【文档说明】内蒙古自治区赤峰市红山区赤峰二中2022-2023学年高二上学期11月月考物理试题 含解析.docx，共(21)页，3.873 MB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-945b5fc44f21106f8514625c1fd7b272.html

以下为本文档部分文字说明：

赤峰二中2021级高二上学期第一次月考物理试卷注意事项：1.本卷考试日期为2022年10月22日，满分100分，考试时长90分钟。2.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。3.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干净后，

再选涂其它答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。4.考试结束后，考生立即停笔，将答题卡交回。一、选择题（本题共12小题，每小题4分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~12题有多项符合题目要求。全部选对的得4分，选对但不全的得2分

，有选错的得0分）1.小明同学用自制的验电器进行了一些探究实验。如图所示，小明使验电器带了负电荷，经过一段时间后，他发现该验电器的金属箔片（用包装巧克力的锡箔纸制作）几乎闭合了。关于此问题，他跟学习小组讨论后形成了下列观点，你认为正确的是（）A.小球上原有的负电荷逐渐

消失了B.在此现象中，正电荷从金属球转移到金属箔中，中和了负电荷C.小球上负电荷减少的主要原因是潮湿的空气将电子导走了D.该现象是由于电子的转移引起的，不再遵循电荷守恒定律【答案】C【解析】【详解】带负电的验电器在潮湿的空气中，经过一段时间后，小球上的负电

荷（电子）被潮湿的空气导走了，但电荷在转移的过程中仍然守恒，故C正确，ABD错误。故选C。2.关于电场强度与电势的关系，下面各种说法中正确的是（）A.电场强度大的地方，电势一定高B.电场强度不变，电势也不变C.电场强度为零时，电势一定为零D.电场强度的方向是电势降低最

快的方向【答案】D【解析】【详解】A．沿着电场线的方向电势逐渐降低，电场线密的地方，电场强度大，电场线疏的地方电场强度小；电势高的地方电场强度不一定大，电场强度大的地方，电势也不一定高，故A错误；B．在匀强电场中，电场强度不变，但沿着电场线的方向，电势总是逐渐降低的，故B错误；C

．电势为零的点是人为选取的，电场强度为零的地方，电势不一定为零，故C错误；D．沿着电场方向电势降低最快，所以电场强度的方向是电势降低最快的方向，故D正确。故选D【点睛】注意电场强度和电势的定义，两者之间的大小并无必然的联系。3.如图甲所示，一条电场线与Ox轴重合

，取O点电势为零，Ox方向上各点的电势φ随x变化的规律如图乙所示，若在O点由静止释放一电子，电子仅受静电力的作用，则（）A.电子将沿x轴正方向运动B.电子运动的加速度先减小后增大C.电子的电势能将增加D.电子运动的加速度恒定【答案】AB【解析】

【详解】A．由图乙可知，沿Ox正方向电势逐渐升高，则电场线方向沿Ox负方向，电子所受电场力方向沿Ox轴的正方向，因此电子将沿x轴正方向运动，A正确；BD．φ−x图象的斜率表示场强的大小，由图乙可知，图线斜

率先减小后增大，则电场强度先减小后增大，所以电场力先减小后增大，电子的加速度先减小后增大，B正确，D错误；C．由静止释放电子后，电场力对电子做正功，电子电势能减小，C错误。故选AB。4.如图，在点电荷Q产生的电场中，将两个带正电的试探电荷12,qq分别置于A、B两点，虚线为等势。的线．取

无穷远处为零电势点，若将12,qq移动到无穷远的过程中外力克服电场力做的功相等，则下列说法正确的是A.A点电势大于B点电势B.A、B两点的电场强度相等C.1q的电荷量小于2q的电荷量D.1q在A点的电势能小于2q在B点的电势能【答案】C【解析】【详解】

由点电荷形成的电场电场线分布规律可知A点的场强大于B点，再由电场线和电势的关系可知A点电势低于B点，又因为两电荷移到无穷远处电场力做功一样，表明电势能相同，而UAO于UBO点,所以q1的电量小于q2。故选Ｃ。5.如图所示A、B、C、D是匀强电场中的四个点，D是BC的中点，A、

B、C构成一个直角三角形，AB长为1m，电场线与三角形所在的平面平行，已知5VA=，5VB=−，15VC=，由此可以判断（）A.电场强度的方向重直AD连线斜向上B.电场强度的方向由B点指向C点C.电

