【文档说明】四川省宜宾市叙州区第一中学2019-2020学年高二下学期期中考试物理试题【精准解析】.doc，共(13)页，540.000 KB，由小赞的店铺上传

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2020年春四川省叙州区第一中学高二期中考试物理试题第I卷选择题（54分）一、单选题（每小题6分，共9个小题，共54分；其中1-6题为单选题，7-9题多选题，少选得3分，多选错选得0分）1.关于近代物理，

下列说法错误．．的是（）A.轻核聚变反应方程234112HHHeX+→+中，X表示电子B.α粒子散射实验现象揭示了原子的核式结构C.分别用红光和紫光照射金属钾表面均有光电子逸出，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大D.基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=3激发态后，可能发射

2种频率的光子【答案】A【解析】轻核聚变反应方程234112H+HHe+X→中，X的质量数为2341m=+−=，电荷数1120z=+−=，可知X表示中子，A错误；卢瑟福的α粒子散射实验揭示了原子具有核式结构，B正确；分别用红光和紫光

照射金属钾表面均有光电子逸出，由于紫色光的频率大，由：0kmEhW=−可知，紫光照射时，逸出的光电子的最大初动能较大，C正确；基态的一个氢原子吸收一个光子跃迁到n=3激发态后，当该原子向地能级跃迁时，可

能的途径是：n=3→n=1→n=1，所以可能发射2种频率的光子，D正确．2.一架低空飞行的飞机，从远处水平匀速地飞至某同学头顶上空，若飞机振动的频率始终不变，从听到声音至飞机飞临该同学头顶上空时刻前，他听到的飞机声音的

音调(即频率)()A.不变，且一直与飞机实际发出的声音音调相同B.不变，且一直比飞机实际发出的声音音调低C.不变，且一直比飞机实际发出的声音音调高D.一直比飞机实际发出的声音音调高【答案】D【解析】【详解】飞机和人的关系如图所示，其

中S为飞机，P为该同学．利用运动的分解把飞机的速度分解为两个速度，不难得到v1＝vcosθ，v为飞机水平速度，v1为靠近速度，随着飞机飞临该同学头顶，θ角逐渐增大，容易看出v1逐渐减小，所以他听到的飞机声音的音调是变的，但始终比飞机实际发出的声音音调高，故ABC错误，D正确。故选D。3

.关于分子间的作用力，下列说法正确的是A.分子之间的斥力和引力大小都随分子间距离的增大而增大B.分子间距离减小时，分子力一直做正功C.分子间距离增大时，分子势能一直减小D.分子间距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置【答案】D【解析】【详

解】A．分子之间的斥力和引力大小都随分子间距离的增加而减小，故A错误；B．两分子之间的距离大于r0，分子力为引力，故当相互靠近时分子力做正功；当分子间距小于r0，分子力为斥力，相互靠近时，分子力做负功，故B错误；C．两分子

之间的距离大于r0，分子力为引力，故当分子之间的距离增加时，分子力做负功，分子势能增加，故C错误；D．当两分子之间的距离等于r0，分子势能最小；从该位置起增加或减小分子距离，都是分子力做负功，分子势能增加，故分子之间的距离增大

时，可能存在分子势能相等的两个点，故D正确．4.某线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的交变电流的图象如图所示，由图中信息可以判断()A.在A、C时刻线圈处于中性面位置B.在B、D时刻穿过线圈的磁通量为零C.从A～D线圈转过的角度为2πD.若从O～D历时0.02s，则在1s内交变电流

的方向改变了100次【答案】D【解析】【分析】圈在中性面上磁通量最大，感应电动势与感应电流均为零；线圈在平行于磁场位置（垂直于中性面处）穿过线圈的磁通量为零，感应电动势与感应电流最大；在一个周期内，电流方向改变两次，根据图象分析答题．【详解】由图象可知，在B、D时刻，感应电

流为零，此时线圈位于中性面上，穿过线圈的磁通量最大，A、C时刻感应电流最大，此时线圈与中性面垂直，磁通量为零，故AB错误；从A到D，经历34个周期，线圈转过的角度为33242=，故C错误；由图象可知，从O～D是一个周期，

