【文档说明】安徽省合肥市第六中学2020-2021学年高二上学期期末考试物理试题含答案.docx，共(17)页，465.823 KB，由小赞的店铺上传

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绝密★启用前合肥市第六中学2019级高二上学期期末考试物理考生注意:1.答题前，考生务必将自己的姓名、考生号填写在试卷和答题卡上，并将考生号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干

净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题:本题共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中第1～6题只有一个选项符合题目要求，第7～10题

有多个选项符合要求。全部选对的得4分选对但不全的得2分有选错的得0分。1.如图所示，固定的水平长直导线中通有恒定电流I，矩形线框与导线在同一竖直平面内，且上、下两边与导线平行，线框由静止释放，在下落过程中始终保持矩形线框与导线在同

一竖直平面内，且线框不发生转动，则A.穿过线圈的磁通量保持不变B.线框中感应电流方向保持不变C.线框所受安培力的合力为零D.线框的机械能不断增大2.如图所示，三根长直导线平行固定在空间中其横截面恰好位于等边三角形的三个顶点。若仅在a、b中通入大小均为I的

电流，方向如图所示，此时a受到的磁场力大小为F。然后又在c中通入如图所示方向的电流，a受到的磁场力大小仍为F，此时下列说法中正确的是A.b受到的磁场力大小为3FB.b受到的磁场力的方向平行于ac连线C.ac连线中点d的磁场方向垂直于ac指向bD.c中的

电流强度为2I3.两电荷量分别为q1和q2的点电荷固定在x轴上的A、B两点，两点电荷连线上各点电势随坐标x变化的关系图象如图所示，其中P点电势最高，且xAP<xPB，则A.q1和q2都是正电荷B.q1的电荷

量大于q2的电荷量C.在A、B之间将一负点电荷沿x轴从P点左侧移到右侧，电势能先减小后增大D.一点电荷只在电场力作用下沿x轴从P点运动到B点，加速度逐渐变小4.在图示电路中，A、B为两块正对的水平金属板，G为静电计。开关S闭合后，静电计指

针张开一个角度，板间的带电油滴悬浮在两板之间静止不动。下列说法正确的是A.若仅将A板竖直向下缓慢平移一些，则静电计指针的张角将减小B.若仅将A板竖直向下缓慢平移一些，则油滴将向下运动C.若断开S，且仅将A板竖直向下缓慢平移一些，则油滴将向上运动D.若断开S，且

仅将A板水平向右缓慢平移一些，则油滴将向上运动5.在如图所示的电路中，当开关S置于a处时，电表（内阻不计）示数为I，额定功率为16W的电动机正常工作，带动质量为0.7kg的物体以2m/s的速度匀速竖直上升。当开关置于b处时，电流表示数变为0.5I，灯泡正常发光。已知

电阻R=1.5Ω，灯泡额定电压为10V，额定功率10W，重力加速度g取10m/s2，则A.电动机线圈的内阻为1ΩB.电动机的额定电压为6VC.电源电动势为12VD.电源内阻为1Ω6.如图所示，竖直平面内有水平向左的匀强电场

，M和N点在同一电场线上。两个质量相等的带正电荷的粒子以相同的速度v0分别从M和N点同时垂直进入电场，已知两粒子都能经过P点。不计两粒子的重力和粒子间的库仑力，则在此过程中，下列说法正确的是A.从N点进入的粒子先到达

P点B.从M点进人的粒子先到达P点C.两粒子在到达P点的过程中电势能都减少D.从M点进入的粒子的电荷量大于从N点进入的粒子的电荷量7.如图所示，在匀强电场中，有边长为5cm的等边三角形ABC，三角形所在平面与匀强电场的

电场线平行，O点为该三角形的中心，三角形各顶点的电势分别为A=2V、B=4V、C=6V，下列说法正确的是A.0点电势为零B.匀强电场的场强大小为80V/m，方向由C指向AC.将电子由C点移到A点，电子的电势能增加了4eVD.在三角

形ABC外接圆的圆周上电势最高点的电势为6V8.如图1所示，矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁场的方向与导线框所在的平面垂直，磁感应强度B随时间t变化的规律如图2所示，规定垂直纸面向里为磁场正方向，顺时针方向为感应电流i正方向，水平向右为ad边所受安培