场强度的大小为203V/m3D.电场强度的大小为23V/m3【答案】C【解析】【详解】AB．在匀强电场中，5V,15VBC=−=，则B、C连线的中点D的电势515V5V22BCD+−+===故DA=，AD为一条等势线，根据电场线与等势线垂直且沿着电场线方向电势降低可知，电场

强度的方向垂直于AD连线斜向下，选项AB错误；CD．电场强度的大小1020V/m3V/mcos30332===ABABUEl选项C正确，D错误。故选C。6.如图所示，在水平向左的匀强电场中，倾角α53=的固定光滑绝缘斜面，高为H。一个带正电的物块（可

视为质点）受到的电场力是重力的43倍，现将其从斜面顶端由静止释放，重力加速度为g，则物块落地的速度大小为（）A.523gHB.2gHC.25gHD.22gH【答案】A【解析】【详解】物块受到的电场力为43mg；将两力分别向沿斜面和垂直于斜面方向进行分解，则可知：电场力垂直于斜面方向上的分力44

163515yFmgmg==故一定大于重力的分力，因此物块将离开斜面沿电场力和重力的合力方向做直线运动；运动方向与竖直方向夹角的正切值为443tan3mgmg==物体在下滑过程受重力和电场力做功，根据动能定理可知：24132mgHEq

Hmv+=已知43Eqmg=代入解得523vgH=故A正确，BCD错误。故选A7.如图所示，A、B、C三点为一直角三角形的三个顶点，∠B=30°。现在A、B两点放置两点电荷qA、qB，测得C点电场强度的方向与AB平行，

则qA电性和，qA∶qB分别是（）A.负1：8B.正1：8C.负1：4D.正1：4【答案】A【解析】【详解】放在A点和B点的点电荷在C处产生的场强方向在AC和BC的连线上，因C点场强方向水平向左，故qA

带负电，qB带正电。场强叠加的示意图如图所示：。根据图示可知EA=EBsin30°=12EB根据点电荷的场强公式得2212ABqqkkACBC=由几何关系得AC=BCsin30°解得qA：qB=1：8故选A8.微信运动步数的测量是通过手机内电容式加速度传感器实现的，

如图所示，M极板固定，当手机的加速度变化时，N极板只能按图中标识的“前后”方向运动。图中R为定值电阻。下列对传感器描述正确的是（）A.静止时，电流表示数为零，电容器两极板不带电B.保持向前匀加速运动时，电路中没有电流C.由静止

突然向后加速时，电容器的电容减小D.由静止突然向前加速时，电流由b向a流过电流表。【答案】BD【解析】【详解】A．静止时，N板不动，电容器的电容不变，则电容器电量不变，则电流表示数为零，电容器保持与电源相连

，两极板带电，选项A错误；B．保持向前匀加速运动时，加速度恒定不变，则N板的位置在某位置不动，电容器电容不变，电容器保持与电源相连电压不变，由=QCU知电量不变，电路中无电流，故B正确；C．由静止突然向后加速时，N板相对向前移动，则板间距减小，根据=4rSCkd知电容C

增大，故C错误；D．由静止突然向后加速，N板相对向前移动，则板间距减小，根据=4rSCkd知电容C增大，电压不变，由=QCU知电容器电量增大，电容器充电，电流a由向b流过电流表，故D正确；故选BD。9.在如图所示的电路中，12RR、为定值电阻，电压表和

电流表均为理想电表，当滑动变阻器的触片向a端移动时，则下列说法正确的是（）A.电流表A的读数增加B.电压表V的读数减小C.电容C的电荷量增大D.电源的输出功率减小【答案】BC【解析】【详解】A．滑动变阻器滑

片向a端移动时，R3变大，电路中总电阻变大，总电流变小，R1两端电压变小，R2两端的电压变大，R2中电流变大，因此电流表的示数变小，故A错误；B．滑动变阻器滑片向a端移动时，R3变大，电路中总电阻变大，总电流变小，R1两端电压变小，电压表示数变小，故B正确；C．R2两端的电压变大，

电容器两端电压变大，电容器的带电量增大，故C正确；D．由于不能确定外电阻与内电阻的大小关系，因此不能判断电源的输出功率是变大还是变小，故D错误。故选BC。10.某同学将一直流电源的总功率PE、输出功率PR和电源内部的发热功率Pr随电流I变

