山东省菏泽市定陶区明德学校(山大附中实验学校)2023-2024学年高三上学期9月月考物理试题 pdf版含解析

PDF
  • 阅读 4 次
  • 下载 0 次
  • 页数 16 页
  • 大小 1.559 MB
  • 2024-10-09 上传
  • 收藏
  • 违规举报
  • © 版权认领
下载文档3.00 元 加入VIP免费下载
此文档由【小赞的店铺】提供上传,收益归文档提供者,本网站只提供存储服务。若此文档侵犯了您的版权,欢迎进行违规举报版权认领
山东省菏泽市定陶区明德学校(山大附中实验学校)2023-2024学年高三上学期9月月考物理试题 pdf版含解析
可在后台配置第一页与第二页中间广告代码
山东省菏泽市定陶区明德学校(山大附中实验学校)2023-2024学年高三上学期9月月考物理试题 pdf版含解析
可在后台配置第二页与第三页中间广告代码
山东省菏泽市定陶区明德学校(山大附中实验学校)2023-2024学年高三上学期9月月考物理试题 pdf版含解析
可在后台配置第三页与第四页中间广告代码
试读已结束,点击付费阅读剩下的13 已有4人购买 付费阅读2.40 元
/ 16
  • 收藏
  • 违规举报
  • © 版权认领
下载文档3.00 元 加入VIP免费下载
文本内容

【文档说明】山东省菏泽市定陶区明德学校(山大附中实验学校)2023-2024学年高三上学期9月月考物理试题 pdf版含解析.pdf,共(16)页,1.559 MB,由小赞的店铺上传

转载请保留链接:https://www.doc5u.com/view-a19017dca95b6e406b97a641a97d547a.html

以下为本文档部分文字说明:

第1页共8页高三第一次阶段性考试物理试题2023.9.9注意事项:1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分,考试时间90分钟。2.答题前,考生务必将姓名、考生号等个人信息填写在答题卡指定位置。3.考生作答时,请将答案答在答

题卡上。选择题每小题选出答案后,用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑;非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答。超出答题区域书写的答案无效,在试题卷、草稿纸上作答无效。一.单项选择题(共8题,每题3分,共24

分)1、“嫦娥三号”着陆器和月球车首次使用了94238������同位素核电池,该电池将放射性同位素94238������衰变时释放的能量通过温差热电转换器转化为电能,在恶劣的月球环境中支持月球车低速移动及与地球间不间断通讯。已知94238������半衰期为88年,衰变

方程为94238������→92234���+���,94238������、92234���、���的结合能分别为���1、���2、���3,一次衰变释放能量为������,下列说法正确的是()A.94238������

衰变发出的射线是高速氦核流,能穿透几毫米厚的铝板B.一次94238������衰变释放的能量������=���2+���3−���1C.经过88年,同位素核电池内的94238������剩余25%D.若一

静止94238������核衰变释放的能量全部转化为92234���和���的动能,则94238������动能为2△���1172、孔府是中国传统建筑的杰出代表,采用了瓦片屋顶,屋顶结构可简化为如图,弧形瓦片静止在两根相互平行的倾斜椽子正中问。己知椽子与水平面夹角均为

���,瓦片质量为���,重力加速度为���,则()A.每根椽子对瓦片的摩擦力大小为0.5������sin���B.每根椽子对瓦片的支持力大小为0.5������cos���C.椽子对瓦片支持力的合力大小为������D.椽子对瓦片作用力

的合力大小为������cos���3、啤酒是青岛这座城市的“专属味道”,如图是青岛市民喜欢的袋装原浆,某次售卖时,售货员将7℃冰镇原浆倒入密封袋中快速封口,密封袋内有啤酒和少部分空气且不断有气体从啤酒中析出,静置一段时间后,发现密封

袋鼓胀起来。已知大气压强���0=1.0×105������,室温为27℃,封闭气体体积从0.2���增大为0.25���。下列说法正确的是()A.外界对内部封闭气体做正功B.静置后内部封闭气体的内能增加C.静置后内部封闭气体的分子速率都增加D.根据气体实验定律,可求出静置后

内部封闭气体的压强{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}第2页共8页4、我国首颗超百������������容量的高通量地球静

