【文档说明】辽宁省朝阳市北票市高级中学2022-2023学年高二下学期阶段性质量检测 物理 答案.docx，共(15)页，1.930 MB，由小赞的店铺上传

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BPGZ高二阶段性质量检测物理试卷一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题6分，全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有选错的得0分。1.如图为两分子系统的势能pE与两分子间距离r的关系曲线。下列说法正确的是（）A.当r大于1r时，分子间的作用力表现为引力B.当r小于1r时，分子间的作用力表现为斥力C.当r等于1r时，分子的势能pE最小D.当r

由1r变到2r的过程中，分子间的作用力做负功【答案】B【解析】【详解】C．由题图知，当2rr=时，分子的势能pE最小，故C错误；AB．分子间作用力的合力为零的距离为2r，2rr时分子力表现为斥力，r大于2r时，分子间的作用力表现为引力，故A错误，B正确；D．

r由1r变到2r的过程中，分子势能逐渐减小，分子力做正功，故D错误。故选B。2.矩形金属线圈共10匝，绕垂直磁场方向的转轴在匀强磁场中匀速转动，线圈中产生的交流电动势e随时间t变化的情况如图所示.下列说法中正确的是（

）A.此交流电的频率为0.2HzB.此交流电动势的有效值为1VC.t=0.1s时，线圈平面与磁场方向平行D.线圈在转动过程中穿过线圈的最大磁通量为1100Wb【答案】D【解析】【详解】峰值1V，周期为0.2s，频率为1

/T=5Hz，A错；有效值为1222V=，B错；在t=0.1s时，感应电动势为零，磁通量最大，为中性面位置，C错；由Em=NBSw可知最大磁通量mEBSN==1100Wb,D对；3.水上乐园有一末段

水平的滑梯，人从滑梯顶端由静止开始滑下后落入水中。如图所示，滑梯顶端到末端的高度4.0mH=，末端到水面的高度1.0mh=。取重力加速度210m/sg=，将人视为质点，不计摩擦和空气阻力。则人的落水点到滑梯末端的水平距离为（）A.4.0mB.4.5mC.5.0mD.5.5m【答案】A

【解析】【分析】【详解】人从滑梯由静止滑到滑梯末端速度为v，根据机械能守恒定律可知212mgHmv=解得45m/sv=从滑梯末端水平飞出后做平抛运动，竖直方向做自由落体运动，根据212hgt=可知落水时

间为221.01ss105htg===为水平方向做匀速直线运动，则人的落水点距离滑梯末端的水平距离为145m4.0m5xvt===故选A。4.某气体的摩尔质量为molM，摩尔体积为molV，密度为，每个分子的质量和体积分别为m和0V，则阿伏加德罗常

数AN可表示为（）A.molAMNm=B.molA0VNV=C.AmolmNM=D.molA0MNV=【答案】A【解析】【详解】阿伏加德罗常数molmolmolAMVVNmmV===其中V应为每个气体分子所占有的体积，而

题目中的0V表示气体分子的体积，A正确，BC错误，由于0V不是气体分子的质量，D错误；故选A。5.如图所示，理想变压器原线圈的a、b两端加上某一交流电压（电压有效值保持不变），副线圈c、d两端所接灯泡L恰好正常发光．此时滑动变阻器的滑片P于图

示位置．现将滑片P下移（导线电阻不计），则以下说法中正确的是A.灯仍能正常发光，原线圈输入电流变小B.灯不能正常发光，原线圈输入功率变大C.灯不能正常发光，原线圈输入电压变大D.灯仍能正常发光，原线圈输入功率不变【答案】A【解析】【详解】因为副线圈两端的

电压没发生变化，所以灯仍能正常发光．当滑片下移时，由于滑动变阻器的电阻增大，所以副线圈中的电流减小，原线圈中输入的电流也变小，且输入的功率变小，A正确．故本题选A．6.如图所示，在一固定的条形磁铁上方有一铁圈，让铁圈由静止自由落下

