【文档说明】山东省淄博市第四中学2022-2023学年高二上学期期末学情自测物理试题 word版含解析.docx，共(20)页，1.193 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-9616e8400e7026ba91e941cbba7b2f3f.html

以下为本文档部分文字说明：

淄博四中高2021级高二上学期学情自测物理·试卷第Ⅰ卷（共62分）一、单项选择题（本题共8个小题，每小题只有一个选项正确，每题4分，共32分）1.关于图中四幅图所涉及物理知识的论述中，正确的是（）A.甲图中，由两个简谐运动的

图像可知：它们的振动步调不一致B.乙图中，演示简谐运动的图像实验中，若匀速拉动纸条的速度较小，则由图像测得简谐运动的周期较短C.丙图中，可利用薄膜干涉检查样品的平整度D.丁图中，显示的是阻尼振动的固有频率f与振幅A的

关系图线【答案】C【解析】【详解】A．由两个简谐运动的图像可知：它们的相位差恒定，步调一致，A错误；B．演示简谐运动的图像实验中，若匀速拉动木板的速度较小，会导致图像的横坐标变小，但对应的时间仍不变，简谐运动的周

期与单摆的固有周期相同，B错误；C．利用薄膜干涉，由薄层空气的上、下两表面反射光，频率相同，从而进行相互叠加，达到检查样品的平整度的目的，C正确；D．由图可知当驱动力的频率f跟固有频率0f相同时，才出现共振现象，振幅才最大，跟固有频率0f相差越大，振

幅越小，D错误。故选C。2.如图所示，质量为0.5kg的小球在距离车底面高20m处以一定的初速度向左平抛，落在以7.5m/s速度沿光滑水平面向右匀速行驶的敞篷小车中，车底涂有一层油泥，车与油泥的总质量为4kg，设小球在落到车底

前瞬时速度是25m/s，g取10m/s2，则当小球与小车相对静止时，小车的速度是（）A.4m/sB.5m/sC.8.5m/sD.253m/s【答案】B【解析】【详解】由题意知，小球在落到小车前做平抛运动，且小球在落

到车底前瞬时速度是25m/sv=此时小球的竖直分速度为220m/syvgh==则此时的水平速度为2215m/sxyvvv=−=方向水平向左，规定水平向右为正方向，则小车的速度为07.5m/sv=则根据动量守恒定律可得0()xMvmvmMv

−=+5m/sv=即当小球与小车相对静止时，小车的速度是5m/s，所以B正确，ACD错误。故选B。3.一列简谐横波沿x轴负方向传播，波速v=4m/s，已知坐标原点（x=0）处质点的振动图象如图所示，在下列幅图

中能够正确表示t=0.15s时波形的图是（）A.B.C.D.【答案】A【解析】【详解】试题分析：简谐横波沿x轴负方向传播，因此在t＝0.15s时，原点处的质点位移是为正，向负方向振动．CD图原点处的质点位移为负，所以CD错；B图向正方向振动，B错，因此选Ａ．考

点：振动图象与波的图象4.有一摆长为L的单摆，其悬点正下方某处有一小钉，摆球经过平衡位置向左摆动时，摆线的上部被小钉挡住，使摆长发生变化。现使摆球做小幅度摆动，摆球从右边最高点M运动到左边最高点N的频闪照片如图所示（悬点与小钉未被摄入）。P为摆动中的最低点，已知每相邻两次闪光的时间间隔相

等，由此可知，小钉与悬点间的距离为（）A.4LB.2LC.34LD.无法确定【答案】C【解析】【详解】设每相邻两次闪光的时间间隔为t，则摆长为L时单摆摆动的周期为14416Ttt==摆长为'L'时单摆摆动的周期为2428Ttt==所以T1∶T2=2∶1又因为12LTg

=22'TLg=故可得1'4LL=所以小钉与悬点间的距离为3'4sLLL=−=故选C。5.光纤通信采用的光导纤维由内芯和外套组成，长为L，其侧截面如图所示，一复色光以入射角0从轴心射入光导纤维后分为a、b两束单色光，两单色光在

内芯和外套界面多次全反射后从光导纤维另一端射出，已知内芯材料对a光的折射率为n，真空中的光速为c。下列说法正确的是（）A.内芯材料对b光的折射率小于nB.在内芯中a光传播速度比b光小C.若a光恰好发生全反射，则

