【文档说明】辽宁省丹东市凤城市第一中学2022-2023学年高一下学期3月月考 物理 答案.docx，共(12)页，1.937 MB，由小赞的店铺上传

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2022-2023学年度高中物理周考试卷注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、单选题1．下列说法正确的是（）A．匀速圆周运动是曲线运动的一种B．只有当向心力消失时物

体才会做离心运动C．弹簧的弹性势能始终随着形变量增大而增大D．万有引力常量是牛顿测量的2．一艘小船在静水中的速度为3m/s，渡过一条宽150m，水流速度为4m/s的河流，则该小船（）A．能到达正对岸B．渡河的时间可能少于50sC．以最短位移渡河时，位移大小为200mD．以最短时间

渡河时，沿水流方向的位移大小为250m3．变速自行车靠变换齿轮组合来改变行驶速度挡，下图是某一变速车齿轮转动结构示意图，图中A轮有48齿，B轮有42齿，C轮有18齿，D轮有12齿。那么该车可变换各种不同挡位（）A．当A与C轮组合时，两

齿轮的边缘线速度之比:3:8ACvv=B．当A与C轮组合时，两齿轮的边缘向心加速度之比:8:3ACaa=C．当B与C轮组合时，两齿轮的角速度之比:9:49BC=D．当B与C轮组合时，两齿轮的转速之比:3:7BCnn=4．如图所示，乒乓球的发

球器安装在水平桌面上，发射器出口距桌面的高度为h，发射器OA长度也为h，打开开关后，可将乒乓球从A点以初速度0v水平发射出去，其中0922ghghv（g为重力加速度大小）。设发球器发射出的所有乒乓球都能落到桌

面上，乒乓球可视为质点，空气阻力不计。若使该发球器绕转轴OO在60角的范围内来回缓慢水平转动，持续发射足够长时间后，乒乓球第一次与桌面相碰的区域的最大面积为（）A．22hB．23hC．24hD．28h5．如图所示，套在竖直细杆上的轻环A由跨过定滑轮的不可伸长的轻绳与重物B相连，

施加外力让A沿杆以速度v匀速上升，从图中M位置上升至与定滑轮的连线处于水平N位置，已知AO与竖直杆成角，则（）A．刚开始时B的速度为cosvB．A运动到位置N时，B的速度不为零C．重物B下降过程，绳对B的拉力大于B的重力D．重物B下降

过程，绳对B的拉力等于B的重力6．两个小球固定在一根长为L的杆的两端，绕杆上的O点做圆周运动，如图所示。当小球1的速度为1v时，小球2的速度为2v，则转轴O到小球1的距离为（）A．112vLvv+B．212vLvv+C．()121vvLv+D．()121vvLv+7．2022年11月27

日，我国在西昌卫星发射中心使用“长征二号”丁运载火箭，成功将“遥感三十六号”卫星发射升空，卫星顺利进入预定轨道，发射任务获得圆满成功。若已知该卫星在预定轨道上绕地球做匀速圆周运动，其线速度大小为v，角速度大小为，引

力常量为G，则地球的质量为（）A．32vGB．2vGC．3vGD．22vG二、多选题8．一般的曲线运动可以分成很多小段，每小段都可以看成圆周运动的一部分，即把整条曲线用一系列不同半径的小圆弧来代替。如图（a）所示，曲线上的A点的曲率圆定义为：通过A点和曲线上紧邻A点两侧的两点作一圆，在

极限情况下，这个圆就叫做A点的曲率圆，其半径叫做A点的曲率半径。现将一物体沿与水平面成角的方向以速度0v抛出，如图（b）所示，则在其抛出点O以及轨迹最高点P处的曲率半径是（）A．在其抛出点O处的曲率半径是20co

svgB．在其抛出点O处的曲率半径是()20sinvgC．在其轨迹最高点P处的曲率半径是()20cosvgD．在其轨迹最高点P处的曲率半径是()20cossinvg9．如图所示，某次空中投弹的军事演习中，战斗机以恒定速度0v沿水平

