【文档说明】浙江省金华市金华十校2020-2021学年高二上学期期末调研考试物理试题 含答案.docx，共(13)页，944.277 KB，由小赞的店铺上传

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金华十校2020—2021学年第一学期期末调研考试高二物理试题卷考生须知：1．本卷共4大题，18小题，满分为100分，考试时间为90分钟．2．请把试题答案填写在答题卷上，答案写在试题卷上不给分．3．本卷中除题中特别给出外，均取210m/sg=进行计算．一、选择题I（本题共8小题，每小题4分

，共32分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）1．物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．关于物理学发展过程中的认识，下列说法正确的是（）A．奥斯特

发现了电磁感应现象B．法拉第创造性地用“场线”形象地描述“场”C．根据麦克斯韦电磁场理论，磁场变化时会在空间激发一种变化的电场D．多普勒发现波源与观察者存在相对运动时，接收到的波的频率会发生变化2．关于受迫振动，

下列说法正确的是（）A．为了防止桥梁发生共振而坍塌，部队要齐步通过桥梁B．鼓手随音乐敲击鼓面时鼓面的振动是自由振动C．洗衣机工作时机壳的振动频率等于其固有频率D．唱歌时胸腔共鸣是由于声带振动激起空气柱振动传到胸腔引

起的共振3．如图所示为一款国内外流行的儿童磁性玩具巴克球．借助巴克球的磁场特性，可以组合出众多的造型．下列关于巴克球的磁场特性说法正确的是（）A．巴克球是一种磁单极子，其磁场从球心向四周辐射B．巴克球的球心是磁体的N极，球面是磁体的S极C．巴克球的球心是磁体的S极，球面是

磁体的N极D．巴克球周围的磁场类似于地磁场，磁体的NS、极在球体的两端4．一条较长的软绳，用手握住一端拉平后，连续向上、向下抖动长绳，可以看到一列横波的产生和传播的情境，如图所示．绳上有四个标记点ABCD、、、，在波传播的过程中，下列说法正确的是（）A．标记点A此时的速度方向竖直向

下B．标记点B和标记点C之间的距离等于半个波长C．标记点D此时的加速度方向竖直向下D．再过半个周期，标记点A运动到标记点BC、之间5．利用霍尔效应制作的霍尔元件，广泛应用于测量和自动控制等领域．如图是霍尔元件的工作原理示意图，磁感应

强度B垂直于霍尔元件的工作面向下，通入图示方向的电流ICD，、两侧面会形成电势差CDU，下列说法中正确的是（）A．电势差CDU仅与材料有关B．若霍尔元件的载流子是自由电子，则电势差0CDUC．仅增大磁感应强度时，电势差

CDU变小D．在测定地球赤道上方的地磁场强弱时，元件的工作面应保持水平6．在同一片水面上有一个波源S及挡板，挡板上有两个小孔1S和212SSS，、到波源S的距离相等．实线和虚线分别表示其上下振动时产生

的波峰和波谷，某时刻的波形图如图所示．A点和D点为两实线的交点，B点为两虚线的交点，C点为AB中点，则下列说法中正确的是（）A．经过小孔后，波的传播速度要变大B．若挡住小孔1S，则波在挡板后面区域的传播范围将减

少一半C．AD、两点为振动加强点，B点为振动减弱点D．C点为振动加强点，此时刻处于平衡位置7．如图所示，小灯泡与线圈并联，用传感器测量小灯泡所在支路的电流，在0t=时刻闭合开关，经过一段时间后，在1tt=时刻断开

开关，计算机上显示小灯泡中电流随时间变化的图象如图所示，图中12II．下列说法正确的是（）A．开关闭合瞬间，线圈中的电流为零，之后保持不变B．开关断开后瞬间，灯泡中电流大小不变，方向与原来相反C．开关断开后瞬间，灯泡中的电流大小与线圈相同D．线圈电阻等于灯泡