力F的正方向。下列图像正确的是A.B.C.D.9.矩形ABCD区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，AB=2d，3BCd=，E为AB中点。从E点沿垂直AB方向射入粒子a，粒子a经磁场偏转后从D点射出磁场；若仍从E点沿垂直AB方向射入粒子b，粒子经磁场偏转后从B点出磁场，已知a、b

粒子的质量相等，所带电荷量相等，不计粒子的重力，则A.a、b粒子均带正电B.a、b粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为4:1C.a、b粒子在磁场中运动的速度大小之比为2:1D.a、b粒子在磁场中运动的时间之比为1:310.如

图所示，平行虚线之间有垂直于纸面向里的匀强磁场，磁场宽度为L，磁感应强度大小为B。纸面内有一正三角形线圈ABC，顶点A刚好与磁场右边界重合，BC边与磁场边界平行，已知正三角形的高为2L，线圈的电阻为R。现让线圈以恒定速度v向右匀速运动，从线圈开始

运动到BC边刚好要进入磁场的过程中A线圈中感应电流大小不发生变化B.线圈中感应电动势大小为BLvC.通过线圈截面的电荷量为2433BLRD.克服安培力做的功为2343BLvR二、非选择题：本题共6小题，共60分

。11.（8分）某欧姆表内部结构可等效为如图1所示电路，其中表头是量程为100μA的电流表，电池的电动势E=1.5V。（1）使用欧姆表测电阻前，应将红表笔和黑表笔___________，进行欧姆挡调零；图1中表笔1应是______

_____表笔（选填“红”或“黑”）。（2）使用该欧姆表测阻值为R的电阻时，倍率选择开关拨到“×10”挡，发现指针偏角过小，则应将倍率选择开关拨到___________挡（选填“×1”或“×100”）

（3）当用调整好的欧姆表测阻值为R的电阻时，通过表头的电流为I，表针相对于表盘左侧转过的角度为θ，则图2所示图像可能正确描述I或R与θ关系的是___________（选填图像下的字母）。12.（8分）某型号电池的电动势约3.7V，内阻约2Ω，现欲测定其电动势E和内阻r，给定的器材有:待测

电池E滑动变阻器R（0～15Ω，1A）直流电压表V（量程0～3V，内阻约为6kΩ）直流毫安表mA（量程0～100mA，内阻RA=5Ω）开关S一个，导线若干（1）为了把毫安表改装成量程为0.6A的电流表，除上述给定器材外，还需要给毫安表并联一个阻值R0=________

__Ω的定值电阻。（2）按图1所示连接好电路，实验过程中要使电压表读数变大，则滑动变阻器滑片应__________移动（选填“向左”或“向右”）。（3）用该电路测量出多组数据，作出图2所示的U-I图像（I为毫安表示数

），横坐标截距为a，纵坐标截距为b，则待测电池电动势E=__________，内阻r=__________（用只含数字和a、b字母的式子表示）。13.（10分）如图所示，一不计重力的带电粒子质量为m，电量为q，以某一速

度垂直左边界射入磁感应强度为B，宽度为d的匀强磁场中，穿出磁场时速度方向与原来人射方向的夹角为30°。求:（1）带电粒子进入磁场时速度的大小；（2）带电粒子穿过磁场区域的时间。14.（10分）如图所示，水平地面上方存在水平向左的匀强电场，一质量为m的带电小球（大小可忽略）用轻质绝缘细

线悬挂于O点，小球带电荷量为+q，静止时距地面的高度为h，细线与竖直方向的夹角为α=37°，重力加速度为g。（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求:（1）匀强电场的场强大小E；（2）现将细线剪断，小球落地过程中水平位移的大小；（3）现将细线剪断，带电小球落地前瞬间的动能。15.

