【文档说明】内蒙古通辽市开鲁县第一中学2020-2021学年高二上学期第一次月考物理试题含答案.docx，共(13)页，472.394 KB，由小赞的店铺上传

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开鲁一中2020-2021学年度上学期月考试题高二年级物理学科试卷命题人：王军日期：2020.10说明：1.本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题），满分110分，考试时间90分钟2.第Ⅰ卷共18小题，每小题选出答案后，须用2B铅笔把答题卡上对应题号的答案标号涂黑第Ⅰ卷（选择

题部分）一．选择题（本题包括18小题，每小题4分，共72分。其中第1～12小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，第13～18小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分。）1．如图所示，不带电的导体B在靠近带正电的导体A后，P端及Q端

分别感应出负电荷和正电荷，则以下说法正确的是（）A．若用导线将Q端接地，然后断开，再取走A，则导体B将带负电B．若用导线将Q端接地，然后断开，再取走A，则导体B将带正电C．若用导线将Q端接地，然后断开，再取走A，则导体B将不带电D．若用导线将P端接地，然后

断开，再取走A，则导体B将带正电2．如图所示，质量为m的A球系在绝缘细线的下端，B球固定在绝缘平面上，它们带电的种类以及位置已在图中标出。使A球能保持静止的图是（）。A．B．C．D．3．两个放在绝缘架上的相同金属球相距r，球的半径比r小

得多，带电量大小分别为q和3q，相互斥力大小为3F．现将这两个金属球相接触，然后分开，仍放回原处，则它们之间的相互作用力大小将变为（）A．FB．4F/3C．4FD．2F4．一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速率是递减的．关于

b点电场强度E的方向，下列图示中可能正确的是（虚线是曲线在b点的切线）A．B．C．D．5．如图，绝缘光滑圆环竖直放置，a、b、c为三个套在半径为R圆环上可自由滑动的空心带电小球，已知小球c位于圆环最高点（未画出），ac连线与竖直方向成60°角，bc连线与

竖直方向成30°角，小球a的电量为3q(q＞0)，质量为m，三个小球均处于静止状态。下列说法正确的是（）A．a、b、c小球带同种电荷B．a、b小球带异种电荷，b、c小球带同种电荷C．a、b小球电量之比为36D．小球c电量数值为233mgRkq6．图中带箭头的直线指向右方，是

某电场的一条电场线，可做出肯定结论的是（）A．A、B两点的电场强度关系为ABEE=B．A、B两点的电场强度关系为ABEEC．电荷在A、B之间的某点可能不受电场力作用D．负电荷在A处受的电场力一定向左7．如图所示，真空中等量异种点电荷放置在M、N两点，在MN的连线

上有对称点a、c，MN连线的中垂线上有对称点b、d，则下列说法正确的是()A．a点场强与c点场强不一定相同B．a点电势一定小于c点电势C．负电荷在c点电势能一定大于在a点电势能D．正电荷从d点移到b点电场力不做功8．如图所示的电场中有A、B两点，下列判断正确

的是（）A．电势，场强EA>EBB．电势，场强EA>EBC．将电荷量为q的正电荷从A点移到B点，电场力做正功，电势能减少D．将电荷量为q的负电荷分别放在A、B两点，电荷具有的电势能EpA>EpB9．如图所示，虚线表示某电场的等势面，实线表示一带电粒子

仅在电场力作用下运动的径迹．粒子在A点的加速度为Aa、动能为KAE、电势能为PAE；在B点的加速度为Ba、动能为KBE、电势能为PBE.则下列结论正确的是()A．ABaa，KAKBEEB．ABaa，PAPBEEC．ABaa，PAPBEED．ABaa

，KAKBEE10．如图所示，一带电小球悬挂在竖直放置的平行板电容器内，当开关S闭合，小球静止时，悬线与竖直方向的夹角为θ，则（）A．当开关S断开时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大B．当开关S断开时，若增大平行板间的距离，则夹