电阻8．启辉器是一个用来预热日光灯灯丝，并提高灯管两端电压，以点亮灯管的自动开关．图中的氖管是它的重要组成部分，当氖管两端的电压超过220V，管内气体就会发出辉光．现将一电压变化规律为311sin314(V

)ut=的交流电源接在氖管两端，则在1s内氖管发光的时间为（）A．0.5SB．0.6SC．0.7SD．0.8S二、选择题Ⅱ（本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分）9．如图甲所示，理想变压器原、

副线圈的匝数比为1235:1RRR、、，为三只阻值均为10的电阻，C为电容器，L为电阻可以忽略的线圈，输入端接入如图乙所示的交变电压．以下说法中正确的是（）A．通过1R的电流最大值为2AB．通过2R的电流始为C．电阻3

R的电功率小于20WD．副线圈输出电压的瞬时值表达式为20sin50(V)ut=10．如图所示，质量为m，长为L的铜棒ab，用长度也为L的两根轻导线将铜棒ab水平悬挂在竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度为B．铜棒未通电时，轻导线沿竖直方向；通入电流后，铜棒向外偏转，轻导线与竖直方向的最

大偏角为，此过程中通过ab棒的电流恒定，则（）A．棒中电流的方向为ab→B．棒中电流的大小为tanmgBLC．棒中电流的大小为(1cos)sinmgBL−D．若只增大轻导线的长度，则角变大11．如图，纸面内存在磁感应强度大小为0B，方向垂直纸面向外的

匀强磁场，将两根互相垂直的长直绝缘导线12LL、放入磁场中，刚好位于圆的两条直径位置上．1L中的电流方向向左，2L中的电流方向向上．圆周上有ab、两点，恰好关于2L对称．已知ab、两点的磁感应强度大小分别为03B和02B，方向垂直

于纸面向外．则（）A．流经1L的电流产生的磁场在a点的磁感应强度大小为012BB．流经1L的电流产生的磁场在b点的磁感应强度大小为0712BC．流经2L的电流产生的磁场在a点的磁感应强度大小为012BD．流经2L的电流产生的磁场在b点的磁感应强度大小为0712B12．如图

，光滑平面内存在方向垂直平面向外的单边界磁场，其磁感应强度变化规律满足0(0)BBktk=+，正方形线框固定在虚线位置ABCD处时（AC与磁场边界重合），线框中的电流为i；现令磁感应强度恒为0

B，并让线框绕A点在平面内以某一角速度匀速转动，则下列说法正确的是（）A．线框固定在虚线位置时，电流方向沿逆时针方向，且电流大小恒定B．现令磁感应强度恒为0B，在线框从实线位置沿逆时针方向匀速转到虚线位置的过程中，电流方向沿顺时针方向，且

电流大小变化C．现令磁感应强度恒为0B，在线框从实线位置沿逆时针方向匀速转到虚线位置瞬间，若电流大小也为i，则角速度0kB=D．现令磁感应强度恒为0B，在线框从实线位置沿逆时针方向匀速转到虚线位置瞬间，若电流大小也为i，则角速度02kB=13．如图所示，甲图为0s

t=时某一列沿x轴正方向传播的横波的图象，乙图为该波传播方向上某一质点的振动图象，下列说法正确的是A．这列波传播的速度是1m/sB．乙图描述的质点在0st=时位移为12AC．乙图描述质点的平衡位置可能在0.25mx=处D．平衡位置在1.25mx=处的质点在1st=时经过22yA=处并向y轴

负方向运动三、实验题（本题共2小题，每空2分，共18分）14．在“探究变压器线圈两端的电压与匝数关系”的实验中：（1）下列器材在实验中必须用到的有（____）A．干电池B．变压器C．变阻器D．多用电表（2）如图所示，电

源输出端与变压器原线圈的连接方式正确的是_______（选填“甲”或“乙）．（3）为了确保实验的安全，下列做法正确的是_____A．为了人身安全，只能使用低压直流电源，所用电压不要超过12VB．连接好电路后，可不经检查电路是否正确，