化的图线画在了同一坐标系中，如图中的a、b、c所示，根据图线可知（）A.反应Pr变化的图线是cB.电源的电动势为8VC.电源内阻为2ΩD.当电流为0.5A时，外电路的电阻为6Ω【答案】ACD【解析】【详解】A.根据直流电源的总功率EPEI=，内部的发热功率2rPIr=，输出功率2RPEIIr=

−，可知反映rP变化的图线是c，反映EP变化的是图线a，反映RP变化的是图线b，故A正确；B.图线a的斜率等于电源的电动势，由得到：8V4V2E==故B错误；C.内部的发热功率2rPIr=，内阻为：28Ω2Ω2r==故C正确；D.当电流为0.5A时，由图读出电源的功率2

WEP=，由2EEPRr=+代入得到：6ΩR=故D正确．11.如图所示，把两只完全相同的表头进行改装，已知表头内阻100Ω，下列说法正确的是（）A.由甲图可知，该表头满偏电流Ig=1mAB.甲图是改装成的双量

程电压表，其中b量程为6VC.乙图中1109R=，210R=D.乙图中，15R=，245R=【答案】AC【解析】【详解】AB．由甲图可知Ig＝gURR+＝33A1002.910+＝0.001A＝1mA其中b的量程为U＝Ig（Rg＋R＋R′

）＝0.001×（100＋2.9×103＋6×103）V＝9V故B错误，A正确；CD．改装为I1＝10mA＝0.01A电流表时，并联电阻的分流电流为I'＝I1－Ig＝10mA－1mA＝9mA＝0.009A分流电阻阻值为R1＋R2＝ggIRI＝0.0011000.0

09＝1009Ω改装为I2＝100mA＝0.1A电流表时，可得分流电阻的阻值()gg212gIRRRII+=−的联立解得1109R=，210R=故D错误，C正确。故选AC。12.如图(a)所示，两平行正对的金属板A、B间相距为dAB，两板间加有如图(b)所示的交变

电压，质量为m，带电量为+q的粒子（不计重力）被固定在两板的正中间P处，且204ABqUTdm。下列说法正确的是（）A.0=t由静止释放该粒子，一定能到达B板B.4Tt=由静止释放该粒子，可能到达B板C.在02Tt和2TtT两个时间段内

运动的粒子加速度相同D.在42TTt期间由静止释放该粒子，一定能到达A板【答案】AD【解析】【详解】A．规定向右为正方向，0=t由静止释放该粒子，在0~2T时间内，粒子沿正方向做匀加速运动，在~2TT时间内沿正方向做匀减速

运动，粒子在两个运动阶段的加速度大小相等，根据对称性可知在T时刻粒子的速度减为零，之后再开始新的一个周期的运动，重复刚才所述的运动过程，由此可知粒子速度方向始终未变，则一定能到达B板，故A正确；B．规定向右为正方向，4Tt=由静止释放该粒子，假设粒子始终没有到达B板，则在

~42TT时间内，粒子沿正方向做匀加速运动，在3~24TT时间内沿正方向做匀减速运动，在3~4TT时间内沿负方向做匀加速运动，在35~44TT时间内沿负方向做匀减速运动，根据运动的对称性可知粒子在54T时刻速度为零且回到P点，之后

再开始新的一个周期的运动，重复刚才所述的运动过程。粒子在34T时刻到达距P点最远的位置，根据运动学公式可得3~44TT时间内粒子的位移大小为2200111224162ABABqUTqUTdxmdm=

所以假设成立，因此4Tt=由静止释放该粒子，不可能到达B板，故B错误；C．在02Tt和2TtT两个时间段内运动的粒子加速度大小相同，但方向相反，故C错误；D．规定向右为正方向，设t1时刻由静止释放该粒子，在1~2Tt时间内，粒子沿正

方向做匀加速运动，在()1~2TTt−时间内，粒子沿正方向做匀减速运动，在()1~TtT−时间内，粒子沿负方向做匀加速运动，在()1~TTt+时间内粒子沿负方向做匀减速运动，根据运动的对称性可知粒子在1Tt+时刻速度为零，之后再开始新的一个周期的运动，在上述过程中，根据

运动学公式可得粒子的位移为222000211111222224ABABABqUTqUqUTxttTtmdmdmd=−−=−因为142TTt所以20x说明在42TTt期间