止轨道通信卫星中星26号于北京时间2023年2月23日在西昌卫星发射中心成功发射,该卫星将与中星16号、中星19号共同为用户提供高速的专网通信和卫星互联网接入等服务。中星26与某一椭圆轨道侦察卫星的运动轨迹以及某时刻所处位置、运行方向如图所示,两卫星的运

行周期相同,两个轨道相交于���、���两点,������连线过地心,���、���分别为侦察卫星的近地点和远地点。下列说法正确的是()A.E、���两点间距离为中星26号卫星轨道半径的2倍B.侦察卫星从���点到���点过程中机械能逐

渐增大C.相等时间内中星26与地球的连线扫过的面积等于侦察卫星与地球的连线扫过的面积D.中星26在���点线速度���1等于侦察卫星在���点线速度���25、如图甲,“战绳训练”是当下常见的健身方式,健身爱好者甩动战绳令其在竖直平面内形成简谐波。

图乙是某次训练中���=0时刻战绳波形图,绳上质点���的振动图像如图丙所示。下列正确的是()A.从���=0到���=0.3���,质点���通过的路程为300������B.该波沿���轴正方向传播C.该波的传播速度为

20���/���D.若增大抖动的幅度,波速会增大6、2023年2月7日消息,西安大雁塔北广场音乐喷泉每天演出四场。其中某喷泉喷出的水柱达到了15层楼的高度,喷管的直径为10������,水的密度为1×103������/���3,重力加速度大小为���

=10���/���2,空气阻力不计.该喷管喷水的电动机输出功率约为()A.10������B.25������C.106������D.165������7、如图所示,由同种材料制成的玻璃吊坠下部分

是半径为���的半球体,上部分是高为���的圆锥体,���点为半球体的球心,���为圆锥体的顶点。平行于������的光线从半球体表面���点射入玻璃吊坠,经折射后恰好经过���点,���点到直线���

���的距离为32���,则该玻璃吊坠的折射率为()A.32B.62C.3D.6{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}第3页共8页8、如图所示,可视为质点、质量为���的物块用长为���的细绳拴接放

在转盘上,细绳的另一端固定在通过转盘轴心的竖直杆上,细绳刚好伸直且与竖直方向的夹角为���。已知物块与转盘之间的动摩擦因数为���,且���<������������,假设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,现让整个装置由

静止开始缓慢的加速转动起来。则下列说法正确的是()A.整个过程中,细绳的拉力不可能为零B.从开始转动到细绳对物块刚有作用力的过程,转盘对物块所做的功为12������������������������C.当转盘

的转速为12������2���������������时,物块刚好与转盘分离D.从开始转动到物块刚好与转盘分离的过程中,转盘对物块所做的功为���������������������2������������二、多选题(每题4分,共16分。漏选得2分,错选多选均不

得分)9、如图甲所示,一小型交流发电机线圈的匝数为100,面积为1���2,其电阻忽略不计;���、���两端与理想变压器相连,���1为定值电阻,���2为滑动变阻器,电容器的电容为���,���、���为

其上、下极板。���=0时刻,线圈绕垂直于���、���两极间磁场(可视为匀强磁场)的水平轴������′匀速转动,线圈产生的感应电动势���随时间���变化的关系如图乙所示。已知交流电的频率越高,电容器

的电容越大,则电容器对交流电的阻碍作用越小,电容器始终正常工作。则下列说法正确的是()A.���、���两极间磁场的磁感应强度大小为1100������B.若仅将���板下移,则通过滑动变阻器的电流将增大C.若

仅将���板下移,则���、���两端的输入功率将减小D.若仅将滑动变阻器的阻值增大,则定值电阻的电功率不变{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}第4页共8页10、如图,四

个滑块叠放在倾角为���的固定光滑斜面上,其中���和���的质量均为���,���和���的质量均为3���,���和���之间用一平行于斜面的轻绳连接,现对���施加平行于斜面向上的拉力���,使得四个滑块以相同加速度一起沿着斜面向上运动,滑块间的动摩擦因数均为���,重力加速

度为���,最大静摩擦力等于滑动摩擦力,则()A.拉力���的最大值为1.3���������������������B.���对���的摩擦力为0.3���������������������时,���对���的摩擦力为0.5���������������������−5����������

��������C.当拉力���取得最大值时,轻绳上的弹力大小为0.8���������������������D.当拉力���取得最大值时,���、���间的摩擦力为0.6���������������������11、两个等量同种点电

