【文档说明】江苏省南京市、盐城市2023届高三下学期3月第二次模拟考试 物理解析.pdf，共(13)页，1.466 MB，由小赞的店铺上传

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-1-一、单项选择题：共10题，每题4分，共40分．每小题只有一个选项最符合题意．12023年南京高三二模物理试卷．我国的可控核聚变实验已取得重大突破，处于国际领先地位，下列说法正确的是（）A．只有氘（𝐻11）和氚（𝐻12）能发生核聚变，其他原子核不能B．由核

反应方程𝐻11+𝐻12→𝐻𝑒24+𝑛01可知，核聚变反应的条件之一就是需要慢中子C．核聚变和核裂变释放核能时，都有质量亏损D．核聚变反应发生后，需要外界不断给它提供能量才能将反应持续下去【答案】C【解析】A、理论上，原子序数小于铁的都可以发生核聚变变，不一定是氘和

氚，恒星演化后期会有氦聚变为碳进而聚变为氧的过程，所以A选项错误；B、核聚变的反应条件之一是高温高压，产生中子，所以B选项错误;D、核聚变一旦发生，就不再需要外界给它能量，靠自身产生的热就会使反应继续下去，所以D选项错误。2．下列光现象中属于衍射的时（）A．水中的气泡看起来特别明亮B．白光通过

三棱镜在屏上出现彩色光带C．在阳光照射下肥皂泡上出现彩色条纹D．某彩色光照射圆盘后，在适当的位置，影的中心出现一个亮斑【答案】D【解析】A、水中的气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射和折射的缘故，故A错误；B、太阳光通过玻璃三棱镜后形

成彩色光带，是光的折射现象，故B错误;C、肥皂泡在阳光照耀下呈现彩色条纹，太阳光肥皂泡经过内外膜的反射后叠加，从而出现彩色条纹，这是光的干涉,故C错误;D、是圆盘衍射出现泊松亮斑，故D正确。3．如图甲所示，笔记本电脑支架一

般有多个卡位用来调节角度，某人将电脑放在该支架上，由卡位4缓慢调至卡位1（如图乙），电脑与支架始终处于相对静止状态，则（）-2-A．电脑受到的支持力变大B．电脑受到的摩擦力变大C．支架对电脑的作用力减小D．电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和等于

其重力大小【答案】A【解析】对电脑受力分析如图所示，电脑始终处于静止状态，故电脑受力平衡。电脑受到的支持力大小FN＝Gcosθ，电脑受到的摩擦力大小f＝Gsinθ。由原卡位1调至卡位4，𝜃减小，故FN增大，f减小，A正确，B错误；散热底座对电脑的作用力的合力,即电脑受到的支持力

与摩擦力两力的合力，大小等于电脑的重力，方向竖直向上，始终不变，C正确；电脑受到的支持力与摩擦力两力大小之和大于其重力大小，D错误。4．一列波长大于1𝑚的横波沿𝑥轴负方向传播，处在𝑥1=1𝑚的质点𝐴和𝑥1=2𝑚的质

点𝐵各自的振动图像如图所示，由此可知A.波长等于两米B.波速为1𝑚/𝑠C.3𝑠末质点𝐵的振动方向为𝑦轴负方向D.2𝑠末至3𝑠末𝐴、𝐵两质点振动的平均速度相同-3-【答案】B【解析】AB项，A与B相隔1/4个周期，间距为1m，故波速为1m/s，由

振动图像可知周期T=4s，可得波长为4m，故A项错误、B项正确。C项，由图象可知3s末A、B两质点的位移分别为yA＝－2m，yB＝0，3s末质点B的振动方向为y轴正方向，故C项错误。D项，由图可知2-3s末A、B两质点振动图像斜率不同速度不同，平均速度是矢量，方向不同，故D项错误。5．2023

年1月21日，神舟十五号3名航天员在400𝑘𝑚高的空间站向祖国人民送上新春祝福，空间站的运行轨道可近似看作圆形轨道Ⅰ，设地球表面重力加速度为𝑔，地球半径为𝑅，椭圆轨道Ⅱ为载人飞船运行轨道，两轨道相切与�

