【文档说明】四川省成都市成华区某校2024-2025学年高一上学期10月测试物理试题 Word版含解析.docx，共(17)页，674.609 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-a5b414240e25cec19f0e887bea74885b.html

以下为本文档部分文字说明：

物理试卷第I卷（选择题，共44分）一、单项选择题（本题包括8小题，每小题3分，共24分，每小题只有一个选项符合题意。）1.下列各组选项中的物理量都是矢量的是（）A.速度、加速度、路程B.瞬时速度、加速度、时间C.位移、质量、速率D.重力、位移、加速度【

答案】D【解析】【详解】A．速度与加速度是矢量，路程为标量，故A错误；B．瞬时速度、加速度是矢量，时间是标量，故B错误；C．位移为矢量，质量与速率是标量，故C错误；D．重力、位移与加速度都既有大小，又有方向，都是矢量，故D正确。故选D。2.2018年11月6日上午11时10分，伴随着巨大的轰

鸣声，万众瞩目的空军歼-20战机亮相第十二届中国航展，歼-20战机飞行表演历时约20分钟。下列说法正确的是（）A.研究人员在定位歼-20战斗机的位置时可将其视为质点B.研究歼-20战斗机在飞行过程中进行姿势调整时可将其视为质点C.“2018年11月6日上午11时10分”指的是时间间隔D.

“约20分钟”指的是时刻【答案】A【解析】【详解】AB．研究人员在定位歼-20战斗机的位置时，不需要考虑它的大小和形状，此时可以将其视为质点。而研究歼-20战斗机在飞行过程中进行姿势调整时，其大小和形状不能忽略，

此时不可以将其视为质点。故A正确，B错误；C．“2018年11月6日上午11时10分”指的是时刻，故C错误；D．“约20分钟”指的是时间间隔，故D错误。故选A。3.A、B、C三物体同时同地出发做直线运动，它们的运动情况

如图所示，在20s时间内，它们的平均速率关系是（）A.ABCvvv==B.ABCvvv=C.ABCvvvD.ABCvvv=【答案】B【解析】【详解】由图看出，三个物体的起点与终点相同，通过的位移相同。A物体先沿正方向运动，后沿负方向运

动，B、C一直沿正方向运动，则A通过的路程最大，B、C通过的路程相等，根据平均速率等于路程与时间的比值，得知ABCvvv=故B正确。故选B。4.一质点做直线运动的位置坐标x与时间t的关系为x=5+6t-t2（各物理量均采用国际单位制），则下列说法正确的是（）A.t=0

时刻的位置坐标为6mB.初速度大小为5m/sC.前2s内的平均速度是4m/sD.运动的加速度大小为3m/s2【答案】C【解析】【详解】A.t=0时刻的位置坐标为25m56xtt=+−=A错误；BD.把256xtt=+−和2012xvtat=−对比得06m

/sv=22m/sa=初速度大小为6m/s，加速度大小为2m/s2，BD错误；C.前2s内的平均速度是()()2205622500m/s4m/s22xxv+−−+−−===C正确。故选C。5.物体甲的xt−图像和物体乙的vt−图像分别如下图

所示，则这两个物体的运动情况是（）A.甲在整个6st=时间内有来回运动，它通过的总位移为零B.甲在整个6ts=时间内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4mC.乙在整个6ts=时间内有来回运动，它通过的总位移大小为4mD.乙在整个6ts=时间

内运动方向一直不变，它通过的总位移大小为4m【答案】B【解析】【详解】A．由图甲，甲在0时刻由负方向上距原点2m处向正方向运动，6s时达到正向的2m处，故总位移为4m，A错误；B．根据斜率等于速度，由图甲可知，甲在整个6st=时间内运动方向一直不

变，它通过的总位移大小为4m，B正确；CD．由图乙，乙开始时速度为沿负向的匀减速直线运动，3s后做正向的匀加速直线运动，图像与时间轴围成的面积为物体通过的位移，故总位移11022xvtvt=−+=CD错误。故选B。

6.小球从空中由静止下落，与水平地面相碰后反弹至某一高度，其速度v随时间t变化的关系图线如图所示。则（）A.小球反弹后离开地面的速度大小为5m/sB.小球下落过程中的加速度小于上升过程中加速度C.小球反弹的最大高度为0.45mD.与地面相碰，小球速度变化量