在这段光纤中的传播时间为nLtc=D.当0sin逐渐增大到21n−时，开始有光从纤维侧壁射出【答案】D【解析】【详解】A．设折射角为α，根据折射定律有0sinsinn=由于a光的折射角大于b光的折射角，因此内芯材料对b光的

折射率大于对a的折射率n，A错误；B．根据速度与折射率的关系有cvn=由于内芯对光a的折射率小于对b光的折射率，因此在内芯中a光传播速度比b光大，B错误；C．光线a的临界角为C，且有1sinCn=若a光恰好发生全反射，则在这段光纤中的传播时间为2sinCLsnLtcvcn===C

错误；D．光线a临界角为C，如图由于1sinCn=随着入射角θ0逐渐增大，光线a与边界间的夹角逐渐减小，恰好达到临界角时，根据几何关系2C+=而0sinsinn=整理得20sin1n=−此时开始有光从纤维侧壁射出，D正确。故选D。的6.如图，四条相互平行的细长直导线垂直坐标系xO

y平面，导线与坐标平面的交点为a、b、c、d四点。已知a、b、c、d为正方形的四个顶点，正方形中心位于坐标原点O，e为cd的中点且在y轴上；四条导线中的电流大小相等，其中过a点的导线的电流方向垂直坐标平面向里，其余导线电流方向垂直坐标平面向外。则（）A.O

点的磁感应强度为0B.O点的磁感应强度方向由O指向bC.e点的磁感应强度方向沿y轴正方向D.e点的磁感应强度方向沿y轴负方向【答案】D【解析】【详解】AB．由题知，四条导线中的电流大小相等，且到O点的距离相等，故四条导线在O点的磁感应强度大小相等，根据右手螺旋定则可知，四条导线中在

O点产生的磁感应强度方向，如图所示由图可知，bB与cB相互抵消，aB与dB合成，根据平行四边形定则，可知O点的磁感应强度方向由O指向c，其大小不为零，故A，B错误；CD．由题知，四条导线中的电流大小相等，a、b到e点的距离相等，故a

、b在e点的磁感应强度大小相等，c、d到e点的距离相等，故c、d在e点的磁感应强度大小相等，根据右手螺旋定则可知，四条导线中在O点产生的磁感应强度方向，如图所示由图可知cB与dB大小相等，方向相反，互相抵消；而bB与aB大小相等，方向如图所示，根据平行四边形定则，可

知两个磁感应强度的合磁感应强度沿y轴负方向，故C错误，D正确。故选D。7.如图所示，为测电源电动势和内电阻时，依据测量数据做出的路端电压与电流强度的关系图线，C、E分别是图像上D点对应的纵坐标、横坐标，A、B为图像纵截距与横截距，由图线可知（）A.比值DEOE表

示电路总电阻B.比值CDAD表示电源内电阻C.比值COAC表示电源效率D.矩形OCDE的面积表示电源的输出功率【答案】D【解析】【详解】A．比值DEOE表示路端电压U与电流I的比值，等于外电路电阻，A错误；BC．比值ACCD

、AOOB表示图线的斜率的绝对值，表示电源的内阻，比值OCOA表示电源效率，COAC、CDAD无具体的物理意义，BC错误；D．矩形OCDE的面积等于路端电压U与电流I的乘积，等于电源的输出功率，D正确。故选D。8.如图所示

，两质量分别为m1和m2的弹性小球A、B叠放在一起，从高度为h处自由落下，h远大于两小球半径，落地瞬间，B先与地面碰撞，后与A碰撞，所有的碰撞都是弹性碰撞，且都发生在竖直方向、碰撞时间均可忽略不计。已知m2＝3m1，则A反弹后能达到的高度为（）A.hB.2hC.3hD.4h【答案】D【解

析】【分析】【详解】下降过程为自由落体运动，由匀变速直线运动的速度位移公式得v2=2gh解得触地时两球速度相同，为2vgh=m2碰撞地之后，速度瞬间反向，大小相等，选m1与m2碰撞过程为研究过程，碰撞前后动量守恒，设碰后m1、m2速度大小分别

为v1、v2，选向上方向为正方向，由动量守恒定律得：m2v-m1v=m1v1+m2v2由能量守恒定律得()222121122111222mmvmvmv+=+由题可知m2=3m1联立解得122vgh=反弹后高度为21=42vHhg=故D正确，AB

