【文档说明】江西省抚州市临川第一中学2019-2020学年高二下学期第一次月考物理试题 【精准解析】.doc，共(18)页，771.000 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-7b8f59be0a015c7f546a8b00439a2b32.html

以下为本文档部分文字说明：

临川一中2019-2020学年度下学期第一次月考高二物理试卷（考试时间：100分钟）一、选择题（本部分共10小题，共40分，1~6题为单选7~10题为多选，每题4分，选对得全分，漏选得2分，错选或不选不得

分）1.下列有关热现象分析与判断正确的是（）A.物体的温度可以降到-273.15℃以下B.当将橡皮筋拉伸时，橡皮筋内分子的引力和斥力都减小，引力减小得较快C.知道水蒸气的摩尔体积和水分子的体积，可计算出阿伏加德罗常数D.摩擦生热是利用做功来改变物体的内能【答案

】D【解析】【详解】A．绝对零度是低温的极限，则物体的温度不可以降到-273.15℃以下，选项A错误；B．当将橡皮筋拉伸时，橡皮筋内分子的引力和斥力都减小，引力减小的较慢，斥力减小的较快，选项B错误；C．根据公式0

mAVNV=，知道水蒸气的摩尔体积和水分子所占空间的体积，可计算出阿伏加德罗常数，这里的V0是指水分子所占空间的体，而不是水分子实际的体积，故C错误；D．摩擦生热是利用做功来改变物体的内能，选项D正确。故选D。2.如图所示，完全相同的质量为m的A、B两球，用两根等长的细线悬挂在O点，两球

之间夹着一根劲度系数为k的轻弹簧，静止不动时，弹簧处于水平方向，两根细线之间的夹角为θ，则弹簧的长度被压缩了A.tanmgkB.tan2mgkC.2tanmgkD.2tan2mgk【答案】B【解

析】对球A受力分析，受重力mg、拉力T、弹簧的弹力F，如图根据平衡条件，结合合成法，有F=mgtan2；根据胡克定律，有F=kx；解得tan2mgxk=;故选B．3.如图所示，一个带正电的小球沿光滑的水平绝缘

桌面向右运动，速度的方向垂直于水平方向的匀强磁场，小球飞离桌子边缘进入磁场，最后落到地板上，设其飞行时间为t1，水平射程为s1，落地动能为Ek1，落地速率为v1。撤去磁场，其余条件不变，小球飞行时间为t2，水平射程为s2，落地动能为Ek2，

落地速率为v2。不计空起阻力，则（）A.t1＜t2B.s1＞s2C.v1＜v2D.Ek1＞Ek2【答案】B【解析】【详解】A．有磁场时，小球下落过程中要受重力和洛仑兹力共同作用，重力方向竖直向下，大小方向都不变；洛仑兹力的大小和方向都随速度的变化而变化，但在能落到地面的前提下

洛仑兹力的方向跟速度方向垂直，总是指向右上方某个方向，其水平分力fx水平向右，竖直分力fy竖直向上，如图所示竖直方向的加速度仍向下，但小于重力加速度g，从而使运动时间比撤去磁场后要长，即t1＞t2，故A错误；B．小球水平方向也将加速运动，从而使

水平距离比撤去磁场后要大，即s1＞s2，故B正确；CD．在有磁场，重力和洛仑兹力共同作用时，其洛仑兹力的方向每时每刻都跟速度方向垂直，不对粒子做功，不改变粒子的动能，有磁场和无磁场都只有重力作功，动能的增加是相同的。有磁场和无磁场，小球落地时速

度方向并不相同，但速度的大小是相等的，故CD错误。故选B。4.如图所示是北斗导航系统中部分卫星的轨道示意图，己知a、b、c三颗卫星均做圆周运动，a是地球同步卫星，则（）A.卫星a的加速度大于c的加速度B.卫星a的角速度大于c的角速度C.卫星a的运行速度大于

第一宇宙速度D.卫星b的周期等于24h【答案】D【解析】【详解】由万有引力提供向心力有222224MmvGmrmrmmarTr====解得GMvr=3GMr=234rTGM=2GMar=A．卫星a的轨道半径大于c，卫星a的加速度小于卫星c的加速度，A错误；B．卫星a的