的大小为2m/s【答案】C【解析】【详解】A．小球从空中由静止下落，反弹后向上运动，反弹时刻速度方向相反，由图可知，小球反弹后离开地面的速度大小为3m/s，故A错误；B．vt−图像的斜率表示加速度，则小球下落过程中的加速度221115m/s10m/s0.5vat===

小球上升过程中的加速度()2222203m/s10m/s0.80.5vat−−===−所以小球下落过程的加速度等于上升过程中的加速度，故B错误；C．vt−图像中，图像与时间轴所围几何图形的面积表示位移，可知小球反弹的最大高度为()2130.80.5m0.45m2x=

−=故C正确；D．小球与地面碰撞过程，小球速度变化量为3m/s5m/s8m/sv=−−=−即小球速度变化量的大小为8m/s，故D错误。故选C。7.小明从某砖墙前的高处由静止释放一个石子，让其自由落下，拍摄到石子下落过程中的一张照片如图

所示，由于石子的运动，它在照片上留下了一条模糊的痕迹，已知每层砖的平均厚度为6.0cm，照相机本次拍摄曝光时间为21.510s−，由此估算出位置A距石子下落起始位置的距离为（）A.1.2mB.2.0mC.3.2mD.4.8m【答案】C【解析】【详解】由图中可知

，A、B两点之间的距离为12cmd=，设A、B两点到起始位置的距离分别为Ah和Bh，石子落到A点的时间为At，则212AAhgt=()212BAhgtt=+12cmBAhh−=其中21.510st−=

，解得3.2mAh故C正确；故选C。8.一辆汽车做直线运动，其2vx−图象如图所示。关于汽车的运动，下列说法正确的是（）A.汽车初速度为16m/sB.汽车的加速度大小为20.5m/sC.汽车第4s末的速度为1m/sD.汽车前10s内的位移为15m

【答案】B【解析】【详解】AB．由匀速直线运动的速度—位移公式2202vvax−=，可得2202vaxv=+的由图象可知222016msv−=，22220162116m0msmsa−−=−−=−得04m/sv=，20.5m/sa=−故A错误，B正确；C．根据速度时

间公式得()040.54m/s2m/svvat=+=−=故C错误；D．汽车停止运动的时间为0008svta−==所以汽车前10s的位移等汽车前8s的位移，由图象可知，位移为16m，故D错误。故选B。二、多项选择题（本题包

括5小题，每小题4分，共20分。每小题给出的四个选项中，有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。）9.如图所示是质点做直线运动的v-t图像，则有（）A.在前6s内物体做匀变速直线运动

B.在2～4s内质点做匀变速直线运动C.4s末质点的速度大小是4m/s，方向与规定的正方向相反D.3～4s内与4～6s内质点的速度方向相反【答案】BC【解析】【详解】A．v-t图像斜率代表加速度，则在前6s内物体加速度不是恒定不变，故前6s内质点不是做匀变速

直线运动，故A错误；B．在2～4s内，速度-时间图线的斜率不变，即加速度不变，质点做匀变速直线运动，故B正确；C．根据图像可知4s末质点的速度是-4m/s，即大小是4m/s，方向与规定的正方向相反，故C正确；D．质点在3～4s内和4～6s速度均为负

值，表明在这两段时间内质点的速度方向相同，都与规定的正方向相反，故D错误。故选BC。10.港珠澳大桥上有四段110m长的等跨钢箱连续梁桥，如图所示若汽车从a点由静止开始做匀加速直线运动，通过ab段的时间为t，则（）A.通过cd段的时间为22t

B.通过ce段的时间为（2-2）tC.ae段的平均速度大于b点的瞬时速度D.ac段的平均速度小于b点的瞬时速度【答案】BD【解析】【详解】AB．根据初速度为零的匀加速直线运动中，连续相等位移所用时间比为1(21):(32):(23):−−−：…

可得，通过cd段的时间为(32)cdtt=−通过de段的时间为(23)dett=−则通过ce段的时间为(22)cecddetttt=+=−故A错误，B正确；CD．通过ae段时间为2t，通过b点的t时刻为通过ae时间的中间时刻，故ae段的平均速度等于b点

