【文档说明】【精准解析】河北省邢台市第二中学2019-2020学年高二下学期期末考试物理试卷.doc，共(17)页，757.000 KB，由小赞的店铺上传

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邢台市第二中学2019-2020高二（下）期末物理试卷一、单选题（每题4分，共32分）1.在距地面高度为h处，同时以大小相等的初速度v0，分别平抛、竖直上抛、竖直下抛出一个质量相等的小球，不计空气阻力，比较它们从抛出到落地过程中动量的增量Δp，正确的是（）A.平抛过程中动量的增量Δp最大B.竖直

下抛过程中动量的增量Δp最小C.竖直上抛过程中动量的增量Δp最小D.三者一样大【答案】B【解析】【详解】三种运动中物体都只受重力作用，且三个小球的重力相等，竖直上抛的物体运动时间最长，竖直下抛的物体运动时间最短，由动

量定理IFtp==可知，竖直上抛的物体动量改变量最大，竖直下抛的物体动量改变量最小，故选B。2.一枚火箭搭载着卫星以速率v0进入太空预定位置，由控制系统使箭体与卫星分离．已知前部分的卫星质量为m1，后部分的箭体质量为m2，分离后箭体以速率v2沿火箭原方向飞行，若忽略空气阻力及分离前后系

统质量的变化，则分离后卫星的速率v1为（）A.v0-v2B.v0+v2C.21021mvvvm=−D.【答案】D【解析】【分析】本题考查动量守恒定律【详解】系统分离前后，动量守恒：()1201122mmvmvmv+=

+，解得：()210021mvvvvm=+−，故ABC错误；D正确．3.如图所示，小车放在光滑的水平面上，将系绳小球拉开到一定角度，然后同时放开小球和小车，那么在以后的过程中（）A.小球向左摆动时，小车也向左运动

，且系统动量守恒B.小球向左摆动时，小车向右运动，且系统动量守恒C.在任意时刻，小球和小车在水平方向的动量一定大小相等、方向相反D.小球向左摆到最高点，小球的速度为零而小车的速度不为零【答案】C【解析】【详解】AB．小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，竖直方向所受外力不为零，因此，系统只在

水平方向动量守恒，故AB错误；C．系统只在水平方向动量守恒，初始状态系统总动量为零，所以在任意时刻，小球和小车在水平方向的动量一定大小相等，方向相反，总动量为零，故C正确；D．系统水平方向动量守恒，初始状态总动量为零，因

此，当小球的速度为零时，小车的速度也为零，故D错误。故选C。4.如图所示，一小球用细线悬挂于O点，细线长为L，O点正下方12L处有一铁钉．将小球拉至A处无初速释放(摆角很小)，这个摆的周期是A.2LgB.LgC.(21

)Lg+D.(21)2Lg+【答案】D【解析】【分析】小球再次回到A点时所用的时间为一个周期，其中包括了以L为摆长的简谐运动半个周期和以12L为摆长的简谐运动的半个周期；【详解】以L为摆长的运动时间为：1122Ltg=以1

2L为摆长的运动的时间为：211222Ltg=则这个摆的周期为：()12212LTttg=+=+，故ABC错误，D正确．【点睛】考查对单摆周期的理解，明确不同的摆长对应不同的周期．5.关于分子动理论，下列说法正确的

是（）A.扩散现象是物质分子永不停息地做无规则运动的证明B.不可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功C.两个分子在相互靠近的过程中，其分子力逐渐增大，而分子势能一定先减小后增大D.全息照相主要是利用了光的衍射现象【答案】A【解析】【详解】A．扩散现象是物质分子永不停息地

做无规则运动的证明，A正确；B．热力学第二定律可以表示为：不可以从单一热源吸收热量，使之完全变为功而不引起其他变化，B错误；C．两个分子在相互靠近的过程中，其分子力的合力可能增加，也可能先减小后增加，要看初始距离大小，C错误

；D．全息照相利用光的干涉现象，D错误。故选A。6.一定质量的理想气体，从状态a开始，经历ab、bc、ca三个过程回到原状态，其V−T图像如图所示，其中图线ab的反向延长线过坐标原点O，图线bc平行于T轴，图线ca

平行于V轴，则（）A.ab过程中气体压强不变，气体放热B.bc过程中气体体积不变，气体吸热C.ca过程中气体温度不变，气体向外界放热D.整个变化过程中气体的内能先减少后增加【答案】C【解析】【详解】A．其V−T图像如图所示，其中图线ab的反

向延长线过坐标原点O，所以ab过程中气体压强不变。体积变大，气体对外做功，温度升高，内能增加，根据热力学第一定律可知，气体从外界吸热，故A错误；B．bc过程中气体体积不变，温度降低，体积不变，气体不对外界做功，外界也不对气体做功，温度降低，内能减小，根据热力学第一定律可知，气体放

热，故B错误；C．ca过程中气体温度不变，内能不变，体积变小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，气体放热，故C正确；D．整个变化过程温度先升高，后降低，最后不变，所以气体的内能先增加，后减小，最后不变，故D错误。故选C。7.