轨道半径大于c，所以卫星a的角速度小于c的角速度,故B错误；C．第一宇宙速度是卫星的最小发射速度，同时也是卫星的最大运行速度，故C错误；D．卫星a、b半径相同，所以周期大小相同,故D正确。故选D。5.一理想变压器原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流

电源上，如图所示。设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈的匝数比为n1:n2，在原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k=19，则（）A.U=66Vn1:n2=3:1B.U=22Vn1:n2=2:1C.U=66

Vn1:n2=2:1D.U=22Vn1:n2=3:1【答案】A【解析】【详解】根据电流与匝数成正比，得原副线圈的电流之比：1221InIn=根据2PIR=得原副线圈回路中电阻消耗的功率之比：212219IkI==解得原、

副线圈的匝数比为：123:1nn=根据原副线圈电压与匝数成正比，得原线圈两端的电压为3U，根据UIR=知原线圈回路中电阻两端的电压为3U，在原线圈回路中：3220V3UU+=解得：66VU=故A正确，B、C、D错误；故选A。6.如图所示，光滑绝缘水平面上有质量分别为m和3

m的小球A、B，两小球带等量异种电荷.水平外力F作用在小球B上，当两小球A、B间的距离为L时，两小球保持相对静止.若仅将作用在小球B上的外力的大小改为4F，要使两小球保持相对静止，两小球A、B间的距离为（）A.4LB.3LC.

2LD.2L【答案】C【解析】【详解】当水平外力F作用在小球B上时，对A、B整体有4Fma=对A有22qkmaL=当水平外力大小改为14F时，对A、B整体有144Fma=对A有22qkmaL=综上可解得2LL=故选C。7.在光电效应实验中，某同学先后用甲、乙两种光照射同一光电管

，得到如图所示的两条光电流与电压之间的关系曲线，则两种光中（）A.甲光的频率比较大B.甲光的波长比较长C.甲光照射时单位时间内逸出的光电子数比较多D.甲光照射时逸出的光电子的最大初动能比较大【答案】BC【解析】【详解】ABD．根据212cmUemvhW==−逸出功由图像可知，乙光的截止电压较大

，则乙光照射时逸出的光电子的最大初动能比较大，乙光的频率较大，根据c=则甲光波长较大，选项AD错误，B正确；C．由图像可知，甲光的饱和光电流较大，则甲光照射时单位时间内逸出的光电子数比较多，选项C正确

。故选BC。8.空间虚线上方存在匀强磁场，磁感应强度为B；一群电子以不同速率v从边界上的P点以相同的方向射入磁场．其中某一速率v0的电子从Q点射出，如图所示．已知电子入射方向与边界夹角为θ，则由以上条件可判断（）A.该匀强磁场的方向是垂直纸面向里B.所有电子在磁场中的轨迹相同C.速率

大于v0的电子在磁场中运动时间长D.所有电子的速度方向都改变了2θ【答案】AD【解析】【分析】电子进入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，根据左手定则判断磁场方向；电子在磁场中的轨迹与半径有关，由半径公式r=mvBq知，速率不同，轨迹半径不同．电子在磁场中速度方向改变的角度等于轨迹的圆心角

，而电子运动时间与轨迹的圆心角成正比，据此即可分析电子在磁场中运动的长短．【详解】A．由图知，电子在P点受到的洛伦兹力方向沿P→O，如图，根据左手定则判断得知：匀强磁场的方向是垂直纸面向里．故A正确．B

．电子进入磁场后受到洛伦兹力而做匀速圆周运动，由半径公式r=知，轨迹半径与电子的速率成正比，速率不同，轨迹半径不同，则轨迹就不同．故B错误．CD．根据圆的对称性可知，所有电子离开磁场时速度方向与PQ线的夹角都是

θ，则所有电子的速度方向都改变了2θ，由几何知识得知，所有电子轨迹对应的圆心角都是2θ，则所有电子在磁场中运动的时间都相同．故C错误，D正确．【点睛】本题是磁场中直线边界问题，掌握左手定则和轨迹半径的基础上，抓住圆的对称性，确定速度的偏向角与轨迹的圆心角，即可比较磁场中运动的时

