【文档说明】内蒙古集宁一中西校区2019-2020学年高二下学期期中考试化学试题【精准解析】.doc，共(13)页，394.000 KB，由小赞的店铺上传

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集宁一中2019—2020学年第二学期期中考试高二年级化学试题常用相对原子质量：H:1C:12N:14O:16Na:23S:32Mg:24Cl:35.5第Ⅰ卷（选择题，共42分）一、选择题（本大题包括14小题，每小题3分，共42分。

每小题只有一个选项符合题目要求。）1.海带中含有碘元素。从海带中提取的碘的步骤如下：①海带焙烧成灰加入水搅拌②过滤③向滤液中加入稀H2SO4和H2O2④加入CCl4萃取⑤分液。下列说法中不正确的是（）A.步骤②中用到

的玻璃仪器有漏斗、烧杯、玻璃棒B.步骤③中涉及的离子方程式为：2I-+H2O2+2H+=I2+2H2OC.步骤④中可用酒精代替CCl4D.步骤⑤中获得I2从分液漏斗下口倒出【答案】C【解析】【详解】A．步骤②为过滤，所需要的玻璃仪

器为：漏斗、玻璃棒、烧杯，故A不符合题意；B．步骤③中碘离子被双氧水氧化生成碘，发生的离子反应为：2I-+H2O2+2H+=I2+2H2O，故B不符合题意；C．步骤④为萃取，酒精与水互溶，不能用酒精代替，故C符合题意

；D．四氯化碳的密度比水的密度大，萃取后有机层在下层，获得I2从分液漏斗下口放出，故D不符合题意；故答案为：C。【点睛】萃取剂选择三原则：①萃取剂和原溶剂互不相溶；②萃取剂和溶质不发生反应；③溶质在萃取剂中的

溶解度远大于在水中的溶解度；常用的有机萃取剂有四氯化碳、苯、汽油、酒精、丙酮等。2.下列实验中，分离提纯的方法不正确的是()选项实验分离、提纯方法A提纯粗苯甲酸重结晶B分离乙醇和丁醇蒸馏C除去乙炔中的H2S气体用CuSO4

溶液洗气D提纯硝基苯碱洗分液-水洗分液-蒸馏A.AB.BC.CD.D【答案】D【解析】【详解】A．苯甲酸的溶解度随温度的升高而增大，则选择重结晶法提纯，A正确；B．乙醇和丁醇互溶但沸点不同，因此选用蒸馏法分离，B正确；C．H2S和CuSO4反应而乙炔不能，因此利用CuS

O4洗气即可除杂，C正确；D．硝基苯不和NaOH溶液发生反应，故可以除去硝基苯中混有的酸，同时硝基苯和水不溶，因此在分液之后不需要蒸馏操作，D错误；故选D。3.只用一种试剂即可将己烯、甲苯、酒精、苯酚溶液、CCl4五种无色液体

区分开来，该试剂是()A.FeCl3溶液B.溴水C.KMnO4酸性溶液D.金属钠【答案】B【解析】A.因FeCl3溶液与己烯、甲苯均不反应，且二者不溶于水，密度都比水小，所以用FeCl3溶液不能鉴别己烯和甲苯，故A错误；B.加入溴水时酒精与溴水互溶，苯酚溶液中加入溴水产生白色沉淀，四氯化

碳中加入溴水发生萃取，有色层在下层，己烯中加入溴水时，溴水褪色，甲苯中加入溴水发生萃取，有色层在上层，可用溴水鉴别这五种无色液体，故B正确；C.加入酸性KMnO4溶液时，酒精、苯酚、己烯和甲苯都可以发生氧化还原反应而使酸性KMn

O4溶液褪色，不能鉴别，故C错误；D.四氯化碳、己烯、甲苯与金属钠都不反应，所以加入金属钠不能鉴别，故D错误；答案选B。4.下列各组有机物中，其一氯代物的数目不相等的是（）A.正戊烷和正己烷B.新戊烷和C.甲烷和乙烷D.丙烷和【答案】B【解析】【详解】A．正戊烷（）一氯代物同分异构体有