（12分）如图所示，在xOy平面的第一象限有一匀强电场，该电场的方向平行于x轴向右；在y轴和第二象限的射线ON之间有一匀强磁场，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向外。有一质量为m、电荷量-q的粒子由x轴上S点平行于y轴射入电场。粒子到达y轴上M点时，速度方向与y轴的夹角θ=60°，M

点与原点O的距离为d。之后粒子进入磁场，并垂直于ON飞离磁场。不计粒子重力，若ON与y轴的夹角也为θ=60°，求:（1）粒子在磁场中运动速度的大小和匀强电场的场强大小；（2）粒子从S点运动到ON所用的时间。16.（12分）如图所

示，两根足够长的固定平行金属导轨位于倾角θ=30°的粗糙斜面上，导轨上、下端各接有阻值R=20Ω的电阻，导轨电阻忽略不计，导轨宽度L=2m，在整个导轨平面内都有垂直于导轨平面向上的匀强磁场，磁感应强度B=1T。质量m=0.1kg、连电路的电阻r=10Ω的金属棒ab在导轨上从较高处由静

止释放，当金属棒ab沿轨道下滑高度h=3m时，速度恰好达到最大值v=2m/s。金属棒ab在下滑过程中始终与导轨垂直且接触良好，g取10m/s2。求:（1）金属棒ab由静止至下滑高度为3m的运动过程中机械能的减少

量；（2）求金属棒与导轨之间的摩擦力大小；（3）金属棒ab由静止沿轨道下滑高度为3m的运动过程中导轨上端电阻R中产生的焦耳热。2019级高二上学期期末考试物理·答案选择题:共10小题，每小题4分，共40分。在每小题给出的四个选项中，第

16题只有一个选项符合题目要求，第7～10题有多个选项符合题目要求。全部选对的得4分选对但不全的得2分，有选错的得0分。1.答案B思路点拨根据安培定则知，导线周围的磁场离导线越近，磁感应强度越大故当线框由静止释放在下落过程中

，穿过线圈的磁通量逐渐减小，选项A错误；根据楞次定律，可得线框中感应电流方向保持不变，选项B正确；由于线圈四条边中的电流大小相等，而上、下两边所处的磁场不同，故线框所受安培力的合力不为零，选项C错误；线框下

落过程中，机械能转化为电能，故线框的机械能不断减小，选项D错误。2.答案A思路点拨设a所在处的磁感应强度为B，根据右手定则和矢量合成法则，b所在处的磁感应强度为3B，所以b受到的磁场力大小为3F，故A正确；根据右手定则和量合成法则可知，b所在处的磁感应强度方向与ab连线

的夹角为60°，与ac连线平行，根据左手定则，b受到的磁力的方向垂直于ac的连线，故B错误；导线a、c在ac连线中点d产生的磁场抵消，导线b在d点产生的磁场方向沿ca方向，指向a，故C错误；在c中通入如图所示方向的电流后，a受到的

磁场力大小仍为F，说明a所处的磁感应强度大小仍为B，已知c的电流方向，根据右手定则和矢量合成法则，c中的电流强度为I，故D错误。3.答案C思路点拨由题图知，越靠近两电荷，电势越低，则q1和q2都是负电荷，A错误；x−图像的斜率表示电场强度，则P点场强为零，据场强的叠加知两点电荷在P处产生的场强

等值反向，即1222APBPqqkkxx=，又APPBxx，所以q1的电荷量小于q2的电荷量，B错误；由题图知，在A、B之间沿x轴从P点左侧到右侧，电势先增加后减小，则负点电荷的电势能先减小后增大，C正确；x−图像的

斜率表示电场强度，则沿x轴从P点运动到B点场强逐渐增大；据qEam=可知，电荷只在电场力作用下沿x轴从P点运动到B点，加速度逐渐增大，D错误。4.答案D思路点拨当仅将A板竖直向下缓慢平移一些，因电容器与电源相连，则电压不变，静电计指针张角不变，选项A错误；带电油滴悬浮在两板之间

静止不动，则有mg=qE当仅将A板竖直向下缓慢平移一些，板间距离d减小，根据UEd=可得E增大，油滴受向上的电场力大于重力，油滴将向上运动，选项B错误；若断开S，电容器的电量Q不变，仅将A板竖直向下缓慢平移一些，板间距离减小，根据电

容器的电容决定式4SCkd=、QCU=和UEd=可得=4QUQQCESddCdk===可见电场强度与板间距离无关，所以电场强度E不变，则油滴仍然静止，选项C错误；若断开S，且仅将A板水平向右缓

慢平移一些，电容器两极板正对面积S减小，根据=4QUQQCESddCdk===可知电场强度增大，油滴受向上的电场力大于重力，油滴将向上运动，选项D正确。5.答案C思路点拨当开关置于b时，灯泡正常发光，得出电流为1A，即2I=1A，于是I=2A此时电路满足:E=1+1×（1.