间．9.如图所示，在磁感应强度为B竖直向下的匀强磁场中，水平固定放置有一成45º角的金属导轨，导轨平面垂直于磁场方向。在外力F作用下金属杆MN以速度v从导轨的O点处开始无摩擦地匀速滑动，速度v的方向与Ox方向平行，金属杆与导轨

单位长度的电阻为r，金属杆与导轨接触良好（即无接触电阻）。下列说法正确的是（）A.t时刻感应电动势的表达式为22Bvt=B.金属杆中感应电流的大小为(22)Bvr+C.t时刻外力F的瞬时功率为23(22)Bvtr+D.经过时间

t后金属杆与导轨产生的焦耳热为342Bvtr【答案】BC【解析】【详解】A．MN匀速运动，则经过时间t导线离开O点的长度：x=vt，MN切割磁感线的有效长度是L=vt•tan45°=vtt时刻回路中导线MN产生的感应电动势为：E=BLv=Bv2t故A错误；B．回路的

总电阻为：(22)Rvtvtr=+感应电流的大小为：2(22)(22)EBvtBvIRvtvtrr===++故B正确；C．由上式分析可知，回路中产生的感应电流不变，金属棒匀速运动时，外力的功率等于回路总的电功率，则外力瞬时功率的表达式为：232(22)BvtPIR

r==+故C正确；D．外力瞬时功率的表达式为：232(22)BvtPIRr==+与时间成正比，所以经过时间t后金属杆与导轨产生的焦耳热为2322(22)BvtWPtr=+=故D错误。故选BC。10.如图所示，A、B两个

矩形木块用轻弹簧和一条与弹簧原长相等的轻绳相连，静止在水平地面上，绳为非弹性绳且可承受的拉力足够大．弹簧的劲度系数为k，木块A和木块B的质量均为m．现用一竖直向下的压力将木块A缓慢压缩到某一位置，木块A在此

位置所受的压力为F(F>mg)，弹簧的弹性势能为E，撤去力F后，下列说法正确的是A.弹簧恢复到原长的过程中，弹簧弹力对A、B的冲量相同B.当A速度最大时，弹簧仍处于压缩状态C.当B开始运动时，A的速度大小为EMD.全程中，A上升的最大高度为3()44EmgFmgk+

+【答案】BD【解析】【详解】A、由于冲量是矢量，弹簧恢复到原长的过程中，弹簧弹力对A、B的冲量大小相等，方向相反，故A错误．B、当A受力平衡时速度最大，即弹簧的弹力大小等于A木块的重力，此时弹簧处于压缩状态，故B正

确．C、设弹簧恢复到原长时A的速度为v，绳子绷紧瞬间A、B共同速度为v1，A、B共同上升的最大高度为h，A上升的最大高度为H，弹簧恢复到原长的过程中根据能量守恒有：E=mgmgFk++12m2v绳子绷紧瞬间根据动量守恒定律有：m

v=2mv1AB共同上升过程中根据能量守恒有：12（m+m）21v=(m+m)gh联立解得B开始运动时，A的速度大小为：v1=22EmgFgmk+−全程中，A上升的最大高度H=()344mgFEmgk++，故C错误，D正确．故选B、D【点睛】本题细绳和弹簧相连的连接体，要利用

根据能量守恒解决问题，关键是绳子绷紧瞬间动量守恒．二、实验探究题（本部分共2小题，共13分，把答案填在题中的横线上或按要求作答）11.实验课上同学们利用打点计时器等器材，研究小车做匀变速直线运动的规律．其中一个

小组的同学从所打的几条纸带中选取了一条点迹清晰的纸带，如图所示，图中O、A、B、C、D是按打点先后顺序依次选取的计数点，相邻计数点间的时间间隔T=0.2s。由图中的数据可知，打点计时器打下C点时小车运

动的速度是__________m/s，小车运动的加速度是__________2m/s。(保留两位有效数字）【答案】(1).0.48(2).0.60【解析】【详解】[1]根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，有228.819.6110m/s0.48m/

s220.2BDCxvT−−===[2]小车运动的加速度是()2222228.819.619.6110m/s0.60m/s(2)(20.2)BDOBxxaT−−−−===12.物理学习小组试图利用图甲测量一组旧蓄电池的电动势和内阻：（1）实验步骤如下：①将电阻箱阻值调到最大，闭合开关