荷固定于光滑绝缘水平面上,其连线中垂线上有���、���、���三点,如图甲所示。一个电荷量为2×10−3C、质量为0.1������的小物块(可视为质点)从���点静止释放,其在水平面内运动的���−���图象

如图乙所示,其中���点处为整条图线切线斜率最大的位置(图中标出了该切线)。则下列说法正确的是()A.由���到���的过程中物块的电势能逐渐减小B.B、���两点间的电势差���������=5���C.由���点到���点电势逐渐降低D.���点为中垂线上电场强

度最大的点,场强���=100���/���12、如图所示,挡板������左侧区域存在垂直纸面向里的匀强磁场,磁感应强度为���,挡板中间空隙������长度为���,纸面上���点到���、���的距离相等,均为���。���

处有一粒子源,可向纸面所在平面的各个方向随机发射速率相同的带正电的粒子,粒子电荷量为���,质量为���,打到挡板上的粒子均被吸收。不计粒子重力和粒子间的相互作用。下列说法正确的是()A.若粒子速率���=��

����������,粒子能从空隙������“逃出”的概率为16B.若粒子速率���=������������,������线段上各处都可能有粒子通过C.若粒子速率���=���������2���,粒子能从空隙��

����“逃出”的概率为16D.若粒子速率���=���������2���,������线段上各处都可能有粒子通过{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRF

ABAA=}#}第5页共8页三、实验题13(8分,每空2分)、用如图所示的器材和方法可以验证力的平行四边形定则。在圆形桌子透明桌面上平铺一张白纸,在桌子边缘安装三个光滑的滑轮,其中,滑轮���������cos���>������sin���固定在

桌子边,滑轮���>tan���可沿桌边移动,第一次实验中,步骤如下:A.在三根轻绳下挂上一定数量的钩码,并使结点���静止,且���>ℎ���1与桌面平行;B.在白纸上描下���点的位置和三根绳子的方向,以���点为起点,作出三拉力的图示;C.以绕过���0≤

���≤1.2���0的绳上的两个力为邻边作平行四边形,过���点作平行四边形的对角线,量出对角线的长度;D.检验对角线的长度和绕过ℎ���1<���0的绳上的拉力的图示的长度是否一样,方向是否在一条直线上。(1)

这次实验中,若一根绳挂的钩码质量为���,另一根绳挂的钩码质量为���1>ℎ���0,则第三根绳挂钩码的质量一定大于________且小于__________。(2)第二次实验时,改变滑轮1.2���0的位置和相应绳上钩码的数量,使结点平衡,绳的结点__________(选填

“必须”或“不必”)与第一次实验中白纸上描下的���点重合。实验中,若桌面不水平________(选填“会”或“不会”)影响实验的结论。14(6分,每题2分).2020年5月,我国进行了珠穆朗玛峰的高度测量,其中一种方法是通过使用重力仪测量重力加速度,进而间接测量海拔高度。某同学受此启发就地

取材设计了如下实验,测量当地重力加速度的大小。实验步骤如下:(���)如图甲所示,选择合适高度的垫块,使木板的倾角为53°,在其上表面固定一与小物块下滑路径平行的刻度尺(图中未画出)。(������)调整手机使其摄像头正对木板

表面,开启视频录像功能。将小物块从木板顶端释放,用手机记录下小物块沿木板向下做加速直线运动的情况。然后通过录像的回放,选择小物块运动路径上合适的一点作为测量参考点,得到小物块相对于该点的运动距离���与运动时间���的数据。(���������)该同学选取部分实验数据,画出了

2������−���图象,利用图象数据得到小物块下滑的加速度大小为5.6���/���2。(������)再次调节垫块,改变木板的倾角,重复实验。回答以下问题:(1)当木板的倾角为37°时,所绘图象如图乙所示。由图象

可得,物块过测量参考点时速度的大小为______���/���;选取图线上位于坐标纸网格交叉点上的���、���两点,利用���、���两点数据得到小物块下滑加速度的大小为______���/���2(结果均保留2位有效数字)。{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUi

CAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}第6页共8页(2)根据上述数据,进一步分析得到当地的重力加速度大小为______���/���2.(结果保留2位有效数字,���������37°=0.60,���������37°=0.80)四、计算题15(10分)、春秋末年