如果经历时间为0.02s，则1s是50个周期，电流方向改变100次，故D正确．5.弹簧振子在A、B间做机械振动，O为平衡位置，则（）A.当振子从O向A运动时，速度变小B.当振子从A向O运动时，位移变大C.当振子从O向B运动时，

加速度变小D.当振子从B向O运动时，回复力变大【答案】A【解析】O为平衡位置，合力为零，从O到A时，回复力增大，振子做减速运动，速度变小，A正确；从A到O，距离O点的距离越来越小，位移变小，B错误；从O到B，弹簧的形变量变大，回复力变大，加速度变大，C错误；从B到O过程中，弹簧的形变量减小，回

复力减小，D错误．6.如图所示的远距离输电电路图中，升压变压器和降压变压器均为理想变压器且都有一个线圈可调，发电厂的输出电压及输电线的电阻均不变。在用电高峰期，随着用户耗电量的增大导致实际用户电压偏低，为使用户电压达到正常，下列说法中正确的是()A.仅P1上调一点

可使用户电压升高，线路损失减小B.仅P2上调一点可使用户电压升高，线路损失增大C.仅P2下调一点可使用户电压升高，线路损失减小D.仅P1下调一点可使用户电压升高，线路损失增大【答案】B【解析】【详解】AD．将P1上调一点，则升压变压器的原线圈的匝数增加，由匝数比与电压比的关系可知，输电线的输送

电压减小，由P=UI可知输送的电流增大，由2=PIr损可知线路损失增大；由UIr=损可知输电线损耗的电压增大，所以到达降压变压器的电压减小，则用户达到的电压减小；同理可知将P1下调一点可知线路损失将减小，用户达到的

电压增加，故A错误，D错误。BC．将P2上调一点，则降压变压器的副线圈的匝数增加，用户达到的电压增加，输送电流增加，发电厂的输出电压及输电线的电阻均不变，根据2=PIr损可知线路损失将增加；同理可知P2下调一点则用户电压将减小，线路损失将减小，故B正确，C错误。故选B。【

点睛】对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关．7.如图所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，OO′为其对称轴．一导线

折成边长为l的正方形闭合回路abcd，回路在纸面内以恒定速度v0向右运动，当运动到关于OO′对称的位置时()A.穿过回路的磁通量为零B.回路中感应电动势大小为2BLv0C.回路中感应电流的方向为顺时针方向D.回路中ab边与cd边所受安

培力方向相同【答案】ABD【解析】试题分析：磁通量为穿过平面的净磁通，故此时刻磁通量为零，所以A正确；ab切割磁感线产生电动势为Blv0，cd边切割磁感线产生电动势也是Blv0，由右手定则知，两电动势串联，故回路中感应电动势大小为2

Blv0，所以B正确；根据右手定则可知感应电流的方向为逆时针方向，所以C错误；再根据左手定则可判断回路中ab边与cd边所受安培力方向均向左，所以D正确．考点：本题考查磁通量、右手定则、左手定则8.如图，A、B是相同的白炽灯，L是自感系数很大、电阻可

忽略的自感线圈．则（）A.闭合开关S时，A、B灯同时亮，且达到正常B.闭合开关S时，B灯比A灯先亮，最后一样亮C.闭合开关S时，A灯比B灯先亮，最后一样亮D.断开开关S时，A灯与B灯同时逐渐熄灭【答案】CD【解析】【详解】开关S闭合的瞬间，电源的电压同时加到两支路的两端，A

灯立即发光．由于线圈的自感阻碍，B灯后发光，逐渐变亮，由于自感线圈的电阻可忽略，所以最后两灯一样亮，故AB错误，C正确；断开开关S的瞬间，线圈与两灯一起构成一个自感回路，由于线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当

电源，两灯同时逐渐熄灭，故D正确．9.如图，在水平面内固定有两根相互平行的无限长光滑金属导轨，其间距为L，电阻不计。在虚线l1的左侧存在着竖直向上的匀强磁场，在虚线l2的右侧存在竖直向下的匀强磁场，两部分磁场的磁感应强度均为B。a、b两根电阻均为