直接接通电源C．因为使用电压较低，通电时可用手直接接触裸露的导线、接线柱D．为了多用电表的安全，使用交流电压挡测电压时，先用最大量程挡试测（4）变压器原、副线圈的匝数分别为120匝和60匝，测得的电压分别为

8.0V和3.6V，据此可知电压比与匝数比不相等，主要原因是_______．15．在“探究单摆周期与摆长的关系”实验中：（1）用游标卡尺测得摆球直径如图甲所示，摆球直径D为_____mm；用秒表测得单摆完成30次全振动的时间如图乙所示，则读数为_____s；（2

）关于该实验的操作，以下说法正确的是_____A．选用密度较大的金属球有利于减小实验误差B．应选用不可伸长的细线作为摆线C．应把摆线置于水平桌面上测量摆长D．应在摆球摆到最大位移处开始计时（3）若某同学测出多组单摆

的摆长l和振动周期T，作出2Tl−图象，就可以求出当地的重力加速度．理论上2Tl−图象是一条过坐标原点的直线，某同学根据实验数据作出的图象如图所示，造成图象不过坐标原点的原因可能是_______．（4）若在该实验中测得g值偏大，可能是因为_______A．小

球在水平面内做圆周运动，形成了圆锥摆B．计算摆长时，只考虑了摆线长，忽略了小球半径C．测量周期时，把n次全振动误记为(1)n−次全振动，致使周期偏大D．测量周期时，把n次全振动误记为(1)n+次全振动，致使周期偏小四、计算题（本题共3小题，16题7分，17题11分

，18题12分，共30分）16．（7分）如图甲所示，摆球在竖直平面内做简谐运动．通过力传感器测量摆线拉力,FF的大小随时间t变化规律如图乙所示，摆球经过最低点时的速度大小5m/s5v=，忽略空气阻力，取2210m/sgg=，，求：（

1）单摆的摆长L；（2）摆球的质量m；（3）摆线拉力的最小值．17．（11分）相距2mL=的两平行企属导轨MNPQ、固定在水平面上，两导轨左端连接阻值3R=的电阻．导轨所在处的空间分布一系列磁场区域，

如图甲所示，每个磁场区的宽度和相邻磁场区的间距均为1.5md=，每个磁场区内的磁场均为匀强磁场，磁场方向垂直导轨平面，磁感应强度从左到右依次记为123BBB、、、……、1,nBB随时间变化的图象如图乙所示，其它磁场不随时间变化，规定

磁场方向竖直向下为正方向．一质量0.5kgm=、阻值3r=、长为2m的导体棒垂直放置于导轨最左端，在垂直于导体棒的水平拉力105NF=作用下，从静止开始向右运动，经过0.2st=恰好离开1B磁场区的右边界，此时导体棒的速度110m/sv=，此时撒去拉力，导体棒继续向右运动．已知在无磁场

区导体棒与导轨之间的动摩擦因数0.4=，有磁场区导轨光滑，导体棒在磁场区内的运动均为匀速运动（1B磁场区除外），最终穿过nB磁场区后停下．不计导轨电阻，210m/sg=．求：（1）当导体棒在1B磁场区运动的速度为6m/s时，导

体棒的加速度a；（2）4B磁场区磁感应强度的大小；（3）从导体棒开始运动到最终停下的整个过程中，电阻R产生的焦耳热Q．18．（12分）如图所示，在xoy平面内的ABCD、之间的区域有水平向右的匀强间的电场，ABCD、之间的电势差5110VU=，在

CD的右侧有一与CD和x轴相切的圆形有界匀强磁场，切点分别为P点和M点，磁感应强度00.1TB=，方向垂直xoy平面向外；在x轴下方足够大的空间内存在垂直xoy平面向里的匀强磁场，磁感应强度为1B；在x轴下方距离为a处平行x轴放置存在垂直一长为L的一探测板，O为板的中