3种：、、；正己烷（）一氯代物有3种：、、，A不符合题意；B．新戊烷（）一氯代物有1种：，一氯代物有2种：、，B符合题意；C．CH4一氯代物有1种：CH3Cl，CH3CH3一氯代物有1种：CH3CH2Cl，C不符合题意；D．丙烷一氯代物有2种：、，一氯代物有2种：、

，D不符合题意；故选B。5.某烃的结构简式为，下列对它的描述正确的是（）A.它能使溴水褪色，但不能使酸性高锰酸钾溶液褪色B所有原子可能共平面C.易溶于水，也易溶于有机溶剂D.能发生加成反应，一定条件下最多可与三倍物质的量的氢气加成【答案】B【解析】【分析】根据烃的结

构简式可知该烃是苯乙烯，含有苯环和碳碳双键，结合苯和乙烯的结构与性质解答。【详解】A．分子中含有碳碳双键，它能与溴水发生加成反应使溴水褪色，也能被酸性高锰酸钾溶液氧化，使酸性高锰酸钾溶液褪色，A错误；B．由于苯环和碳碳

双键均是平面形结构，则该分子中所有原子可能共平面，B正确；C.烃类物质均不溶于水，苯乙烯属于烃类，难溶于水，C错误；D.苯环和碳碳双键均能与氢气发生加成反应，一定条件下最多可与四倍物质的量的氢气加成，D错

误；故答案选B。6.若如图所示的烷烃结构是烯烃与H2加成后的产物，则烯烃可能的结构有A.3种B.4种C.5种D.6种【答案】C【解析】【详解】烯烃与H2加成后的产物得到烷烃，则可以在烷烃的结构中加入双键，看可以得到多少种烯烃。两个相邻的C原子都有氢就可以插入双键

，如图，则烯烃有5种。答案选C。7.下列物质中，因发生化学反应既能使溴水褪色，又能使酸性高锰酸钾溶液褪色的是（）①CH3(CH2)4CH3②CH3CH2CH=CH2③④A.②B.③④C.①③D.②④【答案】A【解析】【

详解】①CH3(CH2)4CH3与溴水、高锰酸钾均不发生反应，故①错误；②CH3CH2CH＝CH2中含碳碳双键，与溴水发生加成反应，与高锰酸钾发生氧化反应，则既能因发生化学反应使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色，故②正确；③与溴水、高锰酸钾均不反应，故③错误；④与溴水不反应，与高锰酸钾反应，

能使酸性高猛酸钾溶液褪色，故④错误；故答案为A。【点睛】把握官能团与性质的关系为解答的关键，能因发生化学反应使溴水褪色，又能使酸性KMnO4溶液褪色，则含碳碳双键、三键，或具有还原性的物质，特别注意苯的同系物

只能使酸性高锰酸钾溶液褪色，不能使溴水褪色。8.某有机物的结构简式如下图所示，下列有关该有机物的说法正确的是（）A.该有机物的化学式为C10H14B.它的一氯代物有6种C.该有机物分子中所有碳原子一定在同一平面上D.一定条件下，它可以发生取

代、加成和氧化反应【答案】D【解析】【分析】由结构可知分子式，分子中含碳碳双键，双键为平面结构，甲基、亚甲基为四面体构型，结合烯烃的性质来解答。【详解】A.该有机物的化学式为C10H16，A项错误；B.结构不对称，含8种H，则一氯代物

有8种，B项错误；C.甲基、亚甲基及次甲基为四面体构型，则所有碳原子不可能共面，C项错误；D.含碳碳双键，可发生加成、氧化反应，且甲基可光照下发生取代反应，D项正确；答案选D。9.由2-氯丙烷制取少量1，2-丙二醇时，需要经过下列哪几步反应（）A.加成→消去→取

代B.消去→加成→消去C.消去→加成→取代D.取代→消去→加成【答案】C【解析】【详解】由2-氯丙烷首先与NaOH的乙醇溶液共热发生消去反应产生丙烯，然后是丙烯与溴水发生加成反应产生1，2-二溴丙烷，1，2-二溴丙烷与

NaOH的水溶液共热发生取代反应产生1，2-丙二醇，故由2-氯丙烷制取少量的1，2-丙二醇时，需要经过的反应类型先后顺序为消去、加成、取代，C选项正确；答案选C。10.要检验某溴乙烷中的溴元素,正确的实验方法是（）A.加入氯水振荡，观察水层是否有红棕色出现B.滴入AgNO3溶液，再加入稀硝酸呈