方向飞行，先后释放A、B两颗炸弹，分别击中倾角为的山坡上的M点和N点，释放A、B两颗炸弹的时间间隔为1t，此过程中飞机飞行的距离为1s；击中M、N的时间间隔为2t，M、N两点间水平距离为2S，且A炸弹到达山坡的M点位移垂直斜面，B炸弹是垂直

击中山坡N点的。不计空气阻力，下列正确的是（）A．A炸弹在空中飞行的时间为02tanvgB．1212ssttC．0122tanvttg=+D．202svt=10．如图甲、乙所示为自行车气嘴灯，气嘴灯由接触式开关控制，其结构如图丙所示，弹簧一端固定在顶部，另一端与小物块P

连接，当车轮转动的角速度达到一定值时，P拉伸弹簧后使触点A、B接触，从而接通电路使气嘴灯发光。触点B与车轮圆心距离为R，车轮静止且气嘴灯在最低点时触点A、B距离为d，已知P与触点A的总质量为m，弹簧劲度系数为k，重力加速度大小为g，不计接触式开关中

的一切摩擦，小物块P和触点A、B均视为质点，则（）A．要使气嘴灯能发光，车轮匀速转动的最小角速度为kdmRB．要使气嘴灯能发光，车轮匀速转动的最小角速度为kdmgmR−C．要使气嘴灯一直发光，车轮匀速转动的最小角速

度为2kdmgmR+D．要使气嘴灯一直发光，车轮匀速转动的最小角速度为kdmgmR+三、实验题11．如图所示为研究曲线运动的实验装置，在光滑水平桌面中间O处有一转轴，转轴上安有力传感器，力传感器与一根不可伸长的轻绳连接，轻绳另一端拴着一小物体，小物体可视为

质点。现让小物体绕转轴O做匀速圆周运动，小物体刚运动到A点时，绳子断裂，然后经过桌面边缘B点飞出做平抛运动，落到沙坑中的D处，AB与桌面边缘垂直。不计空气阻力，重力加速度为g。（1）研究小物体从离开桌面到落到沙坑的运动过程，运用的思想方法是______。A．微元法B．放大法C．

控制变量法D．化曲为直法（2）测出小物体质量为m，做匀速圆周运动时小物体到O点间的距离为r，沙坑平面到桌面间的距离为h，D点到桌面边缘B点正下方的距离为x，读出小物体做匀速圆周运动时力传感器的示数F，

则上述所测的物理量间的关系是F=______。（3）若桌面AB部分粗糙，保持力传感器F读数不变，则小物体落点到桌面边缘B点正下方的距离x将______（填“变大”“变小”或“不变”）。12．如图甲所示为测量电动机转动角速度的实验装置，半径不大的圆形卡纸固定在电动机转轴上，在电动机的

带动下匀速转动。在圆形卡纸的旁边垂直安装一个改装了的电火花计时器。(已知电火花计时器每隔相同的时间间隔T打一个点)(1)请将下列实验步骤按先后排序：________.①使电火花计时器与圆形卡纸保持良好接触②接通电火花计时器的电源，使它工作起来③启动电动机，使圆形卡纸转动起来④关闭电动机，拆

除电火花计时器；研究卡纸上留下的一段点迹(如图乙所示)，写出角速度ω的表达式，代入数据，得出ω的测量值．(2)要得到角速度ω的测量值，还缺少一种必要的测量工具，它是________．A．秒表B．毫米刻度

尺C．圆规D．量角器(3)为了避免在卡纸连续转动的过程中出现打点重叠，在电火花计时器与盘面保持良好接触的同时，可以缓慢地将电火花计时器沿圆形卡纸半径方向向卡纸中心移动。则卡纸上打下的点的分布曲线不是一个圆，而是类似一种螺旋线，如图丙所示．这对测量结果

