【文档说明】黑龙江省哈尔滨师范大学附属中学2020级高二上学期期中考试+物理+理科试卷含答案.docx，共(7)页，321.375 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-90f6cc8b5f3d91bfac30bc6c3357a6f5.html

以下为本文档部分文字说明：

哈师大附中2020级高二上学期期中考试物理试题满分100分；考试时间90分钟一、选择题（共15题，每题3分，共45分；其中第1到第10题为单选题；第11到第15题为多选题，漏选得1分）1．下列物理量中哪些与检验电荷有关（D）A．电场强度B．电势C．电势差D．电势能2．下列说法

正确的（C）A．电场中电势越高的地方，电荷具有的电势能越大B．电场强度越大的地方，电场线一定越密，电势也一定越高C．某电荷在电场中沿电场线的方向移动一定距离，电场线越密的地方，它的电势能改变越大D．电场强度为零的地方，电势一定为零3．某电场的电场线分布如图所示，一带电粒子仅在静电力

作用下沿图中虚线所示路径运动，先后通过M点和N点，以下说法正确的是(A)[金版原题]A．粒子带正电B．粒子在M、N点的加速度aM>aNC．粒子在M、N点的速度vM>vND．M、N点的场强EM>EN4．如图所示，a、b、c、d、e、f是以O为球心的球面上的

点，平面aecf与平面bedf垂直，分别在b、d两个点处放有等量同种点电荷+Q，取无穷远处电势为零，则下列说法正确的是（D）A．a、e、c、f四点电场强度相同B．a、e、c、f四点电势不同C．电子沿球面曲线aec→→运动过程中，电场力先做正功后做负功D

．电子沿直线aOc→→运动过程中，电势能先减少后增加5．研究与平行板电容器电容有关因素的实验装置如图所示．下列说法正确的是(A)A．实验前，只用带正电玻璃棒与电容器a板接触，能使电容器两极板都带电B．实验中，只将电容器b板向上平移，静电计指针的张角变小C．实验中，只在

极板间插入塑料板，静电计指针的张角变大D．实验中，只增加极板带电荷量，静电计指针的张角变大，表明电容增大6．图中接地金属球A的半径为R，球外点电荷的电荷量为Q，到球心的距离为r。则感应电荷在球心的场强大小等于(D)A.22rQkRQk−B.22rQkRQk+C

．0D．2RQk7．图示为一带电粒子在水平向右的匀强电场中运动的一段轨迹，A、B为轨迹上的两点．已知该粒子质量为m、电荷量为q，其在A点的速度大小为vo，方向竖直向上，到B点时速度方向与水平方向的夹角为30°，粒子重力不计．则A、B两点间的电势差为（C）A．20mvqB．202mvqC．203

2mvqD．202mvq8．两块大小、形状完全相同的金属板正对并且水平放置，构成一个平行板电容器，将两金属板分别与电源正负极相连接，将与电源负极相连的极板接地，p是平行板中间的一点，如图所示。下列判断正确的是（B）A．保持开关S闭合，下板向上移动一小段距离，p点电势升高B．保持开关S闭

合，上板向下移动一小段距离，p点电势升高C．断开开关S，下板向上移动一小段距离，p点电势升高D．断开开关S，上板向下移动一小段距离，p点电势升高9．如图所示，电荷量为Q1、Q2的两个正电荷分别置于A点和B点，两点相距L，在以L为直径的光滑绝缘半圆环上，穿着一个带电小球q（可视为点电荷），在P点平

衡．不计小球的重力，那么，PA与AB的夹角α与Q1、Q2的关系应满足（D）[校本原题]A.212tanQQ=B.213tanQQ=C.122tanQQ=D.123tanQQ=10．如图，在匀强电场中有一长方形区域ABCD，边长AB＝0.3m、

BC＝0.4m，匀强电场方向与ABCD所在平面平行，A、B、C三点的电势VA55=，VB19=，VC45−=，则匀强电场的电场强度大小和方向为(B)A．120V/m，沿AC方向B．200V/m，沿AC方向C．160V/m，沿BD方向D．30