S；②多次调节电阻箱，记下电流表的示数I和电阻箱相应的阻值R；③以1I为纵坐标，R为横坐标，作1RI−图线（用直线拟合），如图乙所示；④从图线求出直线的斜率K和在纵轴上的截距b。（2）请你回答下列问题（用题给符号K、b表示）：①计算电池的电动势E=________，

内阻r=________。②根据实验方案发现，电流表内阻对实验精确度有较大影响，如果测的电流表内阻为Ar，则电源内阻的精确值为________。【答案】(1).1K(2).bK(3).AbrK−【解析】【详解】(2)①[1][2]利用图甲测量一组旧蓄电池的电动势和内阻，由于内阻较大，电路

中电流不稳定，所以读数要快速准确。根据实验步骤由欧姆定律有：EIRr=+，所以111RrIEE=+1RI−图象是一条直线，结合图像的斜率和纵截距有：1KE=，1brE=所以电动势1EK=，brbE

K==②[3]根据实验方案发现，电流表内阻对实验精确度有较大影响，如果测的电流表内阻为rA，则应用欧姆定律时可把电流表内阻等效为电源内阻，即上式中的r为实际内阻与电流表内阻之和，所以实际内阻为AAbrrrK−=−三

、计算题（本部分共5小题，共47分，解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）13.如图所示，汽缸开口向下竖直放置，汽缸的总长度为0.4mL=，开始时，厚度不计的活塞处于

2L处，现将汽缸缓慢转动（转动过程中汽缸不漏气），直到开口向上竖直放置，稳定时活塞离汽缸底部的距离为4L，已知汽缸的横截面积210cm=S，环境温度为0270KT=保持不变，大气压强501.0210Pap=，重力加

速度g取210m/s。（1）求活塞的质量；（2）缓慢加热汽缸内的气体，至活塞离汽缸底部的距离为2L，求此时气体的温度。【答案】（1）3.4kg；（2）540K.【解析】【详解】（1）初状态气体压强10mgppS=−末态气体压强20mgppS=+由玻意耳定律得1224LLpSpS=代入数据解

得m=3.4kg（2）由盖-吕萨克定律得042LLSSTT=解得T=2T0=540K14.如图所示，面积为0.3m2的100匝线圈A处在磁场中，磁场方向垂直于线圈平面向外．磁感应强度随时间变化的规

律是B＝(6－0.2t)T，已知电路中的R1＝4Ω，R2＝6Ω，电容C＝30μF，线圈A的电阻r=2Ω，求：(1)闭合S后，通过R2的电流大小及方向；(2)闭合S一段时间后，再断开S，求S断开后通过R2的电荷量是多少？【答案】（1）0.5A，电流方向由a流向

b；（2）-5910C【解析】【详解】（1）由于B=6-0.2t，则，0.2T/sBt=，A线圈内产生的感应电动势：1000.30.26VBSEnntt====（），S闭合后，电路中电流126A0.5(A)12EIrRR===++，根据右手定

则判断电流方向由a→R2→b（2）断开S后，通过R2的电量等于电容中储存的电量，开关闭合时，电容两端电压2=3VUIR=，所以电容带电量：-5Q=C910CU=，通过R2的电量等于-5910C15.在水平地面的右端B处有一面墙，一小物块放在水平地面上的A点，质量m=0.5kg，AB间距离s

=5m，如图所示．小物块以初速度v0=8m/s从A向B运动，刚要与墙壁碰撞时的速度v1=7m/s，碰撞后以速度v2=6m/s反向弹回．重力加速度g取10m/s2．求：（1）小物块从A向B运动过程中的加速度a的大小；（2）小物块与地面间的动摩擦因数μ；（3）若碰撞时间t=0.05

s，碰撞过程中墙面对小物块平均作用力F的大小．【答案】（1）1.5m/s2；（2）0.15；（3）130N【解析】【详解】（1）从A到B过程是匀减速直线运动，根据速度位移公式，有：222220178=m/s225vvas−−==