,齐国著作《考工记:轮人》篇中记载:“轮人为盖”,“上欲尊而宇欲卑,上尊而宇卑,则吐水,疾而霤远。”意思是车盖中央高而四周低,形成一个斜面,泄水很快,而且水流的更远。如图甲所示是古代马车示意图,车盖呈伞状,支撑轴竖直向上,伞底圆面水平。过支撑轴的截

面图简化为如图乙所示的等腰三角形,底面半径恒定为���,底角为���。���取不同的值时,自车盖顶端���由静止下滑的水滴(可视为质点)沿斜面运动的时间不同。已知重力加速度为���,不计水滴与伞面间的摩擦力和空气阻力。(1)倾角���为多大时,水滴下滑时间最短,并求出最

短时间������������;(2)满足(1)问条件,在车盖底面下方ℎ=3���2的水平面内有一长为���=���的水平横梁(可看成细杆),横梁位于支撑轴正前方,其俯视图如图丙所示,横梁的垂直平分线过支撑

轴。现保持车辆静止,大量水滴沿车盖顶端由静止向各方向滑下,整个横梁恰好“被保护”不被淋湿。求水平面内横梁中点到支撑轴的距离���。{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}第7页共

8页16(10分)、如图所示,���、���两个物体相互接触但并不黏合,放置在水平面上,水平面与物体间的摩擦力可忽略,两物体的质量为������=4������,������=6������。从���=0开始,推力������和拉力������分

别作用于���、���上,������和������随时间变化的规律为������=(8−2���)(���),������=(2+2���)(���)。通过计算做出物体���的加速度随时间变化的图线(在给定的虚线框内画图)。1

7(12分)、下暴雨时,有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害.某地有一倾角为���=37°(���������37°=35)的山坡���,上面有一质量为���的石板���,其上下表面与斜坡平行;���上有一碎石堆���(含有大量泥土),���和���均处于静止状态,如图

所示.假设某次暴雨中,���浸透雨水后总质量也为���(可视为质量不变的滑块),在极短时间内,���、���间的动摩擦因数���1减小为38,���、���间的动摩擦因数���2减小为0.5,���、���开始运动,此时刻为计时起点;在第2���末,���的上表面突然变为光滑

,���2保持不变.已知���开始运动时,���离���下边缘的距离���=27���,���足够长,设最大静摩擦力等于滑动摩擦力,取重力加速度大小���=10���/���2,求:(1)在0∼2���时间内���和���加速度的大小;(2)���在���上总的运动时间.{#{QQ

ABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}第8页共8页18(14分)、在疫情防控期间为符合隔离要求,用传送带装置为隔离人员运送物品和生活垃圾,如图为其工作场景简化图.可调传送带水平段������与倾斜

段������转动方向及速率始终一致,������长���1=2���,������长���2=8.2���,倾角���=37∘,传送带速率���0=2���/���,一运输生活垃圾的平板车静止于水平光滑地面,其左端位于水平传送带右端���的

正下方,平板车与水平传送带上表面高度差ℎ=0.2���,物品和包装后的生活垃圾均可视为质点,sin37∘=0.6,cos37∘=0.8,取���=10���/���2.(1)先调节传送带逆时针转动,将���1=5�

�����的物品轻放在���端,物品与传送带间动摩擦因数���1=0.8,求物品在������段做加速运动的位移大小;(2)���处隔离人员拿到物品后,调节传送带变为顺时针转动,速率不变,将生活垃圾放入包装箱后无初速放在���端,包装箱与传送带间动摩擦因素为���2=0.5,求包装箱从���点到�

��点的时间;(3)经传送带运送,包装箱从���端沿水平方向以4���/���的速度飞出,落入平板车.箱子落入平板车中时,竖直速度瞬间变为零,水平速度不变,同时工作人员对平板车施加一水平向右恒力���,已知平板车质量���=10������,总长���3=2.8���,包装箱与生活垃圾的

总质量���2=4������,平板车与包装箱间动摩擦因数为���3=0.2,车与包装箱之间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力,为使包装箱不脱离小车,求恒力���的取值范围.{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}高三物理第一

