【文档说明】湖南省邵阳市第二中学2022-2023学年高二下学期期中考试物理试题（物理类）含解析.docx，共(13)页，354.240 KB，由小赞的店铺上传

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邵阳市二中2023年上学期期中考试高二年二期物理试卷（物理类）考试时间：75分钟满分：100分命题人：审题人：注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上一、单选题：本题共6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四

个选项中，只有一项是符合题目要求。1.如图所示，某人向对面的山坡上水平抛出两个质量不等的石块，分别落到A、B两处。不计空气阻力，则落到B处的石块（）A．初速度大，运动时间短B．初速度大，运动时间长C．初速度小，运动时间短D．初速度小，运动时间长2.如图所示，卫星a、b

、c沿圆形轨道绕地球运行。a是极地轨道卫星，在地球两极上空约1000km处运行；b是低轨道卫星，距地球表面高度与a相等；c是地球同步卫星，则（）A．a、b的角速度比c小B．a、b的线速度大小相等C．a、b的向心力一定相等D．a、b的向心加速度比c小3.一个透明均匀玻璃圆柱的横截面如图所示，一束

由a、b两种单色光组成的复色光从A点射入，分成两束分别从B、C射出，则下列说法正确的是（）A．a光的折射率大于b光的折射率B．在玻璃中，a光的传播速度小于b光的传播速度C．a光的频率大于b光的频率D．a、b两种单色光分别

通过同一个双缝干涉装置，b光的干涉条纹间距较小4.如图所示，圆形区域内有垂直纸面的匀强磁场（图中未画出），三个质量和电荷量都相同的带电粒子a、b、c以不同的速率对准圆心O沿着AO方向射入磁场，其运动轨迹如图所示，若带电粒子只受磁场力的作用，则下列说法正确的是（）A．a粒子速率最大B．

c粒子速率最大C．c粒子在磁场中运动时间最长D．它们做圆周运动的周期𝑇𝑎<𝑇𝑏<𝑇𝑐5.分子力𝐹、分子势能𝐸𝑃与分子间距离𝑟的关系图线如图甲乙两条曲线所示，𝑟0为平衡位置，取无穷远处分子

势能为零。若𝑎分子固定于坐标原点，𝑏分子从无穷远处以一定初速度释放，在分子力的作用下沿𝑟正半轴靠近𝑎。下列说法正确的是（）A．甲图线为分子势能与分子间距离的关系图线B．当𝑟=𝑟0时，分子势能最

小C．当𝑟=𝑟0时，分子间的引力、斥力均为零D．随着分子间距离的减小，分子力先减小后一直增大6.某充电器充电时可简化为如图甲所示电路，原线圈串联一个阻值𝑅1=800Ω的定值电阻，副线圈c、d连接阻值𝑅2=5Ω

的定值电阻，a、b两端输入如图乙所示正弦交流电压，理想电流表的示数为0.025𝐴，则（）A．理想电压表的示数为5√2𝑉B．电阻𝑅2的电功率为10𝑊C．理想变压器原、副线圈匝数比为40:1D．若电阻𝑅1的阻值减小，则电阻

𝑅2的电功率也将减小二、多选题：本题共5小题，每小题5分，共25分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7.运用分子动理论的相关知识，判断下列说法正确的是（）A．分子间

距离增大时，可能存在分子势能相等的两个位置B．某气体的摩尔体积为𝑉，每个分子的体积为𝑉0，则阿伏伽德罗常数的数值可表示为𝑁A=𝑉𝑉0C．阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃的运动是布朗运动D．生产半导体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散

来完成8.一带负电粒子仅在电场力的作用下从A点沿直线运动到B点，速度由𝑣1变为𝑣2，其速度—时间图像如图所示，下列说法正确的是（）A．A、B两点的电势关系为𝜑𝐴>𝜑𝐵B．A点附近的等势面要比B点附近的等势面稀疏C．A、B两点的电场强度大小关

系为𝐸𝐴>𝐸𝐵D．粒子从A点到B点的过程中，可能两次经过同一个等势面9.如图甲为一列简谐横波在𝑡=2𝑠时的波动图像，图乙为该波中𝑥=2𝑚处质点𝑃的振动图像。下列说法正确的是（）A．该波的波速大小为1𝑚/𝑠B．该波沿𝑥轴正方向传播C．𝑡=1

