【文档说明】河北省保定市定州市2023-2024学年高二上学期11月期中物理答案.pdf，共(5)页，455.582 KB，由小赞的店铺上传

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高二期中测试———物理（Ａ）答案第１页（共４页）】高二年级期中测试———物理（Ａ）答案与解析１．【答案】Ｄ【解析】伽利略通过斜面实验得到力不是维持物体运动状态原因的结论，故Ａ错误；奥斯特发现了电流的磁效应，首次揭示了电与磁

的联系，故Ｂ错误；麦克斯韦发现变化的磁场能产生电场，预言了电磁波的存在，赫兹证实了电磁波的存在，故Ｃ错误；卡文迪什通过扭秤实验测得引力常量，被誉为“第一个称出地球质量的人”，Ｄ正确。２．【答案】Ｃ【解析】由ｘ－ｔ图像可知，甲和乙运动方向不同，故Ａ错误；甲的ｘ－ｔ图像是抛物线说明甲做

匀加速直线运动，故Ｂ错误；甲在４ｓ内位移大小为２０ｍ，由ｘ＝１２ａｔ２得ａ＝２５ｍ／ｓ２，前２ｓ由ｘ′＝１２ａｔ′２得ｘ′＝５ｍ，故２ｓ时甲和乙对应的坐标值为１５ｍ，乙的ｘ－ｔ图像是倾斜直线，故乙做匀速直线运动，斜率ｋ＝ｖ＝５ｍ／ｓ，故Ｃ正确；０～２ｓ内甲和乙的通过的位移大

小分别为５ｍ和１０ｍ，故Ｄ错误。３．【答案】Ａ【解析】设挡板ＢＣ与水平方向的夹角为θ，则挡板ＡＢ对手机的弹力ＦＮ１＝ｍｇｓｉｎθ，挡板ＢＣ对手机的弹力ＦＮ２＝ｍｇｃｏｓθ，转动过程中θ慢慢减小为０，ＦＮ１变小，ＦＮ２变大，故Ａ正确，Ｂ、Ｃ、Ｄ错误。４．【答案】Ｂ【解析】太空中

钢球处于完全失重状态，仍受重力作用，Ａ错误；在太空中，钢球组成的系统在碰撞过程中内力远远大于外力，故在碰撞过程中动量守恒，Ｂ正确；中国空间站轨道高度约４００ｋｍ，做匀速圆周运动的速度应小于７９ｋｍ／ｓ，Ｃ错误；由ＧＭｍＲ２＝ｍｇ、ＧＭｍ（Ｒ＋ｈ）

２＝ｍａｎ，知中国空间站做匀速圆周运动的向心加速度应小于地球表面的重力加速度，Ｄ错误。５．【答案】Ｃ【解析】等量异种电荷中两个点电荷在Ｏ处场强方向相同，故中心Ｏ处电场强度不为零，Ａ错误；ａ处与ｂ处的电场强度相同，Ｊ处

与Ｓ处的磁感应强度也是相同的，Ｂ错误；ａ处的电场强度大小为ｋＱ（Ｌ２）２＋ｋＱ（３Ｌ２）２＝４０９ｋＱＬ２，方向向右，故Ｃ正确；Ｊ处的磁感应强度大小为ｋＩ１２Ｌ＋ｋＩ３２Ｌ＝８３ｋＩＬ，方向向下，故Ｄ错误。{#{QQABCYCUggiAAAJ

AAAhCAwESCAEQkBCCCKoOxFAEoAABgBNABAA=}#}高二期中测试———物理（Ａ）答案第２页（共４页）】６．【答案】Ｄ【解析】由题意和ｖ－ｔ图像知，越野车速度最大时应有Ｐ额＝ｆｖｍ，汽车受到的阻力为

２０００Ｎ，Ａ正确；当汽车匀加速运动时，由图像可知ａ＝４ｍ／ｓ２，当匀加速结束时由Ｐ额＝Ｆｖ，Ｆ－ｆ＝ｍａ，越野车的质量为１５００ｋｇ，Ｂ正确；０～２０ｓ内，若越野车全程匀加速至８０ｍ／ｓ，如图虚线所示，汽车的位移等于８００ｍ，由图像面积可知题意中汽车的位移

大于８００ｍ，Ｃ正确；功率恒定时，由Ｗ＝Ｐｔ知０～２０ｓ内越野车牵引力做功为３２００ｋＪ，但功率不恒定，故Ｄ错误；故不正确的选项为Ｄ。７．【答案】Ｂ【解析】由动量守恒可知ｐＡ＋ｐＢ＝ｐＡ′＋ｐＢ′，碰撞后Ｂ的动量ｐＢ′＝３