C错误。故选D。二、多项选择题（本部分共6个小题，共30分。每小题有两个或两个以上答案正确，全对得5分，对而不全得3分，有错选不得分）9.下列四幅图中所涉及的物理知识论述，正确的是（）A.甲图中的泊松亮斑说明光具有波动性B.乙图中的海市蜃楼是光的全反射现象引起的C.丙图是薄膜干涉

演示实验中，将膜竖直放置后，观察到的干涉图样D.丁图中用相机拍摄玻璃橱窗内的景物时，可通过镜头表面的增透膜减弱玻璃橱窗表面的反射光影响【答案】AB【解析】【详解】A．泊松亮斑是光的衍射现象，说明光具有波动性

，A正确；B．海市蜃楼是光全反射现象，B正确；C．薄膜干涉演示实验中，将膜竖直放置，观察到的干涉图样应该是水平方向的，C错误；D．用相机拍摄玻璃橱窗内的景物时，往往在镜头前加装一个偏振片以减弱反射光的强度，使照片清晰，D错误

。故选AB。10.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A.小灯泡L1、L2均变暗B.小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C.电流表A的读数变小，电压表V的读数变大的D

.电流表A的读数变化量与电压表V的读数变化量之比不变【答案】BCD【解析】【分析】【详解】ABC．将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，与灯1L并联的电路的电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，电流表读数变小，2L变暗，电源的内电压减小，根据

闭合电路欧姆定律得知路端电压增大，电压表V的读数变大，路端电压增大，而2L灯电压减小，所以1L灯的电压增大，1L灯变亮，故BC正确，A错误；D．电压表的变化量与电流表的变化量的比值为电源的内阻，电源的内阻不变，故D正确．故选BCD。11.在图示U﹣I图象中，直线

a表示某电源的路端电压与电流的关系，直线b为某一电阻R的伏安特性曲线。现用该电源直接与该电阻R连接成闭合电路。则下列判断正确的是（）A.R的阻值为0.25B.电源的电动势E＝6V，电源的内阻为0.5C.电源的输出功率为9WD.电源工作

效率为25%【答案】ACD【解析】【详解】A．由图象b可知，斜率表示阻值，即外电阻：1.50.256URI===故A正确；B．由图象a可知，电源电动势E=6V，短路电流I短=8A，电源内阻为：6==0.75

8ErI=短故B错误；的C．由两图象的交点坐标，可得电源的路端电压为1.5V，干路电流为6A，电源的输出功率为：P=UI=1.5×6W=9W，故C正确。D．电源的效率为：0000=10025UIUREIERr===+故D正确。故选ACD。12.在光滑的水平桌面上有

等大的质量分别为M=0.6kg，m=0.2kg的两个小球，中间夹着一个被压缩的具有Ep=10.8J弹性势能的轻弹簧（弹簧与两球不相连），原来处于静止状态。现突然释放弹簧，球m脱离弹簧后滑向与水平面相切、半径为R=0.425m的竖直放置的光滑半圆形轨道，如图所示。g

取10m/s2。则下列说法正确的是（）A.球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为3.4N·sB.弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为1.8N·sC.若半圆轨道半径可调，则球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨

道半径的增大而减小D.M离开轻弹簧时获得的速度为9m/s【答案】AB【解析】【详解】ABD．释放弹簧过程中系统动量守恒、机械能守恒，以向右为正方向，由动量守恒得120mvMv−=由机械能守恒得22121122PmvMvE+=代入数据解得129m/s3m/svv==，即M离开轻弹簧时获得的速度为3

m/s；m从A到B过程中，由机械能守恒定律得2'21111222mvmvmgR=+解得18m/sv=以向右为正方向，由动量定理得，球m从轨道底端A运动到顶端B的过程中所受合外力冲量大小为()110.28Ns0.29Ns3.4NsIpmvmv==−=−−=−则合力冲量大小为

3.4N•s，由动量定理得，弹簧弹开过程，弹力对m的冲量大小为10.29Ns1.8NsIpmv====故AB正确，D错误；C．设圆轨道半径为r时，飞出B后水平位移最大，由A到B机械能守恒定律得222111222mvmvmgr=+在最