𝑠时，质点P的速度最小，加速度最大D．在0∼2𝑠内，质点P的速度和加速度的方向均未发生改变10.一定量的理想气体从状态𝑎经状态𝑏变化到状态𝑐，其过程如𝑇−𝑉图上的两条线段所示，则气体在（）A．状态�

�处的压强大于状态𝑐处的压强B．由𝑎变化到𝑏的过程中，气体对外做功C．由𝑏变化到𝑐的过程中，气体的压强不变D．由𝑎变化到𝑏的过程中，气体从外界吸热11.如图所示，有一矩形线圈的面积为S，匝数为N，电阻不计，绕𝑂𝑂

′轴在水平方向的磁感应强度为B的匀强磁场中以角速度𝜔做匀速转动，从图示位置开始计时。矩形线圈通过铜滑环接理想变压器原线圈，副线圈接有固定电阻𝑅0和滑动变阻器R，所有电表均为理想交流电表，下列判断正确的是（）A．矩形线圈产生的感应电

动势的瞬时值表达式为𝑒=𝑁𝐵𝑆𝜔sin𝜔𝑡B．矩形线圈从图示位置转过90°的时间内产生感应电动势的平均值为𝑁𝐵𝑆𝜔𝜋C．当滑动变阻器的滑片向上滑动过程中，电流表A1和A2示数都变小D．当滑动变阻器的滑片向上滑动过程中，电压表V1、V2示数不变，

V3的示数变大三、实验题：本题共2小题，每空2分，共16分。12.在“用油膜法估测分子大小”的实验中：（1）已知实验室中使用的油酸酒精溶液的浓度为𝐶，𝑁滴溶液的总体积为𝑉。在浅盘中的水面上均匀地撒上痱子粉，将一滴上述油酸酒精溶

液滴在水面上，待油膜稳定后，在带有边长为𝑎的正方形小格的玻璃板上描出油膜的轮廓，测得油膜占有的正方形小格个数为𝑋。①用以上字母表示一滴油酸酒精溶液中的纯油酸的体积为______________。②油酸分子直径约为______

________。（2）在“油膜法”估测分子大小的实验中，体现的物理思想方法是_________。A．理想模型法B．控制变量法C．等效替代法（3）某同学所得到的油酸分子直径的计算结果明显偏小，可能是由于______________。A．油酸未完全散开B．油酸酒精溶液中含有大量酒精C．计算油膜面积

时舍去了所有不足一格的方格D．在向量筒中滴入总体积为𝑉的𝑁滴油酸酒精溶液时，滴数多数了10滴13.某同学尝试把一个灵敏电流表改装成温度表，他所选用的器材有：灵敏电流表（待改装），电源（电动势为𝐸，内阻不计），滑动变阻器，单刀双掷开关，导线若干，导热性能良好的防水材料

，标准温度计，PTC热敏电阻𝑅𝑡（PTC线性热敏电阻的阻值与摄氏温度𝑡的关系为𝑅𝑡=𝑎+𝑘𝑡，𝑎＞0，𝑘＞0）。设计电路图如图所示，按电路图连接好实验器材后，按如下步骤进行操作。（1）将滑动变阻器滑片P滑到________（填“𝑎”或“�

�”）端，单刀双掷开关S掷于c端，调节滑片P使电流表满偏，并在以后的操作中保持滑片P位置不动，设此时电路总电阻为R，断开电路。（2）容器中倒入适量开水，观察标准温度计，每当标准温度计示数下降5℃，就将开关S置于d端，并

记录此时的温度𝑡和对应的电流表的示数𝐼，然后断开开关。请根据温度表的设计原理和电路图，写出电流与温度的关系式𝐼=________（用题目中给定的符号）。（3）根据对应温度记录的电流表示数，重新刻制电流表的表盘，改装成温度表。根据改装原理，此温度表表盘刻度线的特点是：低温刻度在_