的瞬时速度，ac段的平均速度等于22t时刻的瞬时速度，故ac段的平均速度小于b点的瞬时速度，故C错误，D正确。故选BD。的11.2022年北京冬季奥运会的滑雪赛道上有一段斜坡。若滑雪运动员从坡顶O点由静止开始沿斜坡向下做匀加速直线运动，经过距离为6m

的A、B两点所用时间为1s，经过距离为24m的B、C两点所用时间为2s，则下列说法正确的是（）A.运动员的加速度大小为4m/s2B.运动员经过B点时的速度大小为10m/sC.运动员在BC中点的瞬时速度大小为410m/sD.运动员在BC中点的瞬时速

度大小为210m/s【答案】AC【解析】【详解】A．由题中所给数据可求得加速度大小24m/s2BCABBCABABBCxxttatt−==+故A正确；B．运动员从B点运动到C点，有212BCBBCBCxvtat=+联立解得8m/sBv=故B错误；CD．运动员从B点运动到C点，有2BCB

CBCvvxt+=2222BCxvvv+=代入数据得2410m/sxv=故D错误，C正确。故选AC。12.如图所示，在一个桌面上方有三个金属小球a、b、c，离桌面高度分别为h1：h2：h3=3：2：1。若先后顺次释放a、b、c，三球刚好同时落到桌面上，不计空气阻力，则（）A.三者运动时间之比为3：

2：1B.三者到达桌面时的速度大小之比是3:2:1C.b与a开始下落的时间差小于c与b开始下落的时间差D.b与a开始下落的时间差等于c与b开始下落的时间差【答案】BC【解析】【详解】A．将三个小球运动等效为一个小球的运动，三段高度之

比是3:2:1。根据212hgt=可得2htg=三者运动时间之比为::3:2:1abcttt=选项A错误；B．根据22vgh=知2vgh=故::3:2:1abcvvv=因此B正确。CD．由于三小球初速度均为0，故()3232abhttg−=−的()3221

bchttg−=−因此abbctttt−−故C正确，D错误。故选BC。13.2019年广州市许多的出租车都换成了电动汽车，电动汽车相对于燃油汽车来说最大的优势就是环保节能，有几位电动车的发烧友为了测试某电动汽车的性能，记录了该电动汽车沿平直公路启动、匀速和制动三个过程的速度变化情况，若汽车

启动和制动的过程可以看成是匀变速直线运动，则下列说法正确的是（）时间s0246810121416速度m/s0122427272727200A.制动过程的加速度大小一定为10m/s2B.汽车加速阶段加速度大小为6m/s2C.汽车加速阶段位移的大小为64mD.5秒末汽车的

速度大小一定为27m/s【答案】BD【解析】【详解】A．制动过程的末速度为0，但速度减为0的时刻不一定是16s末，则速度从20m/s减至0所用时间不一定是2s，所以加速度大小不一定为10m/s2，故A错误；B．由表格内的数

据可知，加速的末速度为27m/sv=汽车在前4s内一定做匀加速直线运动，则汽车加速时的加速度为2224m/s6m/s4vat===故B正确；C．由vat=，可得加速运动的时间27s4.5s6vta===即汽车加速到4.5s末开始匀速运动，

加速阶段位移为274.5m60.75m22vxt===故C错误；D．汽车加速到4.5s末开始匀速运动，5秒末汽车的速度大小一定为27m/s，故D正确。故选BD。第II卷（非选择题，共56分）三、实验探究题（本题共2小题，共14分。）14.小明为了测定气垫导轨上

滑块的加速度，在滑块上安装了宽度为3.0cmd=的遮光板，如图所示，滑块在牵引力作用下先后匀加速通过两个光电门，配套的数字毫秒计记录了遮光板通过第一个光电门的时间为10.30st=，通过第二个光电门的时间为20.10st=，遮

光板从开始遮住第一个光电门到开始遮住第二个光电门的时间为3.0st=，则∶（1）滑块通过光电门1时的速度1v=_________m/s，滑块通过光电门2时的速度2v=___________m/s。滑块的加速度a=___________m/s2（所有结果均保留两位有效数字）