次段考参考答案一、单选题1、【答案】B解:���、由衰变前后的质量数和电荷数相等可知,���的质量数为238−234=4,电荷数为94−92=2,则���为氦原子核,即���粒子,其穿透能力弱,能被一张薄纸阻挡,故A错误;B、根据能量守恒定律可得一次94238������衰变释放的能量������

=���2+���3−���1,故B正确;C、94238������半衰期为88年,经过88年,同位素核电池内的94238������剩余50%,故C错误;D、衰变过程由动量守恒定律可得0=������+������,由能量守恒定律可得������=���������+���������根据动

量和动量关系������=���22���,解得���������=4234+4������=2������119,故D错误故选:���。2、【答案】A解:CD、对瓦片进行受力分析,受到椽子对其的支持力方向垂直接触面斜向上;根据平衡条件可得椽子

对瓦片的作用力的合力与瓦片的重力为一对平衡力,即椽子对瓦片的作用力的合力方向竖直向上,故作用力的合力大小为mg,故CD错误;B、设两椽子对瓦片的弹力与垂直于椽子方向的夹角为α,有2Ncosα=mgcosθ,故支持力大小为

0.5mgcosθcosα,故B错误。A、两根椽子对瓦片的摩擦力的合力为mgsinθ,摩擦力方向与椽子平行,所以每根椽子对瓦片的摩擦力大小为0.5mgsinθ,故A正确;故选A。3、【答案】B解:A、封闭气体体积增大,气体对外

界做正功,则外界对内部封闭气体做负功,故A错误;B、静置一段时间后,封闭气体温度升高,气体的内能增加,分子的平均动能和平均速率增大,但具体到某一个气体分子,其速率有可能减小,故B正确,C错误;D、根据题意,不断有气体从啤酒中析出,即

气体的物质的量在不断增多,则根据气体实验定律,不能求出静置后内部封闭气体的压强,故D错误。故选:B。4、【答案】A解:A、侦察卫星和中星26号卫星的运行周期相同,由开普勒第三定律知,侦察卫星轨道的半长轴等于中星26号卫星轨道的半径,而E、D两点间距离为侦察卫星的长轴,则E

、D两点间距离为中星26号卫星轨道半径的2倍,故A正确;B、侦察卫星从D点到A点过程中只有万有引力做功,其机械能不变,故B错误;C、侦察卫星和中星26号卫星的运行周期相同,而中星26与地球的连线扫过的面积为圆的面积

,侦察卫星与地球的连线扫过的面积为椭圆面积,由于圆的面积不等于椭圆面积,可见相等时间内中星26与地球的连线扫过的面积不等于侦察卫星与地球的连线扫过的面积,故C错误;D、由开普勒第二定律知,侦察卫星在D点速度最小,由于侦察卫星和中星26号卫星的运行

周期相同,则中星26在C点线速度v1大于侦察卫星在D点线速度v2,故D错误。5、【答案】A解:A、由图丙知,振幅A=50cm,从t=0到t=0.3s,质点P通过的路程为6×A=6×50cm=300cm,故A正确;{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAG

QkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}B、由图乙知,当t=0时刻,绳上质点P的振动图像如图丙所示,由平衡位置沿y轴正方向运动,结合同侧法知,这列波沿x轴负方向传播,故B错误;C、由图乙知,波长入=2m,由图丙知,波的周期T=0.2s,则这列波的

波速为:v=λT=20.2m/s=10m/s,故C错误;D、若增大抖动的幅度,振动能量增大,周期和波长不变,所以波速不变,故D错误。6、【答案】C解:每层楼高约3m,15层楼高约ℎ=3×15m=45m.根据v2=2gℎ可

得喷管喷出水的速度v=2gℎ=2×10×45m/s=30m/s.每秒钟喷出水的质量m=14πD2vtρ=14×3.14×0.12×30×1×1×103kg=236kg根据动能定理可得每秒钟电动机做的功W=12mv2代入数据解得W=1.06×102J,因此电

动机输出功率P=Wt代入数据解得P=106kW,故C正确,ABD错误。故选:C。7、【答案】C光路图如下,其中ON为法线,入射角为θ,折射角为α因为MO=NO所以∠NMO=∠MNO=α由几何知识可得θ=∠NOC=∠NMO+∠MNO=2α故折射率为n=sinθsinα=sin2αsinα=2cosα