_______（填“左”或“右”）侧，刻度线分布是否均匀？________（填“是”或“否”）。四、解答题：本题共3小题，14题10分，15题10分，16题15分，共35分。14.如图所示，轻弹簧的一端固定，另一端与水平地面上

的物块1接触（但未连接）。在外力作用下物块1静止，此时弹簧的压缩量为10cm，之后撤去外力，物块1开始向左运动，离开弹簧后与静止在水平地面上的物块2发生碰撞，碰撞时间极短，碰后二者粘在一起。已知两物块质量均为𝑚=

1𝑘𝑔，弹簧的劲度系数𝑘=400𝑁/𝑚，当弹簧形变量为𝑥时弹簧具有的弹性势能𝐸𝑃=12𝑘𝑥2，弹簧始终在弹性限度内，不计空气阻力及一切摩擦，求：（1）刚撤去外力时，弹簧弹力的大小，（2）两物块碰撞前，物块1的速度大小，（3）两物块碰撞过程中损失的总机械能。15.为了方便监控高

温锅炉外壁的温度变化，在紧贴锅炉的外壁上镶嵌一个导热性能良好的汽缸，汽缸内气体温度可视为与锅炉外壁温度相等。汽缸开口竖直向上，用质量为𝑚=10𝑘𝑔的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞横截面积为𝑆=20𝑐𝑚2。当汽缸内温度为27℃时，活塞与汽缸底间距为𝐿，活塞上部距活塞23𝐿

处有一用轻绳悬挂的重物M。当绳上拉力为零时，警报器会报警。已知缸外大气压强𝑝0=1.0×105𝑃𝑎，活塞与器壁之间摩擦可忽略，取重力加速度𝑔=10𝑚/𝑠2，求：（1）当活塞刚刚碰到重物时，汽缸内气体的温度为多少？（2）若悬

挂的重物质量为30𝑘𝑔，则汽缸内气体温度要升高到多少时警报器才会报警？16.如图所示，PMN和𝑃′𝑀′𝑁′是两条足够长、相距为L的平行金属导轨，𝑀𝑀′左侧圆弧轨道表面光滑，右侧水平轨道表面粗糙，并且𝑀𝑀′右侧空间存在一竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场。在左侧圆弧轨道上高为

h处垂直导轨放置一导体棒AB，在右侧水平轨道上距AB棒足够远的地方，垂直导轨放置另一导体棒CD。已知AB棒和CD棒的质量分别为m和2m，接入回路部分的电阻分别为R和2R，AB棒与水平轨道间的动摩擦因数为μ，圆弧轨道与水平轨道平滑连接且电阻不计。现将AB棒由静止释放，让其沿轨道下滑并进入磁场

区域，最终运动到距𝑀𝑀′为d处停下，此过程中CD棒因摩擦一直处于静止状态。重力加速度为g，求：（1）AB棒刚进入磁场时所受安培力𝐹安的大小；（2）整个过程中AB棒上产生的焦耳热Q；（3）若水平轨道光滑，则从AB棒开始运动到最终处于稳定状态的过程中，通过AB棒的电荷量𝑞为多少？邵阳市二

中2023年上学期期中考试高二年二期物理试卷（物理类）参考答案一、单选题：本题共6小题，每小题4分，共24分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求。题号123456答案ABDBBC【详解】1

.【答案】A【详解】由题图可知，落在B处的石块竖直方向位移小，水平方向位移大，根据ℎ=12𝑔𝑡2可知落到𝐵处的石块运动时间短，根据𝑣0=𝑥𝑡可知落到𝐵处的石块初速度大。故选A。2.【答案】B【详解】

A．卫星绕地球做匀速圆周运动，地球的引力提供向心力有𝐺𝑀𝑚𝑟2=𝑚𝜔2𝑟解得𝜔=√𝐺𝑀𝑟3因为a、b的轨道半径小于c的轨道半径，所以a、b的角速度比c大，A错误；B．卫星绕地球做匀速圆周运

动，地球的引力提供向心力有𝐺𝑀𝑚𝑟2=𝑚𝑣2𝑟解得𝑣=√𝐺𝑀𝑟因为a、b的轨道半径相等，所以线速度大小相等，B正确；C．由牛顿第二定律可知𝐺𝑀𝑚𝑟2=𝑚𝑎解得𝑎=𝐺𝑀𝑟2由上式可知，a、b两卫星