一束光照射到底面有涂层的平行玻璃砖上表面，经下表面反射从玻璃砖上表面射出，光线分为a、b两束，如图所示。下列说法正确的是（）A.在真空中，a光的传播速度小于b光的传播速度B.在真空中，遇到障碍物时a光更容易产生明显的衍射现象C.a、b光在涂层表面一定不会发生全反射

D.在真空中用同一装置进行双缝干涉实验，a光的条纹间距大于b光的条纹间距【答案】C【解析】【详解】A．光路图如图所示在玻璃砖上表面折射时，a光的偏折程度较大，则a光的折射率较大，由cvn=知，在玻璃中a光的传播速度小于b光的传播速度，但在真空中，

a光的传播速度等于b光的传播速度，故A错误；B．b光的波长较长，波动性较强，遇到障碍物时b光更容易产生明显的衍射现象，故B错误；C．a、b光在涂层表面的入射角等于在玻璃砖上表面的折射角，由光路可逆性可知，a、b光在涂层表面一定不会

发生全反射，故C正确；D．a光的折射率大，频率大，则波长小，根据ΔLxλd=知，a光的条纹间距小于b光的条纹间距，故D错误。故选C。8.钍基熔盐堆核能系统（TMSR）是第四代核能系统之一．其中钍基核燃

料铀由较难裂变的钍吸收一个中子后经过若干次β衰变而来；铀的一种典型裂变产物是钡和氪．以下说法正确的是A.题中铀核裂变的核反应方程为233114289192056360UnBaKr3n+→++B.钍核衰变的快慢由原子所处的化学状态和外部条件决定C.钍核23290T

h经过2次β衰变可变成镤23291PaD.在铀核裂变成钡和氪的核反应中，核子的比结合能减小【答案】A【解析】【详解】A．根据质量数守恒与电荷数守恒可知，铀核裂变的核反应方程为：233114289192056360UnBaK

r3n+→++，选项A正确；B．原子核的半衰期由核内部自身因素决定，与原子所处的化学状态和外部条件无关，故B错误；C．钍核(23290Th)经过1次β衰变可变成镤(23291Pa)，选项C错误；D．重核裂变的过程中释放能

量，所以重核分裂成中等大小的核，核子的比结合能增大，故D错误；二、多选题（每题4分，共16分）9.矩形滑块由不同材料的上下两层粘结在一起组成，将其放在光滑的水平面上，如图所示，质量为m的子弹以速度v水平射入滑块，若射击上层，则子弹刚好不穿出；若射击下层，整个子弹刚好嵌入

，则上述两种情况相比较（）A.两次子弹对滑块做的功一样多B.两次滑块受的冲量一样大C.子弹射入下层过程中克服阻力做功较少D.子弹射入上层过程中系统产生的热量较多【答案】AB【解析】【详解】A．由动量守恒可知两种情况的

最后速度相同，滑块获得的动能相同，根据动能定理可知子弹对滑块做的功相同，A对；B．由动量定理，合外力的冲量等于滑块动量的变化量，所以合外力的冲量相同，B对；C．两种情况，子弹动能变化量相同，克服阻力做功相同，C错；D

．产生的热量等于阻力乘以相对位移，可知射入下层过程中系统产生的热量较多，D错；故选ＡＢ。10.如图甲为一列波在t＝2s时的波形图，图乙是平衡位置在x＝1.5m处的质点的振动图像，P是平衡位置为x＝2m的质

点，下列说法正确的是()A.波速为0.5m/sB.波的传播方向向右C.0－2s时间内，P运动的路程为1mD.当t＝7s时，P恰好回到平衡位置【答案】AD【解析】【详解】由图甲可知该简谐横波波长为2m，由图乙知周期为4s，则波速为2/0.5/4vmsmsT==

=，故A正确；根据图乙的振动图象可知，在x=1.5m处的质点在t=2s时振动方向向下，所以该波向左传播，故B错误；由于t=2s时，质点P在波谷，且2s=0.5T，所以质点P的路程为2A=8cm，故C错误；当t=7s时，△t=5s=114T，P恰好回平衡位置，

故D正确．故选AD．11.一列简谐横波在t=0时刻的波形图如图实线所示，从此刻起，经0.5s波形图如图中虚线所示，若波传播的速度为4m/s，下列说法中正确的是（）A.这列波的周期为0.5sB.这列波沿x轴负方向传播C.t=0时刻质点a经0.