5+r）。当开关置于a时，电流为2A，电动机额定电压为8V，机械功率为mgv=14W，则其内阻电功率为2W，所以电动机线圈电阻为0.5Ω。此时电路满足关系E=8+2×（1.5+r），结合前式可得E=12V，

电源内阻r=0.5Ω。C正确。6.答案C思路点拨两粒子进入电场后做类平抛运动，因为重力不计，竖直方向匀速，水平向左匀加速，由图可知两粒子与P点的竖直距离相同，设为y，则运动到P点的时间为0ytv=，即两个粒子同时到达P

点，故A、B错误；两粒子都带正电，电场力向左，且水平方向向左匀加速运动，故电场力做正功，电势能都减小，故C正确；由图可知，从M点进入的粒子，其水平方向的位移较小，根据212xat=，运动时间t相同，则从M点进入的粒子加

速度较小，根据qEam=，可知两个粒子的质量相同，又在同一电场，即E相同，故从M点进入的粒子的电荷量较小，故D错误。7.答案BC思路点拨由于在匀强电场中，则电势均匀变化，即AC中点处电势为4V，设该点为D点，如图所示。由于B点

电势为4V，则BD为电势为4V的等势线，所以O点电势应该为4V；场强方向垂直于BD斜向上，280/sin30EEVmdL===，方向从C到A；4CACAWqUeV==−，明将电子由C点移到A点电势能增加了4eV，C正确；在三

角形ABC外接圆的圆周上，电势最高点的点不是C点，D错误。8.答案BD思路点拨线圈中的感应电流决定于磁感应强度B随t的变化率。由图可知，0～1s时间内，B增大，增大，感应磁场与原磁场方向相反（感应磁场的磁感应强度的方向向外），由右手定则感应电流是逆时针的，因而是负值，由磁场均匀变化，所以产生

的感应电流恒定，同理可判断其他时间段的电流，A错误，B正确；0～1s时间内，ad边感应电流是向下的，ad边所受的安培力F=BIL，根据左手定则得安培力方向向右为正值，由于随时间均匀增大，I不变，所以安培力F随时间t均匀增大，同理可判断其他时间段的安培力，C错误，D正确

。9.答案D思路点拨根据左手定则判断可知，a粒子带正电，b粒子带负电，A错误；在磁场中，洛伦兹力提供向心力，粒子的运动轨迹如下图:对a粒子，由几何知识可得:222()(3)aaRddR−+=，解得Ra=2d，由图

可知b粒子在磁场中做圆周运动的半径为12d，则a、b粒子在磁场中做圆周运动的半径之比为4:1，B正确；在磁场中，洛伦兹力提供向心力，根据2vqvBmr=可得qBrvm=；由于a、b粒子的质量相等，电荷量相等，则a、b粒子在磁场中运动的速度大小之比为4:

1，C错误；根据2rTv=，联立qBrvm=可得2mTqB=。可知两粒子的运动周期相同，由几何关系知，a粒子运动的圆心角为3，b粒子运动的圆心角为π，根据2tT=可得，a、b粒子在磁场中运动的时间之比为1:3，D正确。10.答案AD思路点拨

线圈在磁场中切割磁感线部分的有效长度始终为23sin603LL=，所以线圈中感应电动势保持不变，其大小为232333LEBvBLv==，由闭合电路欧姆定律得，线圈中感应电流保持不变，其大小为233EBLvIRR==，故A正确，B错误；由AB项分析知，线圈中感应电流保持不变，所以通过线圈截