由题意可知OC=R2−NC2=R2−(32R)2=R2故MC=MO+OC=3R2MN=MC2+NC2=(3R2)2+(32R)2=3R故n=2cosα=2×MCMN=3故选C。8、【答案】B解:AB、转盘刚开始转动,细绳未绷紧,细绳的拉力为零,

此时由静摩摖力提供向心力,设转动到某一角速度ω1时,静摩擦力达到最大值,根据牛顿第二定律有:μMg=MLω12sinα此时物块线速度大小为:v1=Lω1sinα从开始运动到细绳中将要出现拉力过程中,设转盘对

物块做的功为W,对物块由动能定理,可得W=12mv2联立解得W=12μMgLsinα,故A错误,B正确;C、当转盘对物块支持力恰好为零时,竖直方向由平衡条件有:Mg=Tcosα水平方向由牛顿第二定律有:Tsinα=MLω22sin2α联立解得:ω2=gLcosα{#{QQABK

YQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}此时转盘的转速大小为n2=ω22π,即n2=12πgLcosα,故C错误;D、物块刚好与转盘分离时,物块的线速度大小为v

2=Lω2sinα从开始运动到转盘对物块的支持力刚好为零过程上,设转盘对物块做的功为W2,对物块由动能定理,可得W2=12mv22联立解得W2=MgLsin2α2cosα,故D错误。故选:B。二、多项选择9、【答案

】BD解:���.由图像可知���=2×10−2���,角速度为���=2������,解得:���=100������������/���线圈产生的最大感应电动势为:������=������������联立解得:���=112500������,故A错误;B.若仅将���板下移,由电容的

定义式���=���������4���������可知电容变大,电容的容抗变小,通过滑动变阻器的电流将增大,故B正确;C.由选项B分析可知,通过滑动变阻器的电流将增大,根据电功率计算公式可知:���=���2���,所以滑动变阻器的功率将增大,而电阻���1两端的电压不变,其功率不变,变压器总输

出功率增大,则���、���两端的输入功率将增大,故C错误;D.仅将滑动变阻器的阻值增大,定值电阻两端的电压不变,根据电功率计算公式可得:���′=���2���1,所以定值电阻功率不变,故D正确。故选:������。10、【答案】C

D解:A、滑块B、C、D靠A、B之间的静摩擦力作为动力,当A、B之间的静摩擦力为最大静摩擦力时,滑块B、C、D有最大加速度,则对滑块B、C、D整体,由牛顿第二定律有μmgcosθ−(m+m+3m)gsinθ=(m+m+3

m)a1解得:a1=μgcosθ5−gsinθ同理,滑块D靠C、D之间的静摩擦力作为动力,当C、D之间的静摩擦力为最大静摩擦力时,滑块D有最大加速度,则对滑块D,由牛顿第二定律有:μmgcosθ−3mgsinθ=3ma2解得:a2=μgcosθ3−gsinθ为了确保四个滑

块以相同加速度一起沿着斜面向上运动,则共同运动的最大加速度应取a1、a2中的最小值,即amax=a1=μgcosθ5−gsinθ对四个滑块组成单位整体,由牛顿第二定律有Fmax−(3m+m+m+3m)gsinθ=(3m+m+m+3m)amax解得:F

max=1.6μmgcosθ故A错误;B、滑块C对D的摩擦力为0.3μmgcosθ时,对D,由牛顿第二定律有0.3μmgcosθ−3mgsinθ=3ma{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBE

CCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}设此时A对B的摩擦力为fAB,对B、C、D,由牛顿第二定律有fAB−(m+m+3m)gsinθ=(m+m+3m)a解得:fAB=0.5μmgcosθ故B错误;

C、当拉力F取得最大值时,四个滑块组成的整体获得最大加速度amax,对C、D整体,由牛顿第二定律有T−(m+3m)gsinθ=(m+3m)amax解得:T=0.8μmgcosθ故C正确;D、当拉力F取得最大值时,四个滑块获得最大加速度amax

,对D,由牛顿第二定律有fCD−3mgsinθ=3mamax解得:fCD=0.6μmgcosθ故D正确。故选:CD。11、【答案】ACD解:A、从速度时间图象可知,由C到A的过程中,物块的速度一直增大,电场力对物块做正功,电势能一直减小,故A正确;B、从速度时间图象可知,A、B