高点，由牛顿第二定律得22vmgNmr+=m从B点飞出，需要满足：0N，飞出后，小球做平抛运动2122rgt=2xvt=解得22114(4)(4)4vrvvgrrrgg=−=−当8.144rr−=时，即r=1.0125m时，x为最大，球m从B点飞出后落在水平桌面上的水平距离随轨道半径的增大先增大

后减小，故C错误。故选AB。13.如图所示，物体A置于物体B上，一轻弹簧一端固定，另一端与B相连，在弹性限度范围内，A和B在光滑水平面上往复运动（不计空气阻力），并保持相对静止，则下列说法正确的是（）A.A和B均做简谐运动B.作用在A上的静摩擦力大小与弹簧的形变量成正比C.B对A

的静摩擦力对A做功，而A对B的静摩擦力对B不做功D.B对A的静摩擦力始终对A做正功，而A对B的静摩擦力对B做负功【答案】AB【解析】【详解】A．物体A、B保持相对静止，在轻质弹簧的作用下做简谐运动，A正确；B．对A、B整体由牛顿第二定律AB()kxmma=+对A由牛顿

第二定律fAFma=解得AfABmkFxmm=+B正确；CD．在靠近平衡位置的过程中，B对A的摩擦力对A做正功，在远离平衡位置的过程中，B对A的摩擦力对A做负功，同理A对B的摩擦力也做功，靠近平衡位置时做负功，远离平衡位置时做正功，CD

错误。故选AB。14.一列简谐横波沿x轴正方向传播，在t时刻与0.2st+两个时刻，x轴上(3m,3m)−区间的波形完全相同，如图所示。图中M、N两质点在t时刻位移均为振幅a的一半，下列说法中正确的是（）A.该波的波速可能为20m/sB.0.1st+时刻，2mx=

−处的质点位移一定是aC.从t时刻起，2mx=处的质点比2.5mx=处的质点先回到平衡位置D.从t时刻起，在质点M第一次到达平衡位置时，质点N恰好到达波峰【答案】AC【解析】【详解】A．已知波沿x轴正方向传播，则在△0.2st=时间内，波传播距离为△(

1xnn==，2，3，)则该波的波速5(m/s)(1xvnnt===，2，3，)当1n=时，20m/sv=故A正确；B．由于周期不确定，0.1s不一定等于半个周期的奇数倍，则0.1st+时刻，2mx

=−处的质点位移不一定是a，故B错误；C．因波沿x轴正方向传播，再结合波形图可知从t时刻起，在2mx=处的质点比2.5mx=处的质点先回到平衡位置，则C正确；D．利用波的“平移法”可判断，当质点M第一次到达平衡位置时，N质点还在继续向上振动，没有到达波峰，故D错

误；故选AC。第Ⅱ卷（共38分）三、实验题（共两小题，14分）15.某同学在做“碰撞中的动量守恒”实验中，所用装置如图所示．的(1)下面是本实验部分测量仪器或工具，需要的是________．A．秒表B．天平C．刻度尺D．弹簧秤(2)为了完成本实验，下列必须要求的条件是_____

___．A．斜槽轨道末端的切线必须水平B．入射球和被碰球的质量必须相等C．入射球和被碰球大小必须相同D．入射球每次不必从轨道同一位置由静止滚下(3)某次实验中得出的落点情况如图所示，假设碰撞过程中动量守恒，则入射小球质量m1和被碰小球质量m2之比为________．【

答案】①.(1)BC；②.(2)AC；③.(3)4：1【解析】【详解】（1）本实验需要天平称量物体的质量，需要刻度尺测量长度，故选BC．（2）要保证碰撞后两个球做平抛运动，故斜槽轨道末端的切线必须水平，故A正确；入射球质量要大于被碰球质量，即m1＞m2，防止

碰后m1被反弹，故B错误；为保证两球正碰，则两球大小必须相等，选项C正确；为保证碰撞的初速度相同，入射球每次必须从轨道的同一位置由静止滚下，故D错误；故选AC．的（3）根据动量守恒定律，有：112mOPmOMmON=

+代入数据，有：m1×0.255=m1×0.155+m2×0.400解得：m1：m2=4：116.某同学想运用如图甲所示的实验电路，测量未知电阻Rx的阻值，电流表A的内阻和电源（内阻忽略不计）的电动势，实验过程中电流表的读数始终符合实验要