酸性，观察有无浅黄色沉淀生成C.加入NaOH溶液共热后加入稀硝酸呈酸性，再滴入硝酸银溶液，观察有无浅黄色沉淀生成D加入NaOH溶液共热，冷却后加入AgNO3溶液，观察有无浅黄色沉淀生成【答案】C【解析】【分析】检验溴乙烷中溴元素，应在碱

性条件下水解，最后加入硝酸酸化，加入硝酸银，观察是否有黄色沉淀生成，据此即可解答。【详解】A.氯水与溴乙烷不反应，不能检验，A项错误；B.溴乙烷不能电离出溴离子，加AgNO3溶液不反应，B项错误；C.加入NaOH溶液，加热，卤代烃在碱性条件下水解生成

溴化钠和醇，冷却后加入稀HNO3酸化后加入AgNO3溶液，溴离子和银离子反应生成淡黄色不溶于硝酸的溴化银沉淀，C项正确；D.没有加硝酸中和多余的氢氧化钠，氢氧化钠与硝酸银能反应生成沉淀，产生干扰，D项错误；答案选C。11.有机物CH3-CH=CH-Cl不能发生的反应有()①取代反应②加成反应③消

去反应④使溴水褪色⑤使KMnO4酸性溶液褪色⑥与AgNO3溶液生成白色沉淀⑦聚合反应A.①②③④⑤⑥⑦B.⑦C.⑥D.②【答案】C【解析】【详解】有机物CH3-CH=CH-Cl可以发生取代反应，其中含有碳碳双键，能够发生加成反应，能够使溴水褪色和KMnO4酸性溶

液褪色，能够发生聚合反应，在氢氧化钠的醇溶液中加热能够发生消去反应，但是由于其没有自由的氯离子，所以不能够与AgNO3溶液生成白色沉淀，故本题的答案为C。12.下列物质间发生反应可以制得纯净的氯乙烷的是A.乙烷在光照条件下与Cl2反应B.乙烯与氯化氢加成C.乙烯通过浓盐酸D.乙烷通过氯

水【答案】B【解析】【分析】A、光照条件下，氯气和乙烷发生取代反应生成氯代烃和HCl；B、一定条件下，乙烯和HCl发生加成反应生成一氯乙烷；C、乙烯和盐酸不反应；D、乙烷和氯水不反应。【详解】A、光照条件下，氯气和乙烷发生取代反应生成乙烷的多种氯代烃，同时生成HCl，所以不能制备较纯净的一

氯乙烷，故A错误;B、一定条件下，乙烯和HCl发生加成反应生成一氯乙烷，没有副产物生成，所以可以制备较纯净的一氯乙烷，故B正确；C、乙烯和盐酸不反应，所以不能制取一氯乙烷，故A错误；D、乙烷和氯水不反应，所以不

能制取一氯乙烷，故D错误；故选B。13.下列物质转化常通过加成反应实现的是A.B.CH3CH2OH→CH3CHOC.CH4→CH3ClD.CH2=CH2→CH3CH2Br【答案】D【解析】【详解】A．苯和浓硝酸、浓硫酸的混合液加热

，可发生取代反应生成硝基苯，故A错误；B．CH3CH2OH在铜作催化剂的作用氧化生成CH3CHO，故B错误；C．CH4在光照条件下与氯气发生取代反应，生成CH3Cl，故C错误；D．CH2=CH2与HBr一定条件下发生加成反应生成CH3CH2Br，故D正确；答案为D。14.按系统命名法，下列烃的命名

正确的是()A.2—甲基—3—戊炔B.3—乙基—1—丁烯C.2，4，4—三甲基戊烷D.2—甲基—3—乙基己烷【答案】D【解析】【详解】A、根据炔烃的命名原则，应该取含碳碳三键、碳原子数目最多的为主链，最长碳链含有5个碳原子，主链为戊炔，距离三键最近的一端开始编号