（2）由此测得的瞬时速度v1和v2只是一个近似值，它们实质上是通过光电门1和2时的___________，要使瞬时速度的测量值更接近于真实值，可将遮光片的___________减小一些。【答案】①.0.10②.0.30③.0.067④.平均速度⑤.宽度【解析】【详解】（1）[

1]在极短的时间内的平均速度可近似的认为等于瞬时速度，可得滑块通过光电门1时的速度110.03m/s0.10m/s0.30dvt===[2]滑块通过光电门2时的速度220.03m/s0.30m/s0.10dvt===[3]滑块的加速度为2210.300.10m/s0.067m/s3

.0vvat−−===（2）[4][5]由此测得的瞬时速度v1和v2只是一个近似值，它们实质上是通过光电门1和2时的平均速度，滑块的宽度越小，测量值越接近真实值；15.在用电火花打点计时器“测定匀变速直线运动的加

速度”实验中：（1）电火花打点计时器是记录做直线运动物体的________和________的仪器，其工作电压是________，电火花计时器靠电火花和墨粉打点，当交流电的频为50Hz时，它每隔________秒打一次点。所用实验器

材除电火花打点计时器（含纸带）、小车、一端带有滑轮的长木板、绳、钩码、外，在下面的器材中，必须使用还有________（填选项代号）。A．直流电源B．刻度尺C．停表D．天平（2）小明同学将打点计时器接到频率为50Hz交流电源上，实验时得到一条纸带（纸带做匀

加速直线运动），纸带上O、A、B、C、D、E为计数点，每相邻两个计数点间还有4个点没有画出。由纸带可知，打C点时小车的速度大小Cv=________m/s（结果保留三位有效数字），小车的加速度大小a=________2m/s。（结果保留

三位有效数字）（3）若实验时，电源频率略高于50Hz，但该同学仍按50Hz计算小车的速度，则测量得到的小车速度与真实速度相比将________（填“偏大”“偏小”或“不变”）。【答案】①.时间②.位移③.220V④.0.02⑤.B⑥.

0.813⑦.1.08⑧.偏小【解析】【详解】（1）[1][2][3][4]电火花打点计时器是记录做直线运动物体的时间和位移的仪器，其工作电压是220V。由10.02sTf==可知，它每隔0.02秒打一次点。[5]

A．电火花计时器需要220V交流电源，不需要直流电源。故A错误；B．需要刻度尺测量计数点间的距离。故B正确；C．该实验不需要停表测时间，故C错误；D．该实验不需要天平测质量，故D错误。故选B。（2）[6]中间时间的瞬时速度等于这一段的平均速度0.813m

/s2ODOBCBDxxvvT−===[7]加速度221.08m/s4BDOBxxaT−==（3）[8]由于50Hzf真，11s50TTf==测真真故测量的T值偏大，小车的速度2BCCxvT=速度测量值偏小。四、计算题（本题共4小题，共42

分。解答应当写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。有数值运算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）16.物体以10m/s的初速度在水平地面上向东做匀变速直线运动，加速度大小为2m/s2，方

向向西。求：（1）物体在6s时的瞬时速度和6s内的平均速度；（2）物体在12s内的位移。【答案】（1）2m/s，方向向西；4m/s，方向向东；（2）24m，方向向西【解析】【详解】（1）规定向东为正方向，物体初速度方向与加速度方向相反，物体在水平地面上做匀减速直线运动，由速度公式得，6s时

的瞬时速度0110m/s(2)6m/s2m/svvat=+=+−=−所以，6s时的瞬时速度大小是2m/s，方向向西；6s内的平均速度010(2)m/s4m/s22vvv++−===所以，6s内的平均速度大小是4m/s，方向向东（2）由位移公式得，物体在12s内的位移0222211101

2m(2)1222m24matxvt=+−==−+物体在12s内位移大小是24m，方向向西17.某跳伞运动员在一次跳伞表演中，离开距地h=333m高的悬停直升机后，先做自由落体运动，当自由的下落h1=125m时打开降落伞伞张开后做匀减速运动，运动员到达地面时速度v=2m/s，重