两点的速度分别为vA=6m/s,vB=4m/s,根据动能定理得:qUAB=12mvB2−12mvA2,代入数据解得:UAB=−500V,则UBA=−UAB=500V,故B错误;C、据两个等量同种正电荷其连线中垂线上电场强度方向由O点沿中垂线指向外侧,故由C点到A

点的过程中电势逐渐减小,故C正确;D、带电粒子在B点的加速度最大,为am=△v△t=47−5m/s2=2m/s2,所受的电场力最大为Fm=mam=0.1×2N=0.2N,则场强最大值为Em=Fmq=0.22×10−3

=100N/C,故D正确;故选:ACD。12、【答案】AB解:AB.若粒子速率为v=qBLm,轨迹半径为r,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:qvB=mv2r解得:r=L粒子运动情况如图所示:从P点飞出的粒子,轨迹的圆心在N点,该粒子从O点发射时的速度方向与ON垂直

斜向右下,与水平方向成60°角。从N点飞出的粒子,轨迹的圆心在S点,该粒子从O点发射时的速度方向与OS垂直,水平向右,由几何知识得两粒子发射速度间的夹角θ=60°,发射方向在这两个方向之间的粒子都可从空隙NP“逃出”,粒子“逃出”的概率为:θ360∘=16由图可知,NP线段上

各处都可能有粒子通过,故AB正确;CD.若粒子速率为v=qBL2m,轨迹半径为r′,洛伦兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:qvB=mv2r′则轨迹半径r′=L2粒子运动情况如图所示,粒子轨迹与PN相切时,切点分别为B、D,圆心分别为A、C,两发射速度间的夹{#{QQABKYQUog

gAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}角θ=∠AOC,由几何关系知θ>60°,则粒子“逃出”的概率为:θ360∘>16由图可知OD<OC+CD=L则D在N点下方,故线段DN间不可能有粒子通过,故CD错误。故选:AB。三、实验题

13、【答案】(1)���3���(2)不必;不会【解析】(1)若一根绳挂的钩码质量为���,另一根绳挂的钩码质量为2���,则两绳子的拉力分别为:������、2������,两绳子拉力的合力���的范围是:2������−������≤���≤���

���+2������,即:������≤���≤3������,三力的合力为零,则第三根绳挂钩码的钩码质量范围在���到3���之间,即第三根绳挂的钩码质量一定大于���,同理第三根绳挂的钩码质量一定小于3���。(2)本实验不是先

用一根绳拉,然后用两根绳拉,使一根绳拉的作用效果与两根绳拉的作用效果相同,而是三根绳都直接拉到���点,所以���点的位置可以改变,只要保证三力平衡即可,不必与第一次实验中白纸上描下的���点重合;同理只要保证结点平衡即可,即桌面不水平也不会影响实验的结论。14、

【答案】(1)0.32或0.33;3.1;(2)9.4解:(1)设物块过测量参考点时速度的大小为���0,根据位移−时间关系可得:���=���0���+12������2所以有:2������=2���0+������,当���=0时速度即

为参考点的速度,故2���0=0.64���/���解得:���0=0.32���/���图象的斜率表示加速度,则有:���=1.85−0.700.395−0.02���/���2=3.1���/���2;(2)木板的倾角为53°,小物块加速度大小为���0=5.6���/���2,对小物块根

据牛顿第二定律可得:���������������53°−������������������53°=������0,当倾角为37°时,有:���������������37°−�����������

�������37°=������联立解得:���=9.4���/���2。四、计算题15、解:(1)水滴沿伞面下滑过程中根据牛顿第二定律有������������������=������①根据匀加速直线运动位移公式有���cos���=12������

12②由①②得���12=4���������������2���又0<���<���2,则当���=���4时水滴滑落伞面时间最短,解得������������=2������(2)水滴沿伞面下落过程,根据动能定理有���������=1

2������2③水滴离开伞后做斜下抛运动,且有:水平和竖直两个分速度������=������=���������������4④竖直方向ℎ=���������2+12������22⑤水平方向���=���������2⑥由题意几何关系可知

(���+���)2=���2+(���2)2⑦由③~⑦式得���=152���答:(1)当���=���4时水滴滑落伞面时间最短,解得������������=2������;{#{QQABKYQUoggAQh

AAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}(2)水平面内横梁中点到支撑轴的距离为���=152���。16、解:设���、���共同运动的时间为���,加速度为���。A、���分离前,对���、���组成的整体,由牛顿第二定律得������+������

=(������+������)���得���=1���/���2刚要分离时,两者之间的作用力为0,对���(或对���)由牛顿第二定律得������=���������(������=���������)结合������=(8−2���)(���)或������

=(2+2���)(���)代入数据可解得���=2���设分离后���的加速度为������,对���,由牛顿第二定律得������=������������解得:������=(13+13���)���/���2(���≥2���)���物体的���−���

图像如图所示。17、解:(1)在0~2���时间内,���和���的受力如图所示,其中���1、���1是���与���之间的摩擦力和正压力的大小,���2、���2是���与���之间的摩擦力和正压力的大小,方向如图所示。由滑动摩擦力公式和力的平衡条件得:���1=���1

���1…①���1=������������������…②���2=���2���2…③���2=���1+������������������…④规定沿斜面向下为正,设���和���的加速度分别为���1和���2,由牛顿第二定律得:�

�����������������−���1=������1…⑤������������������+���1−���2=������2…⑥联立①②③④⑤⑥式,并代入题给的条件得:���1=3���/���2…⑦���2=1

���/���2…⑧(2)在���1=2���时,设���和���的速度分别为���1和���2,则���1=���1���1=6���/���…⑨���2=���2���1=2���/���…⑩{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCI

gOhAAMMAABSRFABAA=}#}���>���1时,设���和���的加速度分别为���1′和���2′,此时���与���之间摩擦力为零,同理可得:���1′=6���/���2…⑪���2′=−2���/���2…⑫即���做减速运动。设经过时间���2,���的速度减为零,则有:

���2+���2′���2=0…⑬联立⑩⑫⑬式得:���2=1���在���1+���2时间内,���相对于���运动的距离为:���=(12���1���12+���1���2+12���1′���22)−(12���2���12+���2��

�2+12���2′���22)=12���<27���此后���静止不动,���继续在���上滑动。设再经过时间���3后���离开���,则有:���−���=(���1+���1′���2)���3+12���1′���32可得:���3=1���(另一解不合题意,舍去)设��

�在���上总的运动时间为���总,有:���总=���1+���2+���3=4���18、解:(1)物品比传送带速度慢,物品将做加速运动,则:由受力分析可知������1���=���1���1,���02=2���1���1,���1=0.25

���<2���,所以到达���点前已经匀速,所以������段加速运动过程中的位移为0.25���;(2)在倾斜传送带������段:从���开始运动时,包装箱比传送带速度慢,则:���2���sin37∘+������2���cos37∘=���2���2,���2=10���/���

2,���1=���0���2=0.2���,���2=���022���2=0.2���,此时因为���2���sin37∘>������2���cos37∘,包装箱将继续加速运动,则:���2���sin37∘−

������2���cos37∘=���2���3,���3=2���/���2当包装箱运动到���点时���2−���2=���0���2+12���3���22���2=2���所以���总=���1+���2=

2.2���;(3)如图,包装箱落入平板车时距平板车左端相距为���,���=������=0.8���①由题意可知当包装箱滑至平板车最右端时两者刚好共速,此情景下施加的恒力���最小,则:分析包装箱:���2���2���=���2���4,���4=2���/���2,分析平板车:��

�min+������2���=������5,两者共速时:���−���4���=���5���,(������−12���4���2)−12���5���2=���−���可得:���=1���,���5=2���/���2,���min=12���;

②当包装箱与平板车共速后,两者间的摩擦力刚好为最大静摩擦力时,此情景下施加的恒力���最大,则:分析包装箱:���max=���3���2���=���2���,分析整体:���max=(���+���2)���,可得:���max

=28���所以���的范围为12���≤���≤28���。{#{QQABKYQUoggAQhAAARhCAQUiCAGQkBECCIgOhAAMMAABSRFABAA=}#}获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com

小赞的店铺
小赞的店铺
天天写文档,写文档,文档
  • 文档 324638
  • 被下载 21
  • 被收藏 0
若发现您的权益受到侵害,请立即联系客服,我们会尽快为您处理。侵权客服QQ:12345678 电话:400-000-0000 (支持时间:9:00-17:00) 公众号
Powered by 太赞文库
×
确认删除?