R的金属棒与导轨垂直，分别位于两块磁场中，现突然给a棒一个水平向左的初速度v0，在两棒达到稳定的过程中下列说法正确的是（）A.两金属棒组成的系统的动量守恒B.两金属棒组成的系统的动量不守恒C.安培力对a棒做功的功率等于a棒

的发热功率D.安培力对a棒做功的功率等于安培力对b棒做功功率与两棒总发热功率之和【答案】BD【解析】【详解】a棒在左侧磁场中切割磁感线，产生感应电动势，在回路中产生顺时针的感应电流，a棒受到向右的安培力，在b棒中的电流方向向外，所以b棒受到向左的安培力向右运动，所以a

棒减速，b棒加速AB项：由于a、b棒所受安培力都向右，所以ab系统所受合外力不为零，所以两金属棒组成的系统的动量不守恒，故A错误，B正确；CD项：根据能量守恒可知，a棒动能的减小量等于回路中产生的热量和b棒动能的增加，由动能定理可知，a

棒动能的减小量等于安培力对a棒做功的功，b棒动能的增加等于安培力对b棒做的功，所以安培力对a棒做功的功率等于安培力对b棒做功功率与两棒总发热功率之和，故C错误，D正确。第II卷非选择题二、实验题10.（1）如图所示，某同学在利用插针法测定玻璃砖折射率的实验

中误将界面'bb画得离开玻璃砖边缘一段距离，但自己并未察觉．则他测得的折射率将_______（填“大于”、“等于”或“小于”真实值）．（2）下图是杨氏双缝干涉实验的示意图，其中1S为双缝，D为光屏，D点为中央亮条纹的中心，1P为第一级亮纹的中心点，若将光源由红光换成蓝光

，其条件不变，则图中第一级亮纹的中心点将_______（填上移、下移或不动）【答案】(1).小于(2).下移【解析】（1）如图所示,虚线表示作图得到的光路图,而实线是实际光路图,可见,入射角没有变化,折射角的测量值偏大,则由n=

sini/sinr知，测得折射率小于真实值．（2）根据公式△x=Lλ/d可知，若将光源由红光换成蓝光,其条件不变,在双缝干涉实验中,因波长变短,导致条纹间距变小,则P1的位置将向下移．11.某同学做“

用单摆测定重力加速度”的实验，已知单摆在摆动过程中的摆角小于5°；在测量单摆的周期时，从单摆运动到最低点开始计时且记为1，到第n次经过最低点所用的时间为t；在测量单摆的摆长时，现用毫米刻度尺测得悬挂后

的摆线长（从悬点到摆球的最上端）为L，再用游标卡尺测得摆球的直径为d．(1)该单摆在摆动过程中的周期为T=_____________；(2)请你帮助该同学写出求重力加速度的一般表达式g=___________（用题中所给的物

理量的符号表示）；(3)该同学用游标卡尺测量小球的直径，如图甲所示，读数是________cm；(4)为了提高实验精度，该同学采用的措施是：在实验中改变几次摆长l并测出相应的周期T，从而得出多组对应的T

与l的数据，以2T为纵坐标，l为横坐标得到如图乙所示的图线为一条倾斜直线，并求得该直线的斜率为k，则①重力加速度g=___________（用k表示）；②图中直线并没有坐标原点，而是与纵轴的正半轴相交于一点，则实验过程中可能存在的失误是____________

；【答案】(1).21tn−；(2).()2221()2dnLt−+；(3).3.030；(4).24k；(5).计算摆长时漏加小球半径【解析】【详解】(1)由题，从单摆运动到最低点开始计时且记数为1，到第

n次经过最低点所用的时间内为t，则单摆全振动的次数为12nN−=，周期21ttTnn==−.(2)单摆的长度为2dlL=+，由单摆的周期公式2lTg=，得222(1)()2dnLgt−+=.(3)由图示游标卡尺主尺可知，游标卡尺所示为：30mm+6×0.05mm=3

0.30mm=3.030cm；(4)根据周期公式2LTg=，此公式变形得到224Tlg=，以l为横坐标、2T为纵坐标所得到数据连成直线，并求得该直线的斜率24kg=，即24gk=.若根据所得数据连成