，若下落过程中铁圈始终水平，不计空气阻力，则关于铁圈下落过程中，下列说法正确的是A.整个下落过程中，铁圈中电流方向始终不变B.铁圈的加速度始终大于重力加速度C.铁圈下落到磁铁中间位置时，加速度等于重力加速度D.若把铁圈换成塑料圈，则下列相同高度所需的

时间变长【答案】C【解析】【分析】【详解】A．由图示可知，在圆环下落过程中，穿过圆环的磁场方向向上，在圆环靠近磁铁时，穿过圆环的磁通量变大，在圆环远离磁铁时穿过圆环的磁通量减小，由楞次定律可知，从上向

下看，圆环中的感应电流先沿顺时针方向，后沿逆时针方向，故A错误；B．由楞次定律可知，感应电流总是阻碍磁铁间的相对运动，在线圈靠近磁铁的过程中为阻碍圆环的靠近，磁铁对线圈的作用力竖直向上，在线圈穿过磁铁远离磁铁的过程中，为阻碍线圈的远离，磁铁对线圈的作用力竖直向上，则在整个

过程中，磁铁对线圈的作用力始终竖直向上，加速度小于等于g，故B错误；C．铁圈下落到磁铁中间位置时，磁通量不变化，不受安培力作用，加速度等于重力加速度，故C正确；D．把铁圈换成塑料圈，不会产生电磁感应现象，塑料圈下落的加速度等于重力加速度，则下列相同高度所需的时间变短，故D错误。故选C

。7.如图所示，竖直面内有一个固定圆环，MN是它在竖直方向上的直径。两根光滑滑轨MP、QN的端点都在圆周上，MP>QN。将两个完全相同的小滑块a、b分别从M、Q点无初速度释放，在它们各自沿MP、QN运动到圆周上的过程中，下列说法中正确的是（）的A.合力对两滑块的冲量大小相同B.重力对a

滑块的冲量较大C.弹力对a滑块的冲量较小D.两滑块的动量变化大小相同【答案】C【解析】【分析】【详解】设滑轨与竖直直径的夹角为θ，圆环的半径为R，对滑块受力分析可得，滑块所受的支持力大小为sinNmg=所受合外力大小为cosFmg=合根据牛顿第二定律可得滑块的加速度大小为cosa

g=滑块沿滑轨运动的位移为2cosxR=根据位移时间关系有212xat=可得滑块沿滑轨运动的时间为4Rtg=等，由MP>QN，可知MP与竖直半径的夹角小于QN与竖直半径的夹角，即两滑块所受支持力与合外力的大小不相等，根据IFt=可知，两滑块的

合力的冲量大小不相等，弹力对a滑块的冲量较小，重力对两滑块的冲量大小相等；根据动量定理可知，两滑块的动量变化大小不相同，故C正确ABD错误。故选C。8.一带正电的小球向右水平抛入范围足够大的匀强电场，电场方向水平向左，不计空气阻力，则小球（）A.做直线运动B.做曲线运动C

.速率先减小后增大D.速率先增大后减小【答案】BC【解析】【详解】小球受重力和电场力两个力作用，合力的方向与速度方向不在同一条直线上，小球做曲线运动．故A错误，B正确．小球所受的合力与速度方向先成钝角，然后成锐角，可知合力先做负功然后做正功，则速度先减小后增大．故C正确，D错误．

故选BC【点睛】解决本题的关键知道物体做直线运动还是曲线运动的条件，关键看合力的方向与速度方向的关系．9.如图所示，A、B两灯相同，L是带铁芯的电阻可不计的线圈，下列说法中错误的是（）A.开关K合上瞬间，A灯先亮，B灯后亮B.K合上稳定