，正确的名称应该是4－甲基－2－戊炔，A错误；B、该有机物是烯烃，应该取含碳碳双键、碳原子数目最多的为主链，最长碳链含有5个碳原子，主链为戊烯，距离双键最近的一端开始编号，正确的名称应该是3－甲基－1－戊烯，B错误；C、该有机物是烷烃，最长碳链含有5个

碳原子，3个甲基是支链，正确的名称应该是2，2，4—三甲基戊烷，C错误；D、该有机物命名符合烷烃的命名原则，D正确；答案选D。【点睛】本题主要是考查烷烃、烯烃和炔烃的命名，易错点是烯烃和炔烃的命名，在烯烃和炔烃的命名中应突出官能团的位置，

且选取距离官能团最近的一端开始编号。第Ⅱ卷（非选择题共58分）15.为了测定某有机物A的结构，做如下实验：①将2.3g该有机物完全燃烧，生成0.1molCO2和2.7g水；②用质谱仪测定其相对分子质量，得如图一所示的质谱图；③用核磁共振仪处理该化

合物，得到如图二所示图谱，图中三个峰的面积之比是1∶2∶3。试回答下列问题：（1）有机物A的相对分子质量是________。（2）有机物A的实验式是________。（3）A的分子式是_______________________________________。（4）A的结构简式为_____

______________________________________。【答案】(1).46(2).C2H6O(3).C2H6O(4).CH3CH2OH【解析】【分析】（1）根据质荷比判断有机物A的相对分子质量；（2）根据n=m÷M计算生成的水的物质的量，计

算碳元素、氢元素的质量，根据质量守恒判断有机物A是否含有氧元素，若含有氧元素，计算氧元素质量、氧原子物质的量，根据有机物A中C、H、O原子个数比值确定实验式；（3）根据有机物的实验式中H原子说明是否饱和C原子的四价结构判断；（4）由核磁共振氢谱判断

该有机物含有3种H，可确定分子的结构简式。【详解】（1）在A的质谱图中，最大质荷比为46，所以其相对分子质量也是46；（2）2.3g该有机物中n（C）=n（CO2）=0.1mol，含有的碳原子的质量为m（C）=0.1mol×12g•mol-1=1.2g，氢原子的物质的量为：

n（H）=2×2.7g/18g•mol-1=0.3mol，氢原子的质量为m（H）=0.3mol×1g•mol-1=0.3g，该有机物中m（O）=2.3g-1.2g-0.3g=0.8g，氧元素的物质的量为n（O）

=0.8g÷16g/mol=0.05mol，则n（C）：n（H）：n（O）=0.1mol：0.3mol：0.05mol=2：6：1，所以A的实验式是C2H6O；（3）该有机物的最简式为C2H6O，H原子已经饱和C原子的四价结构，最简式即为分子式；（4）A有如下两种可能的结构：CH

3OCH3或CH3CH2OH；若为前者，则在核磁共振氢谱中应只有1个峰；若为后者，则在核磁共振氢谱中应有3个峰，而且3个峰的面积之比是1：2：3，显然CH3CH2OH符合题意，所以A为乙醇，结构简式为CH

3CH2OH。【点睛】本题考查有机物的推断，侧重于学生的分析、计算能力的考查，题目着重考查有机物分子式、结构简式的计算方法，注意根据质量守恒确定有机物分子式的方法，明确质量比、核磁共振氢谱的含义是解题关键。16.由丙烯经下列反应可制得F、G两种高分子化

合物，它们都是常用的塑料。（1）聚合物F的结构简式___。A→B的反应条件为_____。E→G的反应类型为_____。（2）D的结构简式______。B转化为C的化学反应方程式是_______。（3）在一定条件下，两分子

E能脱去两分子水形成一种六元环状化合物，该化合物的结构简式是_____。（4）E有多种同分异构体，其中一种能发生银镜反应，1mol该种同分异构体与足量的金属钠反应产生1molH2，则该种同分异构体的结构

简式为______。【答案】(1).(2).NaOH水溶液、加热(3).缩聚反应(4).CH3COCOOH(5).(6).(7).CH2(OH)CH(OH)CHO【解析】【分析】丙烯与溴发生加成反应生成A，A为CH3CHBrCH