0V/m，沿BD方向11．如图所示，用绝缘细线拴一个带负电的小球，让它在竖直向下的匀强电场中绕O点做竖直平面内的圆周运动，a、b两点分别是圆周的最高点和最低点，则(CD)[金版原题]A．小球经过a点时，

线中的拉力最小B．小球经过b点时，电势能最小C．小球经过a点时，电势能最小D．小球经过b点时，机械能最小12．在如图所示的电路中，C为一平行板电容器，闭合开关S，给电容器充电，当电路中电流稳定之后，下列说法正确的是（AC）A．保

持开关S闭合，把滑动变阻器1R的滑片向上滑动，电流表的示数变大，电压表的示数变大B．保持开关S闭合，不论滑动变阻器1R的滑片是否滑动，都没有电流流过2RC．保持开关S闭合，将电容器上极板与下极板距离稍微拉开一些的过程中，2R中有由a到b的电流D．断开

开关S，若此时刚好有一带电油滴P（图中未画出）静止在电容器两平行板之间，将电容器上极板与下极板稍微错开一些的过程中，油滴将向下运动13．如图所示，直线A为某电源的U—I图线，曲线B为某小灯泡L的U—I图线的一部分，用该电源和小灯泡L串联起来

组成闭合回路时灯泡L恰能正常发光，则下列说法中正确的是（CD）[金版原题]A．此电源的电动势为4V，内电阻为2Ω3B．此电源的短路电流为6AC．灯泡L的额定电压为3V，额定功率为6WD．把灯泡L换成阻值恒为1Ω的纯电阻，电源的输出功率将变大14．如图所示电路中，

电源电动势为12V，内阻为2Ω，指示灯LR的阻值为16Ω，电动机M线圈电阻为2Ω。当开关S闭合时，指示灯LR的电功率为4W。电流表内阻不计，那么下列说法中正确的是（CD）A．流过电动机M的电流为4AB．流过电流表的电流为4.5AC．电动机M输出的机械功率7.5WD．电源的总功率

为24W15．在光滑的绝缘水平面内有一沿x轴的静电场，其电势φ随坐标x的变化而变化，变化的图线如图所示(图中φ0已知)。有一质量为m，带电量为q的带负电小球(可视为质点)从O点以某一未知速度v0沿x轴正向移动

到点x4。则下列叙述正确的是(BC)A.带电小球从O运动到x1的过程中，所受电场力逐渐增大B.带电小球从x1运动到x3的过程中，电势能一直增大C.若小球的初速度v0＝2φ0qm，则运动过程中的最大速度为6φ0qmD.要使小球能运动到x4处，则初速度v0至少为2φ0qm二、实验题（共

2题，共18分；第16题8分，第17题10分）16．在“测定电源的电动势和内阻”的实验中，某同学用如图甲所示的电路测量一电源的电动势E和内阻r（E约为3V，r很小），除了电源、开关S、导线外，实验室可供选择的器材还有：A．电

流表1A（量程3A）B．电流表2A（量程0.6A）C．电压表V（量程3V）D．定值电阻0R（阻值4Ω）E．滑动变阻器1R（0~10Ω）F．滑动变阻器2R（0~100Ω）（1）为了更加准确地进行测量，电流表应选______，滑动变阻器应选______（填

器材前的字母代号）；（2）该同学连接好器材进行实验，移动滑动变阻器滑片，测得多组电流I、电压U的数据，作出U—I图像如图乙所示，根据图像得出电池的电动势E=______V；内阻r=______Ω（计算结果

均保留2位小数）；【答案】BE2.93~2.951.44~1.48（每空2分）17．某同学要测量一个由均匀新材料制成的圆柱体的电阻率。步骤如下：（1）用20分度的游标卡尺测量其长度如图甲所示，可知其长度为L=______mm。（2）用螺旋测微器测量其

直径如图乙所示，可知其直径为d=______mm。图甲图乙（3）根据=______（用R、d、L及有关常数表示），即可计算该金属丝的电阻率。该电阻的阻值约为2.2×102Ω。为更精确地测量其电阻，现有的器材及其代号和规格如下：待