角θ增大C．当开关S闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ增大D．当开关S闭合时，若减小平行板间的距离，则夹角θ减小11．如图所示，平行板电容器与电动势为E的电源连接，上极板A接地，一带负电的油滴固定

于电容器中的P点，现将平行板电容器的下极板B竖直向下移动一小段距离，则（）A．带电油滴所受静电力不变B．P点的电势将升高C．带电油滴在P点时的电势能增大D．电容器的电容减小，极板带电荷量增大12．如图所示，在竖直放置的

光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在AB弧中点处的电场强度大

小为（）A．3mg/qB．mg/qC．2mg/qD．4mg/q13．图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点

．则该粒子（）A．带负电B．在c点受力最大C．在b点的电势能大于在c点的电势能D．由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化14．如图所示，绝缘的斜面处在于一个竖直向上的匀强电场中，一带电金属块由静止开始沿斜面滑到底端，已知

在金属块下滑的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电势能增加0.5J，则以下判断正确的是A．金属块带负电荷B．电场力做功0.5JC．金属块克服摩擦力做功0.7JD．金属块的机械能减少1.2J15．研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所

示。设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ。平行板电容器已经充电，实验中保持极板上的电荷量Q不变。下列关于实验现象的描述正确的是A．若保持S不变，增大d，则θ变大B．若保持S不变，增大d，则θ变小C．若保持d不变，减小S，则θ变大D．若保持d不变，减小S

，则θ变小16．一个平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，两极板间有一正电荷(电荷量小)固定在P点，如图所示.以E表示两极板间的场强，U表示电容器两极板间的电压，W表示正电荷在P点的电势能.若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示的位置，那么（）A．U变小

，E不变B．E变大，W变大C．U变小，W不变D．U不变，W不变17．如图，实线为一正点电荷的电场线，虚线为其等势面．A、B是同一等势面上的两点，C为另一等势面上的一点，下列的判断正确的是（）A．A点场强等于B点场

强B．C点电势低于B点电势C．将电子从A点移到B点，电场力不做功D．将质子从A点移到C点，其电势能增加18．如图所示，ABCD为一正方形，M、N、P、Q分别为正方形四条边的中点，空间存在与正方形平面平行且范围足够大的匀强电场。已知

质子由A点运动到B点电场力做功为-10eV、质子由A点运动到C点电场力做功为-20eV。则下列说法正确的是（）A．电场强度的方向应由C指向AB．质子由Q点运动到N点的过程中，电场力不做功C．电子由B点运动到D点的过程中，电场力做功10eVD．电子由M点运动到A点的过程中，电子的电势能增加1

5eV第II卷（非选择题)二、解答题（共3小题，共计38分。要求写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的，不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）19．（10分）如图所示，用两根不可

伸长的绝缘细线将A、B两带电小球悬挂于O点，电荷量分别为+9q、+q，质量分别为m1和m2，静止时A、B两球处于同一水平线上，其中O点到B球的距离OB=L，∠AOB=90°∠OAB=30°，带电小球均

可视为点电荷静电力常量为k。求:（1）A、B间的库仑力大小；（2）A、B两球的质量之比；（3）AB连线上且在O点的正下方C点的电场强度。20．（12分）如图所示，在水平向右的匀强电场中，有一电荷量为7410q−=C的负点电荷从A点运动到B点

，电场力做功为63.210ABW−=J，AB间距离L=4m，与水平方向夹角为60；求：（1）B、A间电势差UBA是多少？（2）电场强度E是多大？（3）如果A点的电势为-4V，求B点的电势为多大？电荷量6410q−=C的正电荷在A点具有的电势

能是多少？21．（16分）如图所示，在竖直边界线O1O2左侧空间存在一竖直向下的匀强电场，电场强度大小E＝100V/m。电场区域内有一固定的粗糙绝缘斜面AB，其倾角为370，A点距水平地面的高度h=3m；BC