5s通过的路程为0.3mD.x=4m处的质点的位移表达式为y=0.3sin（πt+π）m【答案】BD【解析】【详解】AB．由图读出波长λ=8m，则波的周期为8s2s4Tv===波传播的时间为0.5s4Tt==由波形平移法知波的传播方向沿x轴负方向，故A错误，B

正确；C．该波沿x轴负方向传播，由上下坡法可知t=0时刻质点a沿y轴正方向运动，从t=0时刻到t=0.5s时刻经过的时间是14周期，a通过的路程小于一个振幅，即小于0.3m，故C错误；D．t=0时刻x=4m处的质点从平

衡位置沿y轴负方向运动，其位移表达式为2sin0.3sin()m0.3sin()myAtttT=−=−=+故D正确。故选BD。12.氢原子能级如图，当氢原子从n＝3跃迁到n＝2的能级时，辐射光的波长为656nm．以下判断正确的是（）A.氢原子从

n＝2跃迁到n＝1的能级时，辐射光的波长大于656nmB.用波长为325nm的光照射可使氢原子从n＝1跃迁到n＝2的能级C.大量处于n＝3能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线D.用波长为633nm的

光照射不能使氢原子从n＝2跃迁到n＝3的能级【答案】CD【解析】试题分析：从n=3跃迁到n=2的能级时，辐射光的波长为656nm，即有：191.513.41.610656hcnm−=−−−（（）），而当从n=2跃迁到n=1的能级时，辐射能量更多，则频率更高，则波长小于656nm．故

A错误．当从n=2跃迁到n=1的能级，释放的能量：hc=[-3．4-（-13．6）]×1．6×10-19，则解得，释放光的波长是λ=122nm，则用波长为122nm的光照射，才可使氢原子从n=1跃迁到

n=2的能级．故B错误．根据数学组合233C=，可知一群n=3能级上的氢原子向低能级跃迁时最多产生3种谱线，故C正确；同理，氢原子的电子从n=2跃迁到n=3的能级，必须吸收的能量为△E′，与从n=3跃迁到n=2的能级，放出能量相等

，因此只能用波长656nm的光照射，才能使得电子从n=2跃迁到n=3的能级．故D正确．故选CD．考点：波尔理论三、实验题（每空2分，共14分）13.某学习小组利用带光电门的气垫导轨以及滑块A和B来探究动量守恒定律，光电计时

器如图甲所示，可以显示遮光片经过光电门时的挡光时间，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦。实验装置简化如图乙所示。采用的实验步骤如下①将遮光片固定在滑块上，并用天平分别测出滑块A、B的质量Am、Bm；②调整气垫导轨，使导轨处于水平；③在A和B间放入一个被压缩的轻弹簧且两端与A、B链接，

用电动遥控卡销锁定，A紧靠在左侧挡板处静止放置在气垫导轨上，光点门1位于O处，光电门2位于E处④按下遥控电钮放开卡销，当B运动到O时，弹簧第一次恢复原长；当弹簀再次压缩到最短时（B尚未达到E点），遥控装置自动锁定弹簧，使弹簧不再伸长。光电门1记录B第一次到达O时的挡光时间为1t，光电门

2记录B第一次达到E的挡光时间2t；⑤利用上述测量的实验数据，探究动量守恒定律(1)关于本实验，以下说法正确的是（）A．在B滑动到O之前，A、B和弹簧组成的系统动量守恒，能量守恒B．在B从O运动到E的过程中，A、B和弹簧组成的系统动

量守恒，能量守恒C．刚开始弹簧压缩时的总长度与A、B运动中弹簧被压缩到最短时的总长度相同D．在B从O运动到E的过程中，滑块A、B有两次速度相同(2)探究动量守恒定律的表达式为_____；(3)在B经过O点之后运动到E的过程中，当弹簧再次恢复到

原长时，滑块A的速率_____（填“大于”、“小于”“等于”）滑块B的速率。【答案】(1).BD(2).()1211BABmmmtt=+(3).大于【解析】【详解】（1）[1]A．在B滑动到O之前，对于A、B和弹簧组成的系统受到左侧的挡板的力，系统合外力不为零，系统的动量不守恒，能量守恒，