的向心加速度大小相等，可两卫星的质量未知，向心力大小不能比较，C错误；D．因为a、b的轨道半径小于c的轨道半径，由𝑎=𝐺𝑀𝑟2可知a、b的向心加速度比c大，D错误。故选B。3.【答案】D【详解

】A．b光的折射角较小，根据折射定律，b光的折射率较大，A错误；B．根据𝑣=𝑐𝑛可知，b光的传播速度较小。B错误；C．b光的折射率大，频率也大。C错误；D．对于同一种介质，b光的折射率较大，说明b光

的波长较短。根据条纹间距公式𝛥𝑥=𝐿𝑑𝜆可知，b光的干涉条纹间距较小。D正确。故选D。4.【答案】B【详解】AB．粒子在磁场中的轨道半径𝑅=𝑚𝑣𝑞𝐵可知速度越快的粒子，轨道半径越大，

因此c粒子速率最大，a粒子速率最小，B正确，A错误；D．粒子在磁场中运动的周期𝑇=2𝜋𝑚𝑞𝐵只与比荷有关，与粒子运动速度无关，因此𝑇𝑎=𝑇𝑏=𝑇𝑐，D错误；C．由于运动周期相同，因此粒子在磁场中运动的时间由偏转角决

定，偏转角越大，运动时间越长，由图可知，a粒子在磁场中偏转角最大，运动时间最长，C错误。故选B。5.【答案】B【详解】A．当𝑟=𝑟0时分子力表现为零，甲图线则为分子力与分子间距离的关系图线，选项A错误；B．当𝑟=𝑟0时，分子力表

现为零，当𝑟>𝑟0时，分子力表现为引力，随分子距离减小分子力做正功，分子势能减小；当𝑟<𝑟0时，分子力表现为斥力，随分子距离减小分子力做负功，分子势能增加；则当𝑟=𝑟0时分子势能最小，选项B正

确；C．当𝑟=𝑟0时，分子间的引力等于斥力，分子力表现为零，选项C错误；D．随着分子间距离的减小，分子力先增加后减小，再增大，选项D错误。故选B。6.【答案】C【详解】AC．根据电路可知𝑈=220√2√2V=220V𝑈=𝐼1𝑅1+𝑈1𝑈1𝑛1=𝑈2𝑛2𝐼2=𝑈2𝑅2�

�1𝐼1=𝑛2𝐼2解得𝑈2=5V𝑛1𝑛2=401故A错误，C正确；B．电阻𝑅2的电功率𝑃2=𝑈22𝑅2=5W故B错误；D．若电阻𝑅1的阻值减小，𝑈1增大，𝑈2增大，电阻𝑅2的电功率将增大，故D错误。故选C。二、多选题：本题共5小题，每小题5分，共25分。在每小

题给出的四个选项中，有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。题号7891011答案ADACACABDCD【详解】7.【答案】AD【详解】A．由于分子之间的距离为r0时，分子势能最小，故存在分子势能相等的两个位置，A正确；B．由于气体分子之间的距离远大

于分子本身的大小，所以不能用气体的摩尔体积除以每个分子的体积得到阿伏伽德罗常数的数值，B错误；C．做布朗运动的微粒非常小，肉眼是观察不到的，阳光从缝隙射入教室，从阳光中看到的尘埃的运动不是布朗运动，是机械运动，C错误；D．扩散可以在气体、液体和固体中进行，生产半导

体器件时需要在纯净的半导体材料中掺入其他元素，这可以在高温条件下利用分子的扩散来完成，D正确。故选AD。8.【答案】AC【详解】A．根据速度由𝑣1变为𝑣2，速度减小，电场力对负电荷做负功，电势能增加。根据带电粒子在电场中的运动规律可知，负电荷高势低能，则𝜑𝐴>𝜑𝐵。故A正确