2Br，A在氢氧化钠水溶液、加热条件下发生水解反应生成B，B为CH3CH（OH）CH2OH，B催化氧化生成C，C为，C氧化生成D，D为，D与氢气发生加成反应生成E，E为CH3CH（OH）COOH，E发生酯化反应是高聚物G，丙烯发生加聚反应生成高聚物F，F为，

结合有机物的结构和性质以及题目要求可解答该题。【详解】（1）丙烯发生加聚反应生成F聚丙烯，其结构简式为：。A→B的反应条件为：NaOH水溶液，加热。E→G的反应类型为：缩聚反应。（2）通过以上分析知，D的结构简式为；B转化为C是CH3CH(OH)CH2OH催化氧化生成

O=C(CH3)CHO，反应方程式为。（3）在一定条件下，两分子CH3CH(OH)COOH能脱去两分子水形成一种六元环化合物，该化合物的结构简式是.。（4）E的结构简式为CH3CH(OH)COOH，CH3CH(OH)COOH有多种同分异构体，其中一种能发生银镜反应，1mol该种同分异构体

与足量的金属钠反应产生1molH2，说明该同分异构体分子中含有2个﹣OH、1个﹣CHO，故符合条件的同分异构体为：HOCH2CH2(OH)CHO。17.根据下面的反应路线及所给信息填空。（1）A的结构简式_________，B的结构简式_________。（

2）反应④所用的试剂和条件是___________（3）反应⑥的化学方程式是_________。【答案】(1).(2).(3).NaOH的醇溶液，加热(4).+2NaOH+2NaBr【解析】【详解】根据转化图可知，环己烷通过反应①发

生取代反应是1－氯环己烷。1－氯环己烷通过消去反应②生成环己烯A，结构简式为。环己烯通过反应③取代反应生成1，2－二氯环己烷，B的结构简式为。B再通过反应④发生消去反应生成1，3－环己二烯。1，3－环己二烯通过1，4加成生成，然后通过取代反应⑥生成。

（1）由以上分析可知A为，B为，故答案为：；；（2）反应④为的消去反应，应在NaOH的醇溶液中加热条件下进行，故答案为：NaOH的醇溶液，加热；（3）反应⑥为的水解反应，方程式为+2NaOH+2NaBr，故答案为：+2NaOH+2NaBr。18.按要求回答下列问

题：(1)键线式的系统命名为__________________；(2)中含有的官能团名称为_______________；(3)2－甲基－1－丁烯的结构简式____________________；(4

)的名称为________________；(5)分子式为C2H6O的有机物，有两种同分异构体，乙醇(CH3CH2OH)、甲醚(CH3OCH3)，则通过下列方法，不可能将二者区别开来的是________________；A．红外光谱B．核磁共振氢谱C．质谱法D．与钠反应【答案】(1).2-

甲基戊烷(2).羟基、酯基(3).(4).3-甲基-2，5-己二醇(5).C【解析】【分析】【详解】(1)键线式，主链有5个碳原子，2号碳原子连有1个甲基，系统命名为2-甲基戊烷；(2)中含有的官能团为羟基、酯基；(3)根据系统命名原则，2－甲基

－1－丁烯主链有4个碳，含一个双键在1号碳上，2号碳上有一个甲基，结构简式为；(4)主链有6个碳，3号碳上有一个甲基，2、5号碳上有两个羟基，名称为：3-甲基-2，5-己二醇；(5)乙醇(CH3CH2OH)、甲醚(CH3OCH3)，官能团不同，能用红外光谱鉴别，不选

A；乙醇(CH3CH2OH)有3种等效氢、甲醚(CH3OCH3)有1种等效氢，能用核磁共振氢谱鉴别，不选B；乙醇(CH3CH2OH)、甲醚(CH3OCH3)的相对分子质量相同，不能用质谱法鉴别，故选C；乙醇(CH3CH2O

H)与钠反应放出氢气、甲醚(CH3OCH3)与钠不反应，可以鉴别，不选D。答案选C。【点睛】有机物的名称要把握主链碳原子的个数，支链官能团名称和碳原子的位置；红外光谱鉴别化学键或官能团的异同；核磁共振氢谱鉴别有几种不同类型的氢原子和氢原子的个数；质谱法能测定相对分子质量。