A错误；B．在B从O运动到E的过程中，对于A、B和弹簧组成的系统受到合外力为零，系统的动量守恒，只有系统的弹力做功，能量守恒，B正确；C．从开始到达当A的速度等于B的速度时，弹簧压缩到最短过程，根据能量守恒，'KBPP=KAEEEE++弹弹即开始的弹性势能大于压缩量最

短的弹性势能，所以刚开始弹簧压缩时的总长度与A、B运动中弹簧被压缩到最短时的总长度不同，C错误；D．弹簧开始时具有弹性势能，当B运动到O时，弹簧第一次恢复原长，然后A、B和弹簧继续运动，B受到弹簧的拉力为阻力B做减速运动，A受到弹簧的拉力为动力A做加速

运动，因为B的速度大于A的速度，弹簧将伸长，当A和B的速度相同时，弹簧的伸长量最大，由于弹簧仍是伸长的，B继续受到弹簧的拉力为阻力B做减速运动，A继续受到弹簧的拉力为动力A做加速运动，即此过程中A的速度大于B的速度，弹簧伸长量将继续减少，一直到弹簧

伸长量为零达到弹簧再次恢复原长，此时A的速度仍然大于B的速度，弹簧将从原长受到压缩，一直到A的速度等于B的速度，弹簧压缩到最短，做后到达E点，所以，在B从O运动到E的过程中，滑块A、B有两次速度相同，D正确。故选BD。（2）[2]根据极短时间内的平均速度

表示瞬时速度，滑块通过光电门的速度分别为运动到O时速度11dvt=第一次达到E的速度22dvt=B经过O点之后运动到E的过程中，动量守恒122BABmvmvmv=+即由以上各式解得()1211BABmmmtt=+。（3）[3]弹簧开始时具有弹性势能，当

B运动到O时，弹簧第一次恢复原长，然后A、B和弹簧继续运动，B受到弹簧的拉力为阻力B做减速运动，A受到弹簧的拉力为动力A做加速运动，因为B的速度大于A的速度，弹簧将伸长，当A和B的速度相同时，弹簧的伸长量最大，由于弹簧仍是伸长的，B继续受到弹簧的拉力为阻力B做减速运动，A继续受到弹簧的拉力为动力

A做加速运动，即此过程中A的速度大于B的速度，弹簧伸长量将继续减少，一直到弹簧伸长量为零达到弹簧再次恢复原长，此时A的速度仍然大于B的速度。14.在利用“插针法”测定玻璃的折射率实验中。(1)下列操作可以

减小实验误差的是_____A．P1、P2及P3、P4之间的距离适当大些B．入射角适当小些C．入射角适当大些D．若有几块厚度不同的玻璃砖，应选用厚度较小的(2)正确操作后，作出的光路图及测出的相关角度如图所示，此玻璃的折射率计算式n=_____（用图中

的、表示）(3)实验小组内的两位学生在实验中①第一位学生在纸上正确画出了玻璃砖的两个折射面aa′和bb′。因不慎碰动了玻璃砖，使它向aa′方向平移了一点（如图1所示），以后的操作都正确无误，并仍以aa′和bb′为折射面画出了光路图，这样测出的折射率n的值将____

_（选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。②第二位学生为了避免笔尖触划玻璃砖的折射面，画出的aa′和bb′都比实际的折射面向外侧平移了一些（如图2所示）以后的操作都正确无误，并仍以aa′和bb′为折射面画出了光路图，这样测出的折射率n的值将_____（

选填“偏大”、“偏小”或“不变”）。【答案】(1).AC(2).coscos(3).不变(4).偏小【解析】【详解】(1)[1]A．P1、P2及P3、P4之间的距离适当大些，可以减小在确定光线方向时的误差，A正确；BC．入射角适当大些可减小测量角度时的误差，B错误

，C正确；D．若有几块厚度不同的玻璃砖，应选用厚度较大的，可减小确定光线方向时的误差，D错误。故选AC。(2)[2]根据光路图可得玻璃的折射率计算式sin(90)cossin(90)cosn−==−(3)①[3]如

图1所示，实线表示玻璃砖向上平移后实际的光路图，虚线表示作图光路图，由图看出，画图时的入射角、折射角与实际的入射角、折射角相等，由折射定律可知，测出的折射率不变②[4]如图2所示，乙同学画出的ab和cd都比实际侧面向外侧平移了一些，但在画光路图时，将入射点、出射点分别确定在ab、cd