；BC．电场线密集的位置等势面密集，场强更大，则带电粒子受到的电场力更大，加速度大，在𝑣−𝑡图像中，斜率更大。A处斜率大于B处斜率，则电场强度的关系𝐸A>𝐸B，A点附近的等势面要比B点附近的等势面密集。故B错误，C正确；D．粒子从A点到B点的

过程中，速度一直减小，则电势能一直增大，故不可能两次经过同一个等势面。故D错误。故选AC。9.【答案】AC【详解】A．根据图像可知波长𝜆=4𝑚，𝑇=4𝑠，则该波的波速大小为𝑣=𝜆𝑇=1𝑚/𝑠故A正确

；B．根据波形图与振动图像的结合分析可知质点P在𝑡=2𝑠时向下振动，根据同侧法可知该波向x轴负方向传播。故B错误；C．根据振动图像，𝑡=1𝑠时质点P处于正向最大位移处，速度最小，加速度最大。故C正确；D．0∼2𝑠内，质点P的速度先正

向减小，后负向增大，速度方向发生了改变；加速度先负向增大，后负向减小。故D错误。故选AC。10.【答案】ABD【详解】AC．理想气体从状态a到状态b，图线是过原点的倾斜直线，由𝑝𝑉𝑇=常数可知该过程是等压变化；从状态b变化到状态c，V

增大，T降低，所以压强p减小，故状态a处的压强大于状态c处的压强，故A正确，C错误；BD．由a变化到b的过程中，V增大，所以气体对外做功，T升高，则内能增大，由热力学第一定律Δ𝑈=𝑊+𝑄可知气体吸热，故BD正确。故选ABD。

11.【答案】CD【详解】A．因为线圈是从垂直中性面开始计时，所以矩形线圈产生的感应电动势的瞬时值表达式为𝑒=𝑁𝐵𝑆𝜔cos𝜔𝑡A错误；B．矩形线圈从图示位置转过90°的时间内产生感应电动势的平均值为𝐸̅=ΔΦΔ𝑡=2

𝑁𝐵𝑆𝜔𝜋B错误；C．滑动变阻器滑片向上滑动过程中，变阻器阻值变大，根据欧姆定律，副线圈电流变小，根据电流与匝数成反比，知原线圈电流减小，即电流表A1和A2示数都变小，C正确；D．滑动变阻器滑片向上滑动过程中，变阻器连入电

路电阻变大，原线圈电压U1不变，即V1不变，匝数比不变，副线圈两端的电压不变，所以电压表V2的示数不变，副线圈电阻变大，电流变小，电阻𝑅0两端的电压变小，变阻器两端的电压变大，即电压表V3的示数变大，D正确；故选CD。三、实验题：

本题共2小题，每空2分，共16分。12.【答案】𝐶𝑉𝑁𝐶𝑉𝑁𝑋𝑎2AD【详解】（1）①[1]一滴油酸酒精溶液中的纯油酸的体积为𝑉0=𝑉𝑁𝐶=𝐶𝑉𝑁②[2]油膜的面积为𝑆=𝑋𝑎2油酸分子直径约为𝑑=𝑉0𝑆=𝐶𝑉𝑁𝑋𝑎2（2）[3]在油膜法估测分

子大小的实验中，让一定体积的纯油酸滴在水面上形成单分子油膜，将油酸分子看作球形，认为油酸分子是一个紧挨一个的，估算出油膜面积，从而求出分子直径，这里用到的方法是理想模型法。故选A。（3）[4]A．油酸未完全散开，则油膜面积的测量值偏小，油酸分子直径的测量值偏

大，故A错误；B．酒精溶于水，溶液中含有大量酒精，有利用油酸分散开，形成单分子层，并不会引起油酸分子直径的测量值偏小，故B错误；C．计算油膜面积时舍去了所有不足一格的方格，则油膜面积的测量值偏小，油酸分子直径的测量值偏大，故C错误；D．在向量筒中滴入总体积为𝑉的𝑁滴油酸酒精溶液时，滴数多

数了10滴，则一滴油酸酒精溶液中的纯油酸的体积测量值偏小，油酸分子直径的测量值偏小，故D正确。故选D。13.【答案】a𝐸𝑅+𝑎+𝑘𝑡右否【详解】（1）[1]分析电路可知滑动变阻器为限流式接法，所以闭合开关前，使它的阻值