由静止释放该粒子，粒子在一个周期的时间内的位移方向沿负方向，即一个周期后粒子在P点左侧，此后粒子重复前面所述的运动过程，其位移将逐步沿负方向增大，一定能到达A板，故D正确。故选AD。【点睛】此题用图像法来解释更为直观，通过v-t图像所表示的位移大小来判断粒子能

够达到的位置。二、非选择题（本题共52分。考生需将答案填在答题卡相应的位置或按题目要求作答）13.在测定金属电阻率的实验中，用螺旋测微器测量金属丝的直径，利用伏安法测量金属丝的电阻。螺旋测微器示数及电流表、电压表的示数都如图所示，则可读出该金属丝的直径是___________，

电压表示数为___________，电流表示数为___________，计算得出金属丝的电阻值是___________Ω（要求保留三位有效数字）。除此以外，还需测量的物理量是___________，电路选择电流表___________（选填“

内”或“外”）接法。【答案】①.1.400mm②.5.0V③.0.44A④.11.4⑤.金属丝的长度⑥.外【解析】【详解】[1]螺旋测微器的读数为1mm0.01mm40.01.400mm+=[2]电压表选择0~15V量程，分度值为0.5V，电压表的读数为5.0VU=[3]电流表选择0

~0.6A量程，分度值为0.02A，电流表的读数为0.44AI=[4]则电阻为11.4ΩURI=[5]6]由电阻定律lRS=知，还需要测量金属丝的长度，由于金属丝的电阻较小，应该采用电流表的外接法。14.用伏安法测定一个定

值电阻的阻值，实验所需器材的实物图如图所示，器材规格如下，每节蓄电池电压2V：A.待测电阻Rx（约100Ω）；B.直流电流表（量程0-40mA，内阻50Ω）；C.直流电流表（量程0-0.6A，内阻10Ω）；D．直流电压表（量程0-3V，内阻5kΩ）；E．直流

电压表（量程0-15V，内阻15kΩ）；F.直流电源（输出电压6V，内阻不计）；G.滑动变阻器（阻值范围0-15Ω，允许最大电流1A）；H.滑动变阻器（阻值范围0-200Ω，允许最大电流0.2A）；I.开关1个，导线若干。根据器材规格及实验要求，在本

题的实物图上连线。（1）电流表选择___________，电压表选择___________，滑动变阻器选择___________。（填写实验仪器字母代号）（2）画出电路图。___________（3）连接实物图

。___________【答案】①.B②.D③.G④.⑤.【解析】【详解】（1）[1][2][3]电路中的最大电流为6A60mA100xEIR===电流表选择B，电压表选择量程为3V的D即可，滑动变阻器用分压电路，则选择阻值较小的G。（2）[4]因电压

表内阻远大于待测电阻的阻值，则选用安培表外接，滑动变阻器用分压电路，则电路图。（3）[5]连接实物图如图。15.某学习小组在练习使用多用电表的同时，对多用电表进行了探究（以下问题中均使用同一多用电表）。请回答下列问题：（1）该学习小组先使用多用电表测量直流电压，若选择开关处在直流电

压10V挡，指针的位置如图甲所示，则测量结果为___________V，若选择开关处在直流电压50V挡，指针的位置如图甲所示，则测量结果为___________V。（2）将多用电表挡位调到电阻“×1k”挡，进行欧姆调零后将红黑表笔分

别接在没有接入电路的滑动变阻器（最大阻值为100Ω，如图乙所示）A、B两个接线柱上，则发现欧姆表指针的偏转情况是___________（选填“较小”或“较大”）。（3）然后学习小组将多用电表选择开关旋至某倍率欧姆挡并重新进行欧姆调零后测未知电阻值的电路如图丙所示。通过查找资料，了解到表头G的满偏

电流为10mA，并通过测量作出了电路中电流I与待测电阻阻值Rx关系图像如图丁所示，由此可确定电池的电动势E=___________V，该图像的函数关系式为I=___________。综上可判定学习小组使用多用电表欧姆挡的倍率是下列四个选项中的

___________（填字母代号）。A.×1B.×10C.×100D.×1k【答案】①.5.4②.27.0③.较大④.1.5⑤.1.5150xR+⑥.B【解析】【详解】（1）[1][2]若选择开关处在直流电压10V挡，则最小刻度为0.2V，测量结果为