后，A、B同时亮着C.K断开瞬间，A、B同时熄灭D.K断开瞬间，B立即熄灭，A过一会儿再熄灭【答案】ABC【解析】【详解】AB．开关K闭合的瞬间，两灯同时获得电压，所以A、B同时发光。K合上稳定后，随着线圈L电流的增加，逐渐将A灯短路，A灯熄灭，而外电阻减小，流过B灯电流变大，B灯变亮，故A、

B错误，符合题意；CD．断开开关K的瞬间，B灯的电流突然消失，立即熄灭；流过线圈的电流将要减小，产生自感电动势，相当电源，自感电流流过A灯，所以A灯突然闪亮一下再熄灭，故D正确，不符合题意，C错误，符合题意。故选ABC。10.回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电

极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A.增大匀强电场间的加速电压B

.增大磁场的磁感应强度C.减小周期性变化的电场的频率D.增大D形金属盒的半径【答案】BD【解析】【详解】由牛顿第二定律2vqvBmR=解得qBRvm=则动能2222k122qBREmvm==因此动能与加速电场的电压、频率无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度或D形盒的半径

，可以增加粒子的动能。故选BD。二、非选择题：本题共5小题，共54分。11.如图为玻璃厚度检测仪的原理简图，其原理是：让玻璃从一水平平台上缓慢滑过，经过一固定激光源，激光源发出的激光AO以入射角i=45°照到玻璃下表面，折射后激光从玻璃上表面射出，折射光线最后照到光电管C上，光电管将光信息转变为电

信息，依据激光束在C上移动的距离，可以确定玻璃厚度的变化。已知玻璃对该光的折射率2n=，C上的光斑向左移动了s，则可确定玻璃的厚度比原来变______（选填“厚”或“薄”），改变了____________。【答案】①.厚②.33Δ2s+【解析】【详解】[1

]如图所示，光斑向左移动，则玻璃变厚。[2]设光在玻璃中的折射角为r，则sin452sinr=解得30r=作出光路图，设玻璃增加的厚度为d，则ΔtanΔtanΔdidrs−=解得33ΔΔ2ds+=12.某同学利用一只电流表和一个电阻箱测定电源的电动势

和内电阻，使用的器材还有开关一个，导线若干，实验原理如甲所示：（1）在图乙的实物图中，已正确连接了部分电路，请完成其余电路的连接____；（2）调节电阻箱，示数如图丙所示，读得电阻值是___Ω；（3）接通开关，多次改变电阻箱的阻值R，同时读出对应的电流表的示

数I，并作记录，画出R－1I关系图线，如图丁所示．则图线斜率的物理意义是___；若电流表内阻RA＝0.1Ω，由图线求得电源的电动势E＝__V，内阻r＝__Ω。【答案】①.②.2.3③.电源电动势④.1.4⑤.0.4【解析】【详解】（1）［1］根据图甲所示实验电路，连接实物电路如图

所示：（2）［2］由图丙所示电阻箱可知，电阻箱示数为2×1Ω+3×0.1Ω=2.3Ω；（3）［3］由闭合电路欧姆定律，有E=I（r+R+RA）则R=EI-（r+RA）则R﹣1I图象的斜率是E，即电源电动势；［4］［5］由图丁所示图象可知，电源电动势E=

Δ0.710.5ΔRI=V=1.4V图象在横轴上的截距为0.5，即r+RA=0.5Ω，则电源内阻r=0.5Ω﹣0.1Ω=0.4Ω。13.如图所示，一辆质量2kgm=的小型四旋翼遥控无人机从地面由静止开始以144WP=的恒定功率向上运动，上升1

8mh=时达到最大速度，已知无人机上升过程中受到空气阻力大小恒为4Nf=，取210m/sg=，地面为重力势能零势能面，求：（1）刚达到最大速度时无人机的机械能；（2）无人机从地面上升18m过程中升力所做的功。【答案】（1）39

6JE=；（2）468JW=【解析】【详解】（1）无人机以恒定功率做变加速运动，当受力平衡时速度最大，即有()Pmgfv=+解得6m/sv=达到最大速度时无人机的机械能212Emvmgh=+解得396JE=（2）设升力所做功为W，由动能定理212Wmghfhmv−−=解得的的468JW=14.