上，如图，实线表示实际的光路图，虚线表示乙同学画图时光路图，可见入射角测量没有误差，而折射角偏大，则根据折射定律得知，测出的折射率n将偏小。四、解答题15.如图所示，一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速大小为0.6m/s，振幅为5cm，P质点的横坐

标为66cm，Q质点的横坐标为12cm，从图中状态开始计时，求：(1)经过多长时间，P质点开始振动，振动时方向如何？(2)当P质点第一次出现波峰时，Q点通过的路程是多少？【答案】(1)0.7s，P开始振动时方向向下；(2)50cm【解析】【详解】

(1)图示时刻，这列波的最前端的质点坐标是24cm，据波的传播方向可知这一质点沿y轴负方向运动，因此在波前进方向的每一个质点，开始振动的方向都是沿y轴负方向，故P点开始振动时的方向是沿y轴负方向，即P开始振动时方向向下。P质点开始振动的时间为0.

660.24s=0.7s0.6xtv−==(2)质点P第一次到达波峰，即初始时刻这列波的波峰传到P点，因此所用的时间是''0.660.06s=1.0s0.6xtv−==因为0.24s=0.4s0.6Tv

==因为1.02.5sT=，则S=2.5×4A=10A=50cm16.如图所示，绝热气缸A与导热气缸B均固定于地面，由刚性杆连接的绝热活塞与两气缸间均无摩擦．两气缸内装有处于平衡状态的理想气体，开始时体积均为0V，温度均为0T，压强均为0P.缓慢加热A中气体，停止加热达到

稳定后，A中气体温度为原来的1.4倍.设环境温度始终保持不变，求气缸A中气体的体积AV和压强AP.【答案】076AVV=PA=1.2P0【解析】【详解】因为气缸B导热，所以B中气体始末状态温度相等，为等温变化；另外，因为是刚性杆连接的绝热活塞，所以A、

B体积之和不变，即02BAVVV=−由题意有：01.4ATT=；ABPP=对A：000AAAPVPVTT=对B：00BBPVPV=联立解得：076AVV=01.2APP=17.如图所示为一半径为R的透明

半球体过球心O的横截面，面上P点到直径MN间的垂直距离为22dR=．一细光束沿PO方向从P点入射，经过面MON恰好发生全反射．若此光束沿平行MN方向从P点入射，从圆上Q点射出，光在真空中的传播速度为c，求：①透明半球体的折射率n；②沿MN

方向从P点入射的光在透明物中的传播时间t．【答案】①2n=②6Rtc=【解析】试题分析：光线从P点入射，经过面MON恰好发生全反射，说明在MON面的入射角等于临界角C，由几何关系求出临界角进而求出折射率；由几何关系求出光线在P点的入射角，由折射定律求折射角，由几何关系求

出光线在透明物中传播的距离，求出光线在透明物中传播的速度cnv=，从而求得传播时间．①设透明半球体的临界角为C，光路如图所示：则由几何关系有：0sin(90)dCR−=又有：1sinCn=解得：045C=2n=

②光在P点的入射角009045i=−=设对应的折射角为r，则sinsininr=解得：030r=光在透明半球体中的传播距离2cosLRr=光在透明半球体中的传播时间Ltv=光在透明半球体中的传播速度：cnv=联立解得：6Rtc=点睛：本题主要考查了折射定律的应用，关键是掌握全反射的条件和临界

角，要画出光路图，运用几何知识求解入射角与折射角，即可求解．18.如图所示，在光滑的水平面上有一长为L的木板B，上表面粗糙，在其左端有一光滑的14圆弧槽C，与长木板接触但不相连，圆弧槽的下端与木板上表面相平，B、C静止在水平面上。现有滑块A以初速度0v

从右端滑上B，一段时间后，以023v滑离B，并恰好能到达C的最高点，A、B、C的质量均为m。求：(1)A刚滑离木板B时，木板B和圆弧槽C的共同速度；(2)A与B的上表面间的动摩擦因数μ；(3)圆弧槽C的半径R。【答案】(1)06v；(2)204vgl；(3

)2016vg【解析】【详解】(1)B、C速度相等，设为v，对A、B、C组成的系统，规定向左为正方向，由动量守恒定律得000223mvmvmv=+解得BC的速度为016vv=(2)对系统，由能量守恒得2220011122()2223mgLmvmvmv

=−−解得204vgl=(3)A、C共速为v2时，A滑到C最高点，对A、C由动量守恒，规定向左为正方向，有02223mvmvmv+=根据能量守恒有222021112222mvmvmvmgR+−=联立解得2016Rvg=