的直线的延长线没过坐标原点，而是与纵轴的正半轴相交于一点，则实验过程中可能存在的失误是摆长漏加小球半径.【点睛】常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系．单摆的周期采用累积法测量可减小误差．对于测量误差可根据实验

原理进行分析．三、解答题12.如图所示为一直角棱镜的截面图，o90ACB=，o53CAB=，AC边长为L。一平行细光束从AB面上的O点沿垂直于AB面的方向射入棱镜，在AC面的中点P恰好发生全反射，在BC面上的M点发生反射和折射（P点

和M点图中未画出），反射光线从AB面的O射出，已知光在真空中的传播速度为c（osin530.8=，ocos530.6=），求：（1）该棱镜的折射率；（2）光在棱镜中传播时从O点到O点所用的时间。【答案】（1）1.25；（2）2Lc。【解析】【详解】（1）在AC面的中点

P，由1sinCn=知，全反射角53C=，该棱镜的折射率1.25n=（2）由几何知识可知2sin5325LOPL==52sin538LPML==3tan3728LMCL==2324MBBCMCL=−=o23cos5340MOMBL==光在棱镜中的总路程85xOPPMMOL=++=

由cnv=，光在棱镜中的速度v=cn光在棱镜中传播时从O点到O点所用的时间2xLtvc==答：（1）该棱镜的折射率为1.25；（2）光在棱镜中传播时从O点到O点所用的时间为2Lc13.如图1所示，两平行长直光滑金属导轨水平放置，间距为L，左端连接一个电容为C的电容器

，导轨处在磁感应强度大小为B、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中．质量为m的金属棒垂直导轨放置，某时刻金属棒获得一个水平向右的初速度v0，之后金属棒运动的v－t图象如图2所示．不考虑导轨的电阻．(1)求金属棒匀速运动时的速度v1；(2)求金属棒匀速运动时电容器的电荷量q；(3

)已知金属棒从开始到匀速运动的过程中，产生的焦耳热为Q，求电容器充电稳定后储存的电能E．【答案】(1)22mvmCBL+(2)22CBLmvmCBL+(3)2012mv－3202222()mvmCBL+－Q【解析】【详解】(1)金属棒匀速运动切割磁感线产生的电动势E=BLv1电容器的电荷

量q=CE金属棒从开始到匀速运动的过程中，由动量定理有－BILt0=mv1－mv0电容器的电荷量q=It0联立解得v1=22mvmCBL+(2)由(1)可知q=CE=CBLv1=22CBLmvmCBL+(3)在0～t时间内，金属棒的速度由v0到v1，由能量守恒可得E＋Q=22011122mv

mv−解得E=2012mv－()3202222mvmCBL+－Q14.如图甲所示，光滑曲面轨道固定在竖直平面内，下端出口处在水平方向上．一平板车静止在光滑水平地面上，右端紧靠曲面轨道，平板车上表面恰好与曲面轨道下端相平．一质量为m=0.1kg的小物块从

曲面轨道上某点由静止释放，初始位置距曲面下端高度h=0.8m．物块经曲面轨道下滑后滑上平板车，最终没有脱离平板车．平板车开始运动后的速度图象如图乙所示，重力加速度g=10m/s2．（1）根据图乙写出平板车在加速过程中速度v与时间t的关系式．（2）求平板车的质量M．（3

）求物块与平板车间的动摩擦因数μ和在车上滑动过程中产生的内能Q．【答案】(1)2vt=；(2)0.3kg；(3)0.6；0.6J【解析】【详解】解：(1)由图象知平板车的加速度：2Δ2m/sΔvat==平板车在加速过程中v与t的关系式为

：2vt=(2)物块沿曲面下滑过程，机械能守恒，则有：2012mghmv=解得：04m/sv=物块滑上车之后最终没有脱离平板车，动量守恒，则有：0()tmvmMv=+由图象知物块与平板车最后的共同速度：1m/s

tv=代入数据解得平板车的质量：30.3kgMm==(3)平板车在加速过程中，由牛顿第二定律可得：mgMa=由图象知平板车的加速度：22m/sa=代入数据解得物块与平板车间的动摩擦因数：0.6=根据能量守恒可得在车上滑动过程中产生的内能：22011()0.6J22tQmvmMv=−+

=