____(填“有”或“无”)影响。四、解答题13．如图所示，竖直平面内的34圆弧形光滑轨道半径为R，A端与圆心O等高，AD为与水平方向成45角的斜面，B端在O的正上方，一个质量为m的小球在A点正上方某处由静止开始释放，自由下落至A点后进入圆形轨道并能

沿圆形轨到达B点，且到达B处时小球对圆弧轨道顶端的压力大小为mg。求：（1）小球到B点时的速度大小？（2）小球从B点运动到C点所用的时间？（3）小球落到斜面上C点时的速度大小？14．如图所示，足够大的水平圆台中央固定一光滑竖直细杆，原长为L的轻质弹

簧套在竖直杆上，质量均为m的光滑小球A、B用长为L的轻杆及光滑铰链相连，小球A穿过竖直杆置于弹簧上、让小球B以不同的角速度绕竖直杆匀速转动，弹簧始终在弹性限度内，劲度系数为k，重力加速度为g，求：（1）小球A、B均静止时：①轻杆中的力的大小；②弹簧的长度。（2）小球B刚好离开台面，当转

动的角速度为0时：①此时弹簧对小球A的弹力大小。②转动的角速度0为多少？15．如图所示，由两种不同材料连接成一体的木板A静置在足够大的光滑水平地面上，在木板A右端放有质量1kgm=的物块B，物块B与

木板A右侧的动摩擦因数，10.2=，与木板A左侧的动摩擦因数20.4=。现对木板A施加一水平向右的恒力10NF=，两者开始运动，物块B恰好能到达木板A的左端。已知木板A的长度3mL=、质量2kgM=，物块B可视为质点，取重

力加速度大小210m/s=g，求：（1）木板A两种材料的长度之比12LL；（2）物块B在木板A上滑动的时间t。参考答案：1．A2．C3．D4．A5．D6．A7．C8．AC9．AC10．AD11．D22mgxh

r变小12．①③②④D无13．（1）2gR；（2）22Rg；（3）10gR【详解】（1）小球到达B处时小球对圆弧轨道顶端的压力大小为mg，在B点由重力和轨道的支持力提供向心力，则有2NBvmgFmR+=又NFmg=联立解得小球到B点时的速度大小为2BvgR=（2）小球离开B点后做平抛运动，小球落

到C点时，根据平抛运动规律得212tan452BBgtygtxvtv===解得小球从B点运动到C点所用的时间为22t2an45BRgvtg==（3）小球落在斜面上C点时竖直分速度为22yvgtgR==小球落到C点的速度大小为2210CByvvvgR=+=14．

（1）①0；②mgLk−；（2）①2mg；②02kgkLmg=−【详解】（1）①小球A、B均静止时，对B受力分析可知轻杆中的力为0；②对A根据受力平衡可得mgkx=解得弹簧的压缩量为mgxk=则弹簧的长度为klmgL

xL=−=−（2）①小球B刚好离开台面，当转动的角速度为0时，对AB整体，竖直方向根据受力平衡可得，弹簧对小球A的弹力大小2Fmg=②设轻杆与竖直细杆夹角为，对B根据牛顿第二定律可得20tansinmgmL=对AB有2mgkx=又

cosLxL−=联立解得02kgkLmg=−15．（1）1212LL=；（2）3st=【详解】（1）设物块B在木板A右侧滑动时两者的加速度大小分别为A1a、B1a，在木板A左侧滑动时两者的加速度大小分别为A2a、B2a，物块B

在木板A左、右两侧滑动的时间分别为t左、t右，则有1B1mgma=1A1FmgMa−=2B2mgma=2A2FmgMa−=解得2B1=2m/sa2B2=4m/sa2A1=4m/sa2A2=3m/sa由题意可知221A1B11122Latat=−右右222B2A21122Latat

=−左左A1B1B2A2atatatat−=−右右左左解得2tt=右左1212LL=（2）根据已知条件有12LLL+=ttt+=右左解得1st=右2st=左3st=