM参考答案·第4页（共5页）三、计算题（本大题共3小题，共36分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能

得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．(10分)解：（1）72km/h20m/s①根据0atvv②有00204s5tavv③（2）刹车后做匀减速运动，根据2012xtatv④得21204(5)4m40m2x⑤评分标准：本题共10分

。正确得出①~⑤式各给2分。16.（12分）解：（1）汽车驶过凸形桥面的顶部时恰好不脱离桥面的速度为0v，则有20mgmRv①解得010m/sgRv②所以汽车以8m/s的速率驶过凸形桥面的顶部时不会

离开桥面，设桥面的支持力为NF，则有2NmgFmRv③代入数据得37.210NNF④（2）若汽车以12m/s的速率驶过凸形桥面的顶部,汽车将离开桥面做平抛运动,由212hgt可知，汽车在空中运动的时间20.5shtg⑤离桥顶的水平距离6mxtv⑥评分标准：本

题共12分。正确得出①~⑥式各给2分。物理CM参考答案·第5页（共5页）17.（14分）解：（1）设A、B一起运动的加速度大小为a，对两物体分别运用牛顿第二定律得TmgFma①sinTFmgma②解得34TmgF③（2）对A物体受力分析并建立直角坐

标系如图2所示，则1cosNFmg④对斜面体受力分析并建立直角坐标系如图3所示，则在x轴上1sinNfFF⑤在y轴上21cosNNFFMg⑥解得234NFMgmg，34fFmg⑦评分标准：本题共14分。正确得出①、②式各给

3分，得出③、④式各给1分，其余各式各给2分。图2图3