图示是一列沿x轴方向传播的机械波图像，实线是10t=时刻的波形，虚线是20.06st=时刻的波形，若图中在0=t时刻质点P向y轴负方向运动。（1）求该波的传播方向；（2）该波的最小频率是多少；（3）如果30.06s4TT，则

该波的波速大小是多少。【答案】（1）x轴负方向；（2）12.5Hz；（3）75m/s【解析】【分析】【详解】（1）因题图中质点P向y轴负方向运动，由同侧原理可知该波向x轴负方向传播，（2）因波的传播具有周期性，设波的周期为T，30.06s(0,

1,2,)4nTn+==得0.24s(0,1,2,)43Tnn==+则143Hz(0,1,2,)0.24nfnT+===当0n=时，f最小为min3Hz12.5Hz0.24f==（3）由30.064TT30.06s4nT+=得3n=0.016sT=

所以1.2m75m/s0.016svT===15.如图甲所示，两根完全相同的光滑导轨固定，每根导轨均由两段与水平成θ=30°的长直导轨和一段圆弧导轨平滑连接而成，导轨两端均连接电阻，阻值R1=R2=2Ω，导轨间距L=0.6m。在右侧导轨所在斜面的矩形区域M1M2P2P1内

分布有垂直斜面向上的磁场，磁场上下边界M1P1、M2P2的距离d=0.2m，磁感应强度大小随时间的变化规律如图乙所示。t=0时刻，在右侧导轨斜面上与M1P1距离s=0.1m处，有一根阻值r=2Ω的金属棒ab垂直于导轨由静止释放，恰好匀速通过整个磁场区域，取重力加速度g=10m/s2

，导轨电阻不计。求：(1)ab在磁场中运动到M1P1和M2P2中点时切割磁感线产生的电动势为多少？(2)在t1=0.15s时刻和t2=0.3s时刻电阻R1两端的电压之比为多少？(3)在0~0.2s时间内和0.2s之后电阻R2上产生的热量之比为多少。【答案】(1)0.6V；(2)1221UU=

；(3)2:3【解析】【详解】（1）根据动能定理可得21sin2mgsmv=解得2sin1m/svgs==棒从释放到运动至11MP的时间0.2ssinvtg==所以当运动到磁场的中点位置时，磁场已是恒定磁场，故

0.6VEBLv==（2）由第一问知，棒从释放到运动至11MP的时间0.2ssinvtg==在10.15st=时，棒还没有进入磁场，有10.6VBELdtt===此时2R与金属棒并联后再与1R串联，则2123ΩRrRRRr=+=+总根据欧姆定律可得1110.4VEURR==总由图乙可

知，0.2st=后磁场保持不变，ab经过磁场的时间0.2sdtv==故在20.3st=时，ab还在磁场中运动，由第一问知电动势20.6VEE==此时1R和2R并联12123ΩRRRrRR=+=+总1R路端电压22110.

2V2EURR==总在10.15st=时刻和20.3st=时刻电阻1R的电压之比1221UU=（3）设ab的质量为m，ab在磁场中运动时，通过ab的电流为2EIR=总ab受到的安培力为AFBIL=又sinmgBIL=解得0.02

4kgm=在0~0.2s时间内，2R两端电压20.2VU=产生的热量为22120.004JUQtR==ab最终将在22MP下方的轨道区域往返运动，到22MP处的速度为零，根据功能关系可得，在0.2st=后整个电路最终产生的热量为

21sin0.036J2Qmgdmv=+=由电路关系可得2R产生的热量210.006J6QQ==故两段时间内2R产生热量之比为2:3的