处于最大值状态，即将滑片P滑到a端；（2）[2]把开关置于d端，根据闭合电路欧姆定律可得𝐼=𝐸𝑅+𝑅T热敏电阻的阻值与摄氏温度t的关系为𝑅T=𝑎+𝑘𝑡联立可得𝐼=𝐸𝑅+𝑎+𝑘𝑡（3）[3]由（2）的关系式可知，温度越低，电阻越小，

回路中I越大，所以低温度刻度在右侧；[4]由𝐼−𝑡关系式可知，电流I与温度t不是线性关系，所以刻度线分布不均匀。四、解答题：本题共3小题，14题10分，15题10分，16题15分，共35分。14.【答案】（1）𝐹=40N；（2）𝑣

=2m/s；（3）Δ𝐸=1J【详解】（1）根据胡克定律𝐹=𝑘𝑥…………………………1分代入数据解得𝐹=40N…………………………1分（2）物块1离开弹簧时，弹簧的弹性势能全部转化为物块1的动能根据能量守恒定律12𝑘𝑥2=12

𝑚𝑣2…………………………2分代入数据解得𝑣=2m/s…………………………1分（3）两物块碰撞过程动量守恒𝑚𝑣=2𝑚𝑣𝑡…………………………2分根据能量守恒定律Δ𝐸=12𝑚𝑣2−12⋅2𝑚�

�𝑡2…………………………2分代入数据解得Δ𝐸=1J…………………………1分15.【答案】（1）500K；（2）1000K【详解】（1）活塞在上升到刚刚碰到重物时，气体等压变化，根据盖吕-萨克定律：𝑉1𝑇1=𝑉2𝑇2………………

…………2分其中𝑉1=𝑆𝐿，𝑉2=𝑆（𝐿+23𝐿），𝑇1=27+273K=300K代入解得𝑇2=500K…………………………1分（2）当活塞上升使绳上拉力刚好为零时，此时汽缸内压强为𝑝′，有𝑝′𝑆=𝑝0𝑆+(𝑚+𝑀)𝑔…………………………2

分从刚刚碰到重物到拉力刚好为零时，气体等容变化，根据查理定律有𝑝𝑇2=𝑝′𝑇′…………………………2分开始时有𝑝𝑆=𝑝0𝑆+𝑚𝑔…………………………2分联立解得𝑇′=1000K…………………………1分16.【答案】（1）𝐹安=𝐵2𝐿2√2𝑔ℎ3𝑅；（2）𝑄=13

𝑚𝑔(ℎ−𝜇𝑑)；（3）𝑞=2𝑚√2𝑔ℎ3𝐵𝐿【详解】（1）AB棒下滑到𝑀𝑀′处，根据机械能守恒得𝑚𝑔ℎ=12𝑚𝑣2…………………………2分此时𝐸=𝐵𝐿𝑣由闭合电路欧姆定律可得𝐼=𝐸(𝑅+2𝑅

)由安培力公式可得𝐹安=𝐵𝐼𝐿𝐹安=𝐵2𝐿2𝑣3𝑅…………………………2分联立解得𝐹安=𝐵2𝐿2√2𝑔ℎ3𝑅…………………………1分（2）AB棒进入磁场后，根据动能定理得�

�安−𝜇𝑚𝑔𝑑=0−12𝑚𝑣2…………………………2分回路中产生的焦耳热𝑄总=−𝑊安…………………………1分又因两导体棒电流相同，则AB棒上产生的焦耳热𝑄=𝑅(𝑅+2𝑅)𝑄总…………………………

1分联立解得𝑄=13𝑚𝑔(ℎ−𝜇𝑑)…………………………1分（3）若水平导轨光滑，根据系统动量守恒定律得𝑚𝑣=(𝑚+2𝑚)𝑣共…………………………2分对AB棒，由动量定理可得−𝐵𝐼𝐿Δ𝑡=𝑚𝑣共−𝑚𝑣…………………………2分而𝑞=𝐼Δ𝑡联立解得𝑞=

2𝑚√2𝑔ℎ3𝐵𝐿…………………………1分获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com