�点，下列说法正确的时（）A．在𝐴点时神州十五号经过点火加速才能从轨道Ⅰ进入轨道ⅡB．飞船在𝐴点的加速度小于空间站在𝐴点的加速度C．空间站在轨道I上的速度小于√𝑔𝑅D．轨道Ⅰ上的神州十五号飞船想与前方的空间站对接，只需要沿运动方向加速即可、【答案】C-4-【解析】A.载人飞船若要

从轨道I进入轨道Ⅱ，做近心运动，需要在A点减速，故A项错误；B.载人飞船在轨道I上通过A点时受到的万有引力等于在轨道II上运行时通过A时点万有引力，由牛顿第二定律可知，它们的加速度相等，故B错误；C.高轨低速大周期，空间站在轨道I上的速度小于√𝑔𝑅，C正确；D.轨道Ⅰ上的

神州十五号飞船想与前方的空间站对接，加速后轨道半径会变大，所以D错误；6．氢原子的能级图如图甲所示，一群处于第4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中能发出几种不同频率的光，其中只有频率为𝑣1、𝑣2两种光可让图乙所示的光电管阴极�

�发生光电效应，先分别用频率𝑣1或𝑣2的三个光源𝑎、𝑏、𝑐分别照射该光电管阴极𝐾，测得电流随电压变化的图像如图丙所示，下列说法中正确的是（）A．处于第4能级的氢原子向下跃迁最多发出4种不同频率的光子B．图线𝑐对应的光是氢原子由第3能级向第1能级跃迁发出的C．图线𝑎对应的光子

频率大于图线𝑐对应的光子频率D．用图线𝑏对应的光照射光电管时，光电流会随着正向电压的增大而不断增大【答案】B【解析】A、第4能级的氢原子，向低能级跃迁过程中，能发出𝐶42=6种不同频率的光，所以A错误；BC、由于只有频率为va、vb两种光可让图乙所示的光电管阴极K发生光电效应，跃迁时发出的两

种频率最大的光为4→1、3→1，由图乙可知，c光的遏止电压大，a和b光的遏制电压小，根据光电效应方程Ek＝hv-Wo，及eU0＝Ek知,a对应的光子频率小于图线c对应的光子频率，故a、c是3→1跃迁发出的，b是4→1跃迁发出的，所以B正确、C错误；D、用图线b对应的光照射光

电管时，光电流达到饱和后不再增大，所以D错误。7．如图所示，某同学用“插针法”测量两面平行玻璃砖的折射率，他先在纸上紧贴玻璃砖画出参考线-5-𝑎𝑎，𝑏𝑏，，钉上大头针𝑃1、𝑃2，然后继续实验。并画出光路图，则下列说法正确的是

（）A．入射角𝑖尽量小一些，可以减小误差B．𝑃1、𝑃2及𝑃3、𝑃4之间的距离取的小一些，可以减小误差C．若在钉大头针𝑃3不小心使玻璃板平移到了虚线框位置，则最终测得的折射率偏大D．若把𝑏

𝑏，误画在了𝑐𝑐，,其他操作均正确，则测得的折射率偏小【答案】D【解析】A、入射角适当小些，折射角也会小些，折射现象不明显，角度的相对误差会大写，A错误；B、折射光线是通过隔着玻璃观察成一条直线确定的，大头针间的距离太小，引起的角度误差会较大，故P1、P2及P3、P4之

间的距离适当大些，可以提高精确度，B错误；C、不小心把玻璃砖移到虚线的位置的话，不会影响折射率，C错误；D、导致折射角变大，所以折射率就会偏小，D正确。8．如图所示，倾角为𝛼的足够长斜面，现从斜面上𝑂点与斜面成𝛽角（𝛽＜90°），以速度𝑣0、2𝑣0分别抛出小球P、Q，小球P、Q刚要落在

斜面上A、B两点时的速度分别𝑣𝑝、𝑣𝑄，设O、A间的距离为𝑠1，𝑂、𝐵间的距离为𝑠2，不计空气阻力，当𝛽取不同值时下列说法正确的是（）A．𝑣𝑄一定等于2𝑣𝑃B．𝑣𝑄方向与斜面的夹角一定小于𝑣𝑃

方向与斜面的夹角C．P、Q在空中飞行的时间可能相等D．𝑠2可能大于4𝑠1-6-【答案】A【解析】法一、分解初速度和加速度，沿斜面和垂直斜面，类平抛运动是一种变速运动。在水平方向上不受力，维持初速度不变；竖直上存在一个恒力（本题为重力）。沿斜面方向就是匀加速运动，垂直