ｋｇ·ｍ／ｓ，故Ａ错误；两球碰撞过程中损失的机械能为（ｐＡ２２ｍＡ＋ｐＢ２２ｍＢ）－（ｐＡ′２２ｍＡ＋ｐＢ′２２ｍＢ）＝１１２５Ｊ，故Ｂ正确；碰撞前后Ｂ的动量变化量为３ｋｇ·ｍ／ｓ－（－２）ｋｇ·ｍ／ｓ＝５ｋｇ·ｍ／ｓ，故Ｃ错误；两球的碰撞后动量相同，但速度不同，不是完全非弹性

碰撞，故Ｄ错误。８．【答案】ＡＤ【解析】图甲中绕条形磁铁的线圈面积越小，抵消的越少，磁通量越大，故Φ１＞Φ２，Ａ正确；磁通量与匝数无关，大小为１２ＢＬ２，故Ｂ错误；图丙中Ⅱ位置时左侧与右侧对称位置磁场大小相等方向相反，磁通量为０，Ｃ错误；图丙中Ⅰ位置时的磁通量大小为Ф，Ⅲ位置

与Ⅰ位置的磁场方向相反，所以穿过线圈的磁通量的变化量大小为２Ф，Ｄ正确。９．【答案】ＡＣ【解析】当光照减弱时，Ｒ３变大，电路总电阻变大，总电流变小（ＡＩ示数变小），内电压变小，外电压增大（Ｖ１示数增大），Ｒ１两端的电压减小，并联部分电压增大（Ｖ２示数增大），通过Ｒ２的电流变大，通

过Ｒ３的电流减小（Ａ３示数减小），故Ａ正确；Ｒ１＝ｒ，当Ｒ３增大时外电路电阻与ｒ相差越来越多，电源的输出功率变小，电源的效率η＝Ｒ外ｒ＋Ｒ外×１００％，Ｒ外变大，电源的效率变大，故Ｂ错误；Ｕ１Ｉ１＝Ｒ外，变大，△Ｕ１△Ｉ１＝ｒ，不

变，故Ｃ正确；Ｕ２Ｉ２＝△Ｕ２△Ｉ２＝Ｒ２，均不变，故Ｄ错误。１０．【答案】ＢＤ【解析】滑行者在滑梯中运动过程中，重力的冲量ＩＧ＝ｍｇｔ＝３６００Ｎ·ｓ，故Ａ错误；在地垫上运动过程中，由０－ｖ２＝－２μｇｘ得ｖ＝６ｍ／ｓ，由０＝ｖ－μｇｔ′得ｔ′＝１ｓ，

故Ｉ支＝ｍｇｔ′＝３００Ｎ·ｓ，Ｂ正确；在滑梯中运动过程中，合力对滑行者的冲量Ｉ合＝ｍｖ＝１８０Ｎ·ｓ，Ｃ错误；在滑梯中滑行者的机械能变化量△Ｅ＝１２ｍｖ２－ｍｇｈ＝－４２６０Ｊ，即机械能减少了４２６０Ｊ，Ｄ正确。

{#{QQABCYCUggiAAAJAAAhCAwESCAEQkBCCCKoOxFAEoAABgBNABAA=}#}高二期中测试———物理（Ａ）答案第３页（共４页）】１１．【答案】（１）相同（２分）（２）１５５０（２分）（

３）２９４（１分）２９１（１分）【解析】（１）气垫导轨调平后滑块应做匀速直线运动，所以通过两光电门时挡光时间应相同。（２）读数：１５ｍｍ＋００５ｍｍ×１０＝１５５０ｃｍ。（３）重力势能减少量为ｍｇＬ＝２９４Ｊ，系统动能增加量为１２

（Ｍ＋ｍ）（ｖ２２－ｖ１２）＝２９１Ｊ。１２．【答案】（１）Ｖ１Ａ２Ｒ２（２）２９９２１０（每空２分）【解析】电源是两节干电池，电动势约为３Ｖ，故电压表应选Ｖ１；电流表要进行改装，所以电流表阻值需要确定值，故选Ａ２；电流表Ａ２量程０～１００

ｍＡ，内阻为２０Ω，与１００Ω并联时新电流表量程为１２０ｍＡ，量程太小，与５Ω并联新电流表量程为５００ｍＡ，电路电流最大值约为５００ｍＡ，故定值电阻应选Ｒ２。由电路图可知Ｅ＝Ｕ＋５Ｉ·（ＲＡ′＋ｒ），ＲＡ′＝ＲＡ·Ｒ２