测圆柱体电阻R；电流表A1（量程0~15mA，内阻约为30Ω）；电流表A2（量程0~3mA，内阻约为50Ω）；电压表V1（量程0~3V，内阻约为10kΩ）；电压表V2（量程0~15V，内阻约为25kΩ）；直流电源E（电压为4V，内阻不计）；滑动变阻器R1（阻值范围0~15Ω）；滑动变阻器R2（阻

值范围0~2kΩ）；开关S，导线若干。为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在虚线框中画出正确的电路图，并标明所用器材的代号______。234cm12345678900【答案】19.005.20024RdL（每空2分）（电路连接

2分；器材标号2分）三、计算题（共3题，共37分，其中第18题8分；第19题12分；第20题17分）18．如图所示，a、b、c、d四个带正电小球恰好构成“三星拱月”之形，其中a、b、c三个完全相同的带正电小球被固定同一绝缘水平面

内半径为R的圆周上，O为圆心，三小球所在位置恰好将圆周三等分。小球d位于距O点正上方R处，处于静止状态，已知a、b、c三小球的电荷量均为q，d球的电荷量为6q，重力加速度为g。静电力常量为k。求d球的质量m。【答案】22922kqmgR=【详解】由几何关系可知2adbdcd

R===（2分）则a、b、c对d球的库仑力大小均为222263(2)qqFkkRR==（2分）则由平衡条件可知3cos45Fmg=（2分）联立解得22922kqmgR=（2分）19．如图所示，在水平向右的匀强电场中，用长为L不可伸长的绝缘细线拴住一质量为m，带电荷量为q的

小球，线的上端固定于O点．细线与竖直方向成30°角时静止释放小球，小球开始摆动，当摆到A点时速度为零，此时OA恰好处于水平状态，设整个过程中细线始终处于拉直状态，静电力常量为k，忽略空气阻力．求：（1）判断小球电性；（2）B、A两点间的电势差UBA；（3）匀强电场的场强E的大小．【答案】（1）小

球带正电（2分）（2）小球从B到A过程，由动能定理得：030cos=−oBAmgLqU（2分）解得：33mgUBA=（2分）（3）BA间沿电场线的距离为：cos30dLL=+（2分）在匀强电场中，有：dUEBA=（2分）联立

解得：33mgE=（2分）20．如图所示，在平面直角坐标系的第一象限内有水平向左的、场强为E的匀强电场，y轴与直线x＝－d(d>0)区域内有竖直向下的、场强也为E的匀强电场．一个带电荷量为＋q的粒子(重力不计)从第一象限

的S点由静止释放．(1)若S点的坐标为(d2，d2)，求粒子通过x轴时的坐标；(2)若S点的坐标为(d，d)，求粒子通过x轴时的动能；(3)若粒子能通过x轴上坐标为(－3d,0)的P点，求释放该粒子的点S的坐标(x，y)应该满足的条件．(1)(

－d,0)(2)5qEd4(3)4xy＝5d2(x>0，y>0)【解析】(1)设进入第二象限前粒子的速度为v0，质量为m，由动能定理得qEd2＝12mv02（1分）在第二象限中运动时，粒子做类平抛运动，假设粒

子通过x轴没有出电场左边界，则有加速度a＝qEm（1分）x轴方向上x＝v0t（1分）y轴方向上d2＝12at2（1分）联立解得x＝d．（1分）所以粒子通过x轴时的坐标为(－d,0)．（1分）(2)设进入第二象限前粒子的速度为v，质量为m，由动能定理

得qEd＝12mv2（1分）在第二象限中运动时，粒子做类平抛运动，x轴方向上d＝vt1（1分）y轴方向上y＝12at12（1分）解得y＝d4（1分）对整个过程由动能定理得qEd＋qEd4＝Ek－0（1分）解得Ek＝5qEd

4.（1分）(3)设粒子到达y轴时的速度为v0′，通过第二象限电场所用的时间为t2，粒子进入第二象限前由动能定理得qEx＝mv0′22（1分）v0′＝dt2（不再给分，第二问有了）vy＝at2（1分）22221aty=（不再给分，第二问有了）粒子刚出第二

象限电场时速度偏向角的正切值tanθ＝vyvx（1分）粒子出第二象限电场后做直线运动，由几何关系有ddyy−−=3tan2（1分）解得4xy＝5d2（1分）