斜面方向就是类竖直上抛运动，然后再落回斜面的时候，垂直斜面方的速度大小就是初始垂直于斜面方向的速度大小。法二、矢量三角形法，两个位移图比例为4：1，落地速度比为2：1，落在斜面夹角相同，飞行时间为2：1，落地位移比O

B：OA=4：19．将一个小球从地球竖直上抛，过程中小球受到的阻力与速率成正比，设向上为正方向，小球的速率、位移、动能和机械能分别为v、x、𝐸𝑘和E，以地面为零势能面，则下列描述小球运动过程的图像可能正确的是（）【

答案】C【解析】A、小球在上升过程中，由牛顿第二定律得：𝑚𝑔+𝑘𝑣＝𝑚𝑎，𝑣逐渐减小，则a减小，下降过程中有𝑚𝑔−𝑘𝑣=𝑚𝑎，𝑣越来越大，故加速度继续减小，图像趋势正确，但速度为零时，斜率不为零，且加速度为𝑔，图像应为平滑曲线，故A错误；B、𝑣−𝑥图斜率为

𝑘=𝑎𝑣，在上升过程中斜率变大，下降过程中斜率变小，故B错误；-7-C、图像斜率为合外力，向上运动过程𝐹=𝑚𝑔+𝑘𝑣变小，向下运动过程中𝐹=𝑚𝑔−𝑘𝑣继续变小，故C正确D、向上运动过程比向下过程中任意一个位

置，摩擦力要更大，故向上过程中摩擦力做功更多一点，机械能损失要更多一点，D选项错误。10．如图，光滑绝缘水平面上，由1、2、3三个带电量均为+𝑞、质量均为𝑚的相同金属小球，用长为𝐿的三根绝缘细绳

连接，A、B、C分别为其中心，𝑂为三角形中心，已知单个点电荷𝑞周围空间的电势𝜑=𝑘𝑞𝑟，𝑟为到点电荷的距离，则下列说法正确的是（）A．𝑂点的电场强度不为零，且方向向上B．若𝐿长度可调

节，则A、O两点的电势可能相等C．系统的总电势能为𝐸𝑝=𝑘2𝑞2𝐿D．若𝐵处剪断，则之后小球1的最大速度为𝑣1𝑚=𝑞√2𝑘3𝑚𝐿。【答案】D【解析】A、根据对称性可知A、B、C三处

点电荷在O点产生的电场强度大小相等，根据电场强度的叠加法则可得𝑂点的电场强度大小0,所以A错误;B、根据电势叠加原则，A、O两点电势不论在L取何值时都不可能相等C、1电荷的电势能𝐸𝑝1=(𝜑2+𝜑3)𝑞=𝑘2𝑞2𝐿，同理可

得2和3电荷电势能𝐸𝑝2=𝐸𝑝3=𝑘2𝑞2𝐿，故整个系统电势能为𝐸𝑝=𝐸𝑝1+𝐸𝑝2+𝐸𝑝32=𝑘3𝑞2𝐿D、三球一条直线时为1球速度最大，此时对系统有能量守恒𝑘3𝑞2𝐿−𝑘5𝑞22𝐿=1

2𝑚𝑣12+122𝑚𝑣22根据动量守恒𝑚𝑣1=2𝑚𝑣2两式联立解得-8-𝑣1𝑚=𝑞√2𝑘3𝑚𝐿故D正确二、非选择题：共5题，共60分．其中第12题～第15题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得

分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位。11（15分）某同学用多用电表做了以下两个实验：（1）用欧姆挡测量一电阻的阻值（约1500𝛺～2500𝛺），进行了如图甲所示虚线框中A、B、C、D四个操作，正确的操作顺序是＿＿＿＿；其中步骤B的指针

指在如图乙所示的刻度处该电阻的阻值为＿＿＿＿kΩ.（2）欧姆表的内部电路可简化为一个电动势为𝐸的电源、一个电流表、一个可变电阻和红、表笔串联而成．为了测量多用电表欧姆挡在“x100”挡时的内部总电阻𝑟、电动势𝐸和黑表笔短接时多用电表中的