面的电荷量:2232333BLvLBLqItRvR===，故C错误；由AB项分析知，线圈中感应电流保持不变，克服安培力做的功等于线圈产生的焦耳热，则克服安培力做的功为223223433BLvLBLvWIRtRRv

R===，故D正确。11.答案（1）短接（2分）黑（2分）（2）×100（2分）（3）AD（2分）思路点拨（1）使用欧姆表测电阻前，应将红表笔和黑表笔短接，图1中表笔1与电源的正极相连接，因此

应是黑表笔。（2）使用该欧姆表测阻值为R的电阻时倍率选择开关打到“×10”挡，发现指针偏角过小，说明阻值较大，则应将倍率选择开关打到“×100”挡。（3）由闭合电路欧姆定律得:+xEIRR=内由于电流表指针偏角与电流I成正比，电流大小可以指偏

角θ表示，则+xkERR=内（k为某一常量）选AD项。12.答案（1）1（2分）（2）向右（2分）（3）b（2分）566ba−（2分）思路点拨（1）（2）电流表扩大量程时，需要并联一个电阻，由并联电路规律可知

0.1510.60.1gggIRRII===−−。（2）要使电压表示数增大，应增大外电阻，故应将滑动变阻器滑片向右移动。（3）根据闭合电路欧姆定律及电表改装原理可知000gggIRRRUEIrRRR=−+++，代入数据变形可得U=E-（6r+5）I.根

据图象可知E=b，6r+5=ba，解得55666babraa−==−。13.思路点拨（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动的轨迹如图所示。粒子的轨道半径2sin30drd==（2分）粒子做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得2vqvBmr=（2

分）解得2qBdvm=（1分）（2）粒子做圆周运动的周期2mTqB=（2分）由几何知识可知，粒子做圆周运动转过的圆心角为α=30°（1分）则粒子在磁场中的运动时间为3023603606mmtTqBqB===（2分）14.思路点拨（1）小球静止时，对小球受

力分析如图所示。由FTcos37°=mg（1分）FTsin337°=qE（1分）解得34mgEq=（1分）（2）剪断细线，小球在竖直方向做自由落体运动，水平方向做加速度为a的匀加速运动由Eq=ma（1分）212xat=（1分）212hgt=（

1分）联立解得34xh=（2分）（3）从剪断细线到落地瞬间，由动能定理得2516kEmghqExmgh=+=（2分）15.思路点拨（1）粒子在磁场中根据左手定则，可知它的轨迹为如图所示的圆弧。由于粒子飞离磁场时，速度垂直于ON，故圆弧的圆心在ON上。据题意，粒子轨迹

与y轴的交点为M，过M点作与M点的速度方向垂直的直线，与ON交于O′。由几何知识可知，O′是圆弧的圆心。设圆弧的半径为R，则有R=dsinθ（1分）粒子在磁场中受到的洛伦兹力提供做圆周运动的向心力，有2vqvBmR=（1分）联立并将θ=60°代入可解得32qBdvm=（1分）粒子在电场中的运动为

类平抛运动。设粒子射入电场的速度为v0，运动时间为t1，竖直方向有0cosvv=，01dvt=（2分）沿x轴负方向，设电场强度的大小为E，粒子在电场中的加速度为a，则有1sinvat=，qE=ma（2分）联立并将θ=60°代入可解得23316qBdEm=（1

分）（2）粒子在电场中运动时间可解得1433mtqB=（2分）粒子在磁场中运动时间为圆周运动周期的14，所以有242TmtqB==（1分）粒子从S点运动到ON所用的时间1243322mtttqB=+=+（1分）16.思路点拨（1）

金属棒ab机械能的减少量21=2.82EmghmvJ−=（3分）（2）速度最大时金属棒ab产生的电动势E=BLv（1分）产生的电流12EIrR=+（1分）此时的安培力F=BIL（1分）由题意可知，所受摩擦力Ff=mgsin30°-F=0.1N（2分）（3）由能量守恒得，损失的

机械能等于金属棒ab克服摩擦力做功和产生的电热之和，电热sin30fhQEF=−（2分）上端电阻R中产生的热量14RQQ=（1分）联立以上几式得QR=0.55J（1分）