段为一粗糙绝缘水平面，其长度L＝3m。斜面AB与水平面BC由一光滑小圆弧连接（图中未标出），竖直边界线O1O2右侧区域固定一半径R＝0.5m的半圆形光滑绝缘轨道，CD为半圆形光滑绝缘轨道的直径，C、D两点紧贴竖直边界线O1O2，位于电场区域的外部（忽略电场对O1O2右侧空间的影响）

。现将一质量m＝1kg、电荷量q＝0.1C的带正电的小物块（可视为质点）置于A点由静止释放，已知该小物块与斜面AB和水平面BC间的动摩擦因数均为𝜇＝0.3，取g＝10m/s2，sin370＝0.6，cos370＝0.8。(1)求物块到达C点时的速度大小；(2)求物块到达D点时所受轨道的

压力大小；(3)物块从D点进入电场的瞬间，将匀强电场的方向变为水平方向，并改变电场强度的大小，使物块恰好能够落到B点，求电场强度的大小和方向。（取√5＝2.24）物理参考答案1．A2．BA．对A球进行受力分析如下根据力的合成，可知道任意两个力的合力方向不能与第三个力方

向相反，故A错误；B．对A球进行受力分析如下根据力的合成，可知道三个力合力可以为0，故B正确；C．对A球进行受力分析如下根据力的合成，可知道任意两个力的合力方向不能与第三个力方向相反，故C错误；D．对A球进行受力分析如下根据力的合成，可知道任意

两个力的合力方向不能与第三个力方向相反，故D错误。故选B。3．C由库仑定律可得:22233kQqkqFrr==;解得：22kqFr=;由于两球之间是斥力所以带同种电荷那么两球接触后再分开要平分总电量,故分开后两球的带电量为2q；则库仑力为:224

4kqFFr==A.F与上述计算结果4FF=不相相符，故A错误；B.4F/3与上述计算结果4FF=不相相符，故B错误；C.4F与上述计算结果4FF=相相符，故C正确；D.2F与上述计算结果4FF=不相相符，故D错

误．4．DA、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向．故A错误．B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符．故B错误．C、

图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动．故C错误．D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场力方向与电荷的速度方向成钝角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意．故D正确．5．D

AB．对c，受到重力、环的支持力以及a与b的库仑力，其中重力与支持力的方向在竖直方向上，水平方向有a对c的库仑力的分力与b对c的库仑力的分力，由共点力平衡的条件可知，a与b对c的作用力都是吸引力，或都是排斥力，则a与b的电性必定是相同的；a与b带同种电荷，它们之间的库仑力是

斥力。对a，a受到重力、环的支持力以及b、c对a的库仑力，重力的方向在竖直方向上，水平方向有支持力的向右的分力、b对a的库仑力向左的分力、c对a的库仑力的分力，若a要平衡，则c对a的库仑力沿水平方向的分力必须向右，

所以c对a的作用力必须是吸引力，所以c与a的电性一定相反。即a、b小球带同种电荷，b、c小球带异种电荷，故AB错误；C．设环的半径为R，a、b、c三个小球的带电量分别为：q1、q2和q3，由几何关系可得：ac＝R，bc＝3R；a与b对c的作用力都是吸引力，或都是排斥力，它们对c的作用力在水平方向

的分力大小相等，则()132322sin60sin30()kqqkqqacbc＝所以1239qq＝故C错误；D．对小球a受力分析，如图所示根据平衡条件有caFmg=即23cqqkmgR=解得233cmgRqkq=故D正确。6．DAB．A、B在

一条电场线上，无法判断电场线的疏密，也就无法判断A、B两点电场强度的大小，故AB错误；C．因为电场线没有中断，在A、B之间电场不为零，电荷在A、B之间的任意点均受电场力作用，故C错误；D．负电荷在A处受的电场力与该点的电场强度方向相反，故向左，故D正