力加速度g取10m/s2，求：（1）运动员打开降落伞时速度多大?（2）运动员离开飞机后，经过多少时间才能到达地面?【答案】（1）50m/s；（2）13s【解析】【详解】(1)由自由落体运动规律可得212vgh=解得11=2=50m/svgh(2)由自由落

体运动规律可得11vgt=解得：15st=运动员减速过程，由匀变速直线运动规律可得1=26m/s2vvv+=128hhtsv−==1213sttt=+=18.某电视节目曾经做过人与智能汽车相互配合的挑战节目，

汽车在无人驾驶的状态下，实现司机跳下以及跳上智能汽车。已知智能汽车与卡车在平直的公路上并排行驶，智能汽车在卡车前方0200mx=处以010m/sv=的速度匀速行驶，此时卡车由静止开始以22m/sa=

的加速度启动。求：（1）卡车经过多长时间追上智能汽车以及追上智能汽车前两车之间的最远距离应为多少？（2）假设卡车追上智能汽车的瞬间，卡车立即制动以24m/sa=的加速度做匀减速直线运动，求卡车与智能汽车再经多长时间再次相遇？【答案】（1）20s，225m；（2）20s【解析】【详解】（

1）卡车追上智能汽车时有20012vtxat+=代入数据解得20st=当两车速度相等时相距最远，则有0vta=则相距的最远距离为2001Δ2xvtxat+−=代入数据解得Δ225mx=（2）两车相遇时卡车的速度为140m/svat

==卡车减速到静止所用的时间为140s10s4vta===卡车减速到静止前进的距离为21m1600m200m28vxa===相同的时间内智能汽车前进的距离为0m100mxvtx==所以卡车停

止后智能汽车与卡车再次相遇，所用时间为m0200s20s10xtv===19.高铁是时下比较普及且快速的交通工具。一复兴号列车以大小为v1＝360km/h的速度在平直的轨道上匀速行驶，进站时列车经过80s的时间匀减速停下，停留3分钟供乘客上下车，

之后列车重新匀加速至v1=360km/h正常行驶。为进一步提高高铁的载客效率，如图，当列车通过车站时先匀减速至v2=108km/h，通过胶囊舱（转移车厢）锁住列车的车顶与其共同匀速行驶3分钟实现乘客转

移，乘客通过胶囊舱实现转移后，胶囊舱与列车自动分离进入到自己的轨道，而列车匀加速至v1=360km/h继续向前行驶，乘客就可以由胶囊舱慢慢地下车，从而节省因停车而耽搁的时间。设列车减速和加速过程的加速度大小相同。求：（

1）列车过站时减速或加速过程的加速度大小；（2）采用停车上下客，列车从开始减速到恢复正常行驶所通过的路程；（3）列车采用通过胶囊舱（转移车厢）：转移乘客而不停车上下客所节省的时间。【答案】（1）21.25m/s；（2）80

00m；（3）94.8s【解析】【详解】解：（1）列车进站后做匀减速直线运动，直至停止，所以有1360km/h100m/sv==2111.25m/svat==（2）停车上下客，匀减速通过的路程2114000m2vxa==由于列车车加速和减速

的加速度相等，且最大及最小速度的大小均相等，所以停车上下客通过的总路程128000mxx==总（3）由题及分析可知停车3分钟，且列车车匀加速和匀减速时间相等，均为180st=停车上下客，所需总时间12340sTtt=+=不停

车上下客，匀减速时间121'56svvta−==不停车上下客，匀加速时间31''56stt==不停车上下客，匀速行驶时间2'180st=不停车上下客，所需总时间123''''292sTttt=++=的不停

车上下客，通过的总路程22122'212680m2'vvxvta−=+=总从开始减速到恢复正常行驶，不停车比停车多行驶的位移'xxx=−总总此部分列车已正常速度行驶，所需时间11'xxTv−=总总所以转移乘客而不停车上下客所节省的时间1'TtTT=+−代入数据可得94.8st=【

点睛】节省时间是指两种行驶方式下，列车从开始减速至到达下一个目的地所用的时间差。即指两种不同行驶方式，在通过相等的位移时的时间差。不是指从开始减速到恢复正常速度的时间差，