5.4V；若选择开关处在直流电压50V挡，最小刻度为1V，则测量结果为27.0V。（2）[3]将多用电表挡位调到电阻“×1k”挡，测量阻值为100Ω的电阻时选择的档位过大，则欧姆表指针的偏转角度较大。（3）[4]由图可知，欧姆表满偏电流为Ig=10mA，当半偏时外接电阻为Rx=

150Ω，则gEIr=12gxEIRr=+解得E=1.5Vr=150Ω[5]该图像的函数关系式为1.5150xxEIRrR==++[6]内多用电表欧姆挡的内阻为R=150Ω，而表盘中间刻度为15Ω，故倍率是×10，故选B

。16.利用电流表和电压表测定一节干电池的电动势和内电阻．要求尽量减小实验误差．（1）应该选择的实验电路是图中的________(选填“甲”或“乙”)．（2）某位同学记录的6组数据如下表所示，其中5组数据

的对应点已经标在图中的坐标纸上，请标出余下一组数据的对应点，并画出U－I图线________．序号123456电压U/V1.451.401.301.251.201.10电流I/A0.0600.1200.2400.2600.3600.480（

3）根据（2）中所画图线可得出干电池的电动势E＝________V，内电阻r＝________Ω．（4）实验中，随着滑动变阻器滑片的移动，电压表的示数U及干电池的输出功率P都会发生变化．下图的各示意图中正确反映P－U关系的是________．【答案】①.(1)甲②.(2)如下图；③.(3)1.

50(1.49～1.51)④.0.83(0.81～0.85)⑤.(4)C【解析】【详解】(1)干电池内电阻较小，远小于电压表内阻，选用甲电路时电源内电阻的测量值相对误差小．(2)作图过程略，如图；(3)由U＝E－I

r知U－I图线在U轴上的截距表示E、斜率的绝对值表示r，由图线可得E＝1.50V，r＝0.83Ω．(4)由P＝IU＝-EUr×U＝1r(UE－U2)可知，P－U图线是一条开口向下的抛物线，故选C．17.如图所示，一质量为m、电荷量为q的带负电微粒（重力不计），在匀强电场中A点的速度大小为v

、方向与电场线垂直，在B点的速度大小为3v，已知A、B两点在平行电场线方向上的距离为L，求：（1）A、B两点的电压；（2）电场强度的大小和方向。【答案】（1）24mvq；（2）24mvqL，方向向左【解析】【详解】（1）从A到B由动能定理221

1(3)22ABmvmvUq−=解得A、B两点的电压24ABmvUq=（2）电场强度的大小24ABUmvELqL==方向向左。18.计算机断层（CT）扫描仪是医院常用设备，如图是部分结构的示意图。图中两对平行金属极板MN、E

F分别竖直、水平放置。靠近M极板的电子从静止开始沿EF极板间的中线OO1，经MN间电场加速后进入EF板间，射出EF极板后打到水平放置的圆形靶台上。已知MN板间电压为U1，EF极板长为L、间距为d；靶台直径为2L、与OO1的距离为d、左端与EF极板右端的水平距离也为2L；电子质量为m、电量为

e；电子重力和所受空气阻力的影响可忽略。（1）求电子穿过N极板小孔时的速度大小v1；（2）若电子刚好打在靶台左端，求EF极板所加电压U2；（3）若只改变EF极板间电压，已知d=3m，L=2m，U1=1000V，使打在靶台上的电子动能最小，求此动能的最小值Ekmin

（结果用eV表示）。【答案】（1）112Uevm=；（2）21222dUUL=；（3）2000eV【解析】【详解】（1）电子在MN极板间被加速，则21112Uemv=解得电子穿过N极板小孔时的速度大小112Uev

m=（2）若电子刚好打在靶台左端，则射出EF极板时速度的偏向角满足2tan2ddLL==1tanatv=2Ueadm=1Ltv=解得21222dUUL=（3）使打在靶台上的电子动能最小，则电子在偏转电场中偏转距离最小，则电子打在靶台上右端时电子的动能

最小，此时由平抛运动的规律可知，连接靶台右端与两板中心的连线方向为电子出射的方向，则由几何关系偏转距离1232LyLdL==+即3dy=则由2312Ueytdm=1Ltv=解得213243dUUL=则电子打到靶台上的最小动能23min1124(1)9kUdEUe

yeUedL=+=+带入数值获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com