求。①为了测量未知电阻Rx的阻值，他在闭合开关之前应该将两个电阻箱的阻值调至__________（填“最大”或“最小”），然后闭合开关K1，将开关K2拨至1位置，调节R2使电流表A有明显读数I0；接着将开关K2拨至2位置。保持R2不变，调节R1，当调节R1=34

.2Ω时，电流表A读数仍为I0，则该未知电阻的阻值Rx=____________Ω。②为了测量电流表A的内阻RA和电源（内阻忽略不计）的电动势E，他将R1的阻值调到R1=1.5Ω，R2调到最大，将开关

K2调至2位置，闭合开关K1；然后多次调节R2，并在表格中记录下了各次R2的阻值和对应电流表A的读数I；最后根据记录的数据，他画出了如图乙所示的图像；利用图像中的数据可求得，电流表A的内阻RA=_______Ω，电源（内阻忽略不计）的电动势E=_______V。【答案】①.最

大②.34.2③.0.5④.4【解析】【详解】①[1]为了保证电路中用电器的安全，应该在闭合开关之前应该将两个电阻箱的阻值调至最大，使电路中的电流较小，不会烧掉用电器；[2]由于两次电路中电流相等，说明两次电路中的总电阻也相等，故34.2xR=②[3][4

]根据闭合电路欧姆定律可知2A1()EIRRR=++解得2A11RRRIEE+=+结合斜率和截距可得4VE=A0.5ΩR=四、论述计算题（本部分有两个小题，满分24分。请在答题纸上作答，书写必要的文字公式和理由，只写结果答案不给分）17.如图，一质

量M＝6kg的木板B静止于光滑水平面上，物块A质量m＝6kg，停在木板B的左端．质量为m0＝1kg的小球用长为L＝0.8m的轻绳悬挂在固定点O上，将轻绳拉直至水平位置后，由静止释放小球，小球在最低点与物块A发生碰撞

后反弹，反弹所能达到的最大高度为h＝0.2m，物块A与小球可视为质点，不计空气阻力．已知物块A、木板B间的动摩擦因数μ＝0.1，(g＝10m/s2)求：(1)小球运动到最低点与物块A碰撞前瞬间，小球的速度大小；(2)小球与物块A碰撞后瞬间，物块A的速度大小；(3)为使物块A、木

板B达到共同速度前物块A不滑离木板，木板B至少多长？【答案】(1)4m/s(2)1m/s(3)0.25m【解析】【详解】(1)对小球下摆过程，由机械能守恒定律得：200012mgLmv=解得：v0＝4m/s(2)对小球反弹后过程，由机械能守恒定律得：20

0112mghmv=解得：v1＝2m/s小球与物块A碰撞过程系统动量守恒，以小球的初速度方向为正方向由动量守恒定律得：m0v0＝－m0v1＋mvA解得vA＝1m/s(3)物块A与木板B相互作用过程，系统动量守恒，以物块A的速度方向为正方向由动量守恒定律得：mvA＝(m＋M)v，解得v＝

0.5m/s由能量守恒定律得：2211()22AmgxmvmMv=−+解得：x＝0.25m．18.如图，平静湖面岸边的垂钓者，眼睛恰好位于岸边P点正上方h1=0.9m的高度处，浮标Q离P点S1=1.2m远，PQ水平，鱼饵灯M在浮标正前方S2=1.8m处的水

下，垂钓者发现鱼饵灯刚好被浮标挡住，已知鱼饵灯离水面的深度h2=2.4m，求：(1)水的折射率n；(2)若让鱼饵灯继续缓慢竖直下沉至恰好有光线从P处射出，则下沉距离h多大？（7=2.6）【答案】(1)43(2)0.2m【解析】【详解】【分析】根据光的折射定律求出水的折射率，当

光线恰好从P处射出时，鱼饵灯与P点的连线和竖直方向夹角为临界角C，由几何关系下沉距离．解：(1)设空气中和水中的角分别为i、则有：12211sinsish=+22222sinsrsh=+根据光的折射定律可知sinsininr=联立并代入数据得：43n=(2)当光线恰好从P处射出时，鱼饵灯

与P点的连线和竖直方向夹角为临界角C则有1sinCn=又1222122sin()()ssCsshh+=+++得72.40.2hmm=−获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com