电流𝐼，该同学设计了如图丙所示的电路.①正确连线后，闭合开关，改变电阻箱的阻值，得到多组电流表的示数𝐼和电阻箱的𝑅，数据记录如下表：𝑅/𝛺15701140920550300110𝐼/𝑚𝐴0.450.520.610.660.730.811𝐼(𝑚𝐴−1)2.221.921

.641.521.371.23请根据该同学在坐标纸上描绘的点画出1𝐼−𝑅图像；-9-②由1𝐼−𝑅图像计算欧姆表内电源的电动势E＝＿＿＿＿V；③若毫安表内阻𝑟𝐴＝180𝛺，则红、黑表笔短接时多用电表中的

电流I=＿＿＿＿mA.（以上结果均保留2位有效数字）11.解析：（1）CADB（3分）、1.9（3分）；（2）①（3分）；②1.5（3分）；③0.93～0.97（3分）12.（8分）如图甲所示，一个导热气缸水平放置，内部封闭着热力

学温度为T。的理想气体，活塞截面积为S，活塞与气缸底部距离为L，大气压为P0，重力加速度为g，活塞与气缸之间摩擦忽略不计．先保持温度不变，将气缸缓慢转动90°（如图乙），活塞与气缸底部距离变为0.9L.再对气体缓慢加热，活塞离气缸底部距离变为1.2L（如图丙），求：（1）活塞的质量m；

（2）气体加热后的热力学温度T.-10-【解析】（1）气缸水平时，内部气体气压为𝑝1=𝑝0，体积为𝑉1=𝑆𝐿气缸竖直时，内部气体气压为𝑝2=𝑝0+𝑚𝑔𝑆，体积为𝑉2=0.9𝑆𝐿由玻意耳定律𝑝1𝑉1=𝑝2𝑉2，

解得𝑚=𝑝0𝑆9𝑔（2）气体经历等压变化过程，由盖·吕萨克定律0.9𝑆𝐿𝑇0=01.2𝑆𝐿𝑇，解得𝑇=43𝑇013.（8分）某种发电机的原理如图所示，矩形线圈处于磁感应强度大小为B的匀强磁场中，可绕与磁

场方向垂直的固定轴OO＇匀速转动，角速度为ω．已知线圈的匝数为n，ab边长为L1，bc边长为L2，线圈总电阻为r，线圈与阻值为R的外电路连接，交流电压表为理想电表．求:（1）线圈从图示位置转过90°的过程中，通过电阻R的电量q

.（2）发电机正常工作时，交流电压表的示数U.-11-14.（13分）如图甲所示，质量为2m的足够长木板C置于水平面上，滑块A、B质量均为m，置于C上，B位于A右方某处．A、C间的动摩擦因数μA＝0.2，B、C间

，C与地面间的动摩擦因数μB＝μc＝0.1。给C施加一水平向右的恒力F，A、B第一次相遇时间为t.可得与F的关系如图乙所示.（设A、B间碰撞为弹性正碰，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g＝10m/s2）求：（1）滑块A、B的最大加速度aA、aB；（2）A、B之间的初始距离L和滑块A的质量m；（

3）若F＇＝13N，从刚开始施加力至A、B第二次相撞时拉力F＇所做的功W.-12-15.（16分）如图所示，真空中存在一间距为d＝0.02m的水平平行板电容器，板长L＝0.04m，板间电压为U、匀强电场方向向上，MN为一垂直上极板PQ的足够长的光屏，其下端N与极板

右端Q重合，在MN所在竖直线右侧存在匀强磁场.在下极板左端有一个粒子源A，可以紧贴极板水平向右连续发射带正电的粒子，粒子比荷为q/m＝1x108C／kg，初速度v0＝1x105m/s.已知粒子打到极板或光屏时会被吸收，粒子之间的作用力不计，粒子的重力不计.（1）为使粒子能

够从极板间射出，求电压U的最大值；（2）若匀强磁场方向垂直纸面向里，大小为B1＝0.05T，电压U可任意调节，则求粒子击中光屏形成痕迹的长度ΔL.（3）若匀强磁场方向改成水平向右，大小变为B2＝√320T，电压U可任

意调节，在极板右侧放置另一块与MN平行的足够大的光屏CD，CD在磁场中只能左右移动，则求粒子打在光屏CD上留下所有痕迹的面积S.-13-