确。7．D8．C9．C10．C11．B13．CDA．根据粒子运动轨迹可知，粒子带正电，选项A错误；B．根据库仑定律可知，离点电荷最近时最大，选项B错误；C．从b点到c点电场力做正功，动能增加，故粒子在b点电势能一定大于在c点的电势能，故C正确；D

．同心圆间距相等，所以a点到b点电势差大于b点到c点的电势差，所以由a点到b点的动能变化大于有b点到c点的动能变化，选项D正确．14．CD在下滑过程中电势能增加0.5J，故物体需克服电场力做功为0.5J，故金属块正电，故AB错误；在金属

块滑下的过程中动能增加了0.3J，重力做功1.5J，电场力为-0.5J，根据动能定理得：W总=WG+W电+Wf=△EK，解得：Wf=-0.7J，故C正确；外力做功为W外=W电+Wf=-1.2J，故机械能减少1.2J，故D正确。所以CD正确，AB错误。15．AC1

6．AC17．BC18．AD19．（1）2294qkL；（2）1：3；（3）C点的合场强为零（1）由几何关系可知，A、B间距为2cos60LL=--------------1分根据库仑定律，A、B之间的库仑力大小为22

2299(2)4qqFkkLL==--------------2分（2）对A、B受力分析如图所示对A球F=m1gtan60°--------------1分对B球F=m2gtan30°----------

----1分解得：m1:m2=1:3--------------1分（3）两个带电小球A、B在C点产生的场强大小分别是2242BqqEkkLL==--------------1分229432AqqEkkLL==--------------1分方向相反-----------

---1分因此C点的合场强为零--------------1分20．(1)8V(2)4V/m(3)-1.6510J−（1）AB间电势差：673.2108V410ABABWUVq−−===−−--------------2分则：UBA=-UAB=8

V--------------1分（2）匀强电场的电场强度：8V/m4V/m1cos6042BAUEL===--------------3分（3）因：8ABABU=−=−V--------------2分而4A=−V则4B=V--------------1分电荷量q的正电荷在A点具有

的电势能为6544101.610JPAAEqJ−−==−=−--------------3分21．（1）6m/s（2）22N（3）121V/m，水平向左(1)对物块从A到C的过程应用动能定理求得物块到达C点时的速度；(

2)对物块从C到D的过程应用动能定理求得物块到达D点时的速度，再对物块在D点时受力分析，由牛顿第二定律求得物块到达D点时所受轨道的压力；(3)运用运动的分解将物块从D到B的过程分解为水平方向和竖直方向，求得物块在水平方向的加速度，由牛顿

第二定律求得变化后电场强度的大小和方向。【详解】(1)对物块由A到C的过程应用动能定理可得：(𝑚𝑔+𝑞𝐸)ℎ−𝜇(𝑚𝑔+𝑞𝐸)𝑐𝑜𝑠370⋅ℎ𝑠𝑖𝑛370−𝜇(𝑚𝑔+𝑞𝐸)𝐿=12𝑚𝑣𝐶2−0--------------3分解得：𝑣

𝐶＝6𝑚/𝑠--------------1分(2)对物块由C到D的过程应用动能定理可得：−𝑚𝑔⋅2𝑅=12𝑚𝑣𝐷2−𝑚𝑣𝐶2--------------2分对物块在D点时受力分析，由牛顿第二

定律可得：𝐹𝑁+𝑚𝑔=𝑚𝑣𝐷2𝑅--------------2分解得：𝑣𝐷＝4𝑚/𝑠𝐹𝑁=22𝑁--------------1分(3)物块从D到B的过程，将运动分解为水平方向和竖直方向，则：竖直方向：2𝑅=12𝑔𝑡2--

------------2分水平方向：𝐿=𝑣𝐷𝑡+12𝑎𝑡2--------------2分解得：𝑎≈12.1𝑚/𝑠2，电场方向水平向左又𝑞𝐸′=𝑚𝑎，--------------2分解得：𝐸′=121𝑉𝑚⁄--------------1分