﹣1.5m/s2（2）从A到B过程，由动能定理，有：22101122μmgsmvmv−=−可得：μ=0.15（3）对碰撞过程，规定向左为正方向，由动量定理，有：F△t=mv2﹣m（﹣v1）可得：F=130N16.如图所示，质量M＝3.0kg的小车静止在光滑的水平地面上，AD部分是表面粗糙

的水平导轨，DC部分是光滑的14圆弧导轨，AD和DC部分平滑相连，整个导轨都是由绝缘材料制成的，小车所在空间内有竖直向上E＝40N/C的匀强电场和垂直纸面水平向里B＝2.0T的匀强磁场。今有一质量为m＝1.0kg带负电

的滑块（可视为质点）以v0＝8m/s的水平速度向右冲上小车，当它过D点时对地速度为v1＝5m/s，对水平导轨的压力为10.5N，g取10m/s2。求：（1）滑块的电量大小；（2）滑块从A到D的过程中，小车、滑块系统损失的机械能；（3

）若滑块通过D时立即撤去磁场，求此后小车所能获得的最大速度。【答案】（1）21.010C−；（2）18J；（3）3m/s【解析】【详解】（1）在D点，竖直方向上满足：1NmgqvBqE=++解得：2110.5101.01

0C402.05NmgqEBv−−−===++（2）从A→D，滑块、小车系统水平方向动量守恒，设到D点时小车速度为u1，有：011mvmvMu=+解得：011()1.0(85)1m/s3.0mvvuM−−===由能量守恒定律可知系统损失的机械能为：2220

11111222EmvmvMu=−−解得：18E=J（3）撤去磁场后，滑块在圆弧轨道上运动的整个过程中，小车都在加速，因此滑块返回D点时，小车速度最大，设此时滑块、小车的速度分别为v2、u2，因滑块由D点上滑到滑回D点过程中，电场力做功为零，故系统在水平动量守恒的同时初末状态

机械能相等，即：mv0=mv2+Mu2222211222222mvMumvMu+=+联立两式解得：u2=1m/s（舍去）；u2=3m/s即此后小车所能获得的最大速度为3m/s。17.如图，在竖直平面内，一半径为R的光滑圆弧轨道ABC和水平轨道PA在

A点相切．BC为圆弧轨道的直径．O为圆心，OA和OB之间的夹角为α，sinα=35，一质量为m的小球沿水平轨道向右运动，经A点沿圆弧轨道通过C点，落至水平轨道；在整个过程中，除受到重力及轨道作用力外，小球还一直受到一水平恒力的作用，已知小球在C点所受合力的方向指向圆心，且此时小球对轨道的压力

恰好为零．重力加速度大小为g．求：（1）水平恒力的大小和小球到达C点时速度的大小；（2）小球到达A点时动量的大小；（3）小球从C点落至水平轨道所用的时间．【答案】（1）52gR（2）232mgR（3）355Rg【解析】试题分析本题考查小球在竖直面内的圆周运动、受力分析、动量

、斜下抛运动及其相关的知识点，意在考查考生灵活运用相关知识解决问题的的能力．解析（1）设水平恒力的大小为F0，小球到达C点时所受合力的大小为F．由力的合成法则有0tanFmg=①2220()FmgF=+②设小球到达C点时的速度大小为v，由牛顿第二定律得2vFm

R=③由①②③式和题给数据得034Fmg=④52gRv=⑤（2）设小球到达A点的速度大小为1v，作CDPA⊥，交PA于D点，由几何关系得sinDAR=⑥(1cosCDR=+）⑦由动能定理有220111

22mgCDFDAmvmv−−=−⑧由④⑤⑥⑦⑧式和题给数据得，小球在A点的动量大小为1232mgRpmv==⑨（3）小球离开C点后在竖直方向上做初速度不为零的匀加速运动，加速度大小为g．设小球在竖直方向的初速度为v⊥，从C点落至水平轨道

上所用时间为t．由运动学公式有212vtgtCD⊥+=⑩sinvv⊥=由⑤⑦⑩式和题给数据得355Rtg=点睛小球在竖直面内的圆周运动是常见经典模型，此题将小球在竖直面内的圆周运动、受力分析、动量、斜下抛运动有机结合，经典创新．