点，且在M点的正下方．在y轴上过原点放置一能均匀发射粒子的直线粒子发射源，其长度恰好等于圆形磁场的直径，发射源产生的粒子质量和电荷量均相同，初速度可视为零，经过电场加速后进入圆形磁场，偏转后全部从M点进入下方磁场区域．已知粒子质量258

.010kgm−=，电荷量151.610Cq−=，不计粒子重力和粒子间的相互作用．（1）求圆形磁场区域的半径R；（2）若10.1m0.1T0.4maBL===，，，求粒子打到探测板区域的长度；（3）

若10.1m0.4maLB==，，大小可以调节．调节1B的大小，可以使粒子恰好打满整块探测板，求此时1B的大小及打中探测板的粒子数占发射总粒子数的比例．高二物理参考答案一、选择题I（本题共8小题，每小

题4分，共32分．每小题列出的四个备选项中只有一个是符合题目要求的，不选、多选、错选均不得分）题号12345678选项BDDCBDCA二、选择题Ⅱ（本题共5小题，每小题4分，共20分．每小题列出的四个备选项中至少有一个是符合题目要求的．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有

选错的得0分）题号910111213选项ACACBCBDAD三、实验题（本题共2小题，每空2分，共18分）14．（1）BD（2）乙（3）D（4）不是理想变压器（线圈有电阻会发热、铁芯内存在涡流、有漏磁等）答对一项即可15．（1）15.7或15.8；111.4（2）

AB（3）实验测得的摆长偏小（未计摆球半径等，说法合理的都给分）（4）AD四、计算题（本题共3小题，16题7分，17题11分，18题12分，共30分）16．解：（1）由乙图可知单摆周期为2sT=由单摆周期公式2LTg=（1分）解得1mL=（

1分）（2）当拉力最大时，即1.02FN=，摆球处在最低点由牛顿第二定律2vFmgmL−=（1分）解得：0.1kgm=（1分）（3）从最低点到最高点：21(1cos)02mgLmv−−=−（2分）解得：cos0.99=最高点：cos0.99FmgN==（1分）17．解：（1）导体棒在1

B磁场区运动过程中，根据牛顿第二定律：1FBILma−=（1分）又：1,EIEBLvRr==+（1分）解得：282m/sa=（1分）（2）导体棒在无磁场区匀减速：224123vvgd=−（1分）解得：4

8/svm=导体棒在4B磁场区匀速运动时，电路中没有感应电流，回路的磁通量不变，有：414BBLvtLdtt=（1分）解得：1443.75BdBTtv==（1分）（3）导体棒在1B磁场区运动过程：211102FdQm

v−=−（1分）解得：1132.5JQ=导体棒在无磁场区运动的总时间为：12.5svtg==（1分）导体棒在无磁场区的电流为：110()BLdIAtRr==+（1分）导体棒在无磁场区运动时电阻R产生的焦耳热为：22()1500JQIRrt=+=（1分）所以电阻R产生的热量()

121816.25J2QQQ=+=（1分）18．（1）粒子在电场中加速：212qUmv=（1分）进入圆形磁场，圆周运动的半径恰好等于圆形磁场的半径20mvBqvR=（1分）解得：0.1mR=（1分）（2）粒子进入x轴下方

磁场，0.1mRa==如图沿x轴负方向打出的粒子垂直打在探测板上（1分）沿y轴负方向打出的粒子恰好与探测板相切（1分）因此：粒子打到探测板区域的长度20.2mlR==（1分）（3）当沿x轴负方向打出的粒子甲刚好打在探测板的最左端时：()222112LRRa=−+，解得：10.2

5mR=（1分）刚好与探测板最右端相切的粒子乙：()222222LRRa=−+解得：20.25mR=（1分）22cos0.6RaR−==12RR=，所以根据：211mvBqvR=（1分）解得：10.04BT=（1分）对粒子乙：在圆形

磁场中运动过程如图1cos0.04myRR=−=（1分）所以1280%2RyR−==（1分）