ＲＡ＋Ｒ２＝４Ω，得Ｕ＝Ｅ－５（ＲＡ′＋ｒ）·Ｉ，纵截距为Ｅ＝２９９Ｖ，斜率ｋ＝－５（ＲＡ′＋ｒ）＝－２９９００９８＝－３０５得ｒ＝２１０Ω。１３．【答案】（１）Ｕ＝３×１０４Ｖ（２）ｄ＝７２ｍ解：（１）加速过程：由ｑＵ

＝１２ｍｖ２（２分）得Ｕ＝３×１０４Ｖ（１分）（２）在竖直电场中偏转过程：水平方向Ｌ＝ｖｔ（１分）得ｔ＝２×１０－６ｓ（１分）竖直方向ｑＥ＝ｍａ得ａ＝１．２×１０１２ｍ／ｓ２（１分）ｙ＝１２ａｔ２得ｙ＝２４ｍ（１分）质子离开

电场后运动至荧光屏过程ｙｄ＝Ｌ２３Ｌ２（２分）得ｄ＝７２ｍ（１分）１４．【答案】（１）１７５ｓ４５ｍ（２）３ｋｇ解：（１）由μｍ１ｇ＝ｍ１ａ得：ａ＝４ｍ／ｓ２（１分）物块加速运动至ｖ过程中，由ｖ２＝２ａｘ得：ｘ＝４５ｍ＜６ｍ（１分）故物块Ａ在传送带上

先做加速运动后做匀速运动加速过程由ｖ＝ａｔ１得ｔ１＝１５ｓ（１分）{#{QQABCYCUggiAAAJAAAhCAwESCAEQkBCCCKoOxFAEoAABgBNABAA=}#}高二期中测试———物理（Ａ）答案第４页（共４页）】匀速过程Ｌ１－ｘ＝ｖｔ２得ｔ２＝０２５ｓ（１分）物块Ａ在传送带

上运动的时间ｔ＝ｔ１＋ｔ２＝１７５ｓ（１分）产生的滑痕的长度Ｌ＝ｖｔ１－ｘ＝４５ｍ（２分）（２）物块Ａ与Ｂ碰撞后Ｂ上升过程中，由ｍＢｇＬ２ｃｏｓ６０°＝１２ｍＢｖＢ２得ｖＢ＝３ｍ／ｓ（１分）物块Ａ与Ｂ碰撞过程是弹性碰撞，应有ｍＡｖ＝ｍ

ＡｖＡ＋ｍＢｖＢ（１分）１２ｍＡｖ２＝１２ｍＡｖＡ２＋１２ｍＢｖＢ２（１分）得ｍＢ＝３ｋｇ（１分）ｖＡ＝－３ｍ／ｓ即碰后物块Ａ的速度ｖＡ大小为３ｍ／ｓ，方向向左（１分）１５．【答案】（１）０５１２ｍ（２）３４Ｎ（３）

２ｍ／ｓ解：（１）物块在Ｂ点ｔａｎ５３°＝ｇｔｖ０得ｔ＝０３２ｓ（１分）由ｈ＝１２ｇｔ２（１分）得ｈ＝０５１２ｍ（１分）（２）物块在Ｂ点ｖＢ＝ｖ０ｃｏｓ５３°＝４ｍ／ｓ（１分）物块从Ｂ到Ｃ过程由机械能守

恒知ｍｇＲ（１－ｃｏｓ５３°）＝１２ｍｖＣ２－１２ｍｖＢ２（２分）物块在Ｃ点ＦＮ－ｍｇ＝ｍｖＣ２Ｒ（２分）得ＦＮ＝３４Ｎ（１分）（３）物块从Ｂ运动到Ｄ点过程由机械能守恒知ｍｇＲ（ｃｏｓ３７°－ｃｏｓ５３°）＝１２ｍｖＤ１２－１２ｍｖＢ２得ｖＤ１槡＝２５ｍ／ｓ（２分）物块第一次沿

斜面上升过程由动能定理知－（ｍｇｓｉｎ３７°＋μｍｇｃｏｓ３７°）ｘ＝０－１２ｍｖＤ１２（２分）物块第一次沿斜面下滑过程由动能定理知（ｍｇｓｉｎ３７°－μｍｇｃｏｓ３７°）ｘ＝１２ｍｖＤ２２－０（２分）得ｖＤ２＝２ｍ／ｓ（１分）{#{

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