【文档说明】黑龙江省齐齐哈尔市实验中学2019-2020学年高二下学期期中考试物理试题 【精准解析】.doc，共(15)页，648.000 KB，由小赞的店铺上传

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齐齐哈尔市实验中学2019～2020学年度下学期期中考试高二物理试题（考试时间：90分钟满分：100分）一、单项选择题（本题含10小题，每题5分，共50分。）1.在如图所示的电路中，a、b为两个完全相同的灯泡，L为自

感系数较大而电阻不能忽略的线圈，E为电源，S为开关．关于两灯泡点亮和熄灭的下列说法正确的是（）A.合上开关，a先亮，b后亮；稳定后a、b一样亮B.合上开关，b先亮，a后亮；稳定后b比a更亮一些C.断开开关，a逐渐熄灭、b先变得更亮后再与a同时熄灭D.断开开关，b逐渐熄灭、a先变得更亮后再与b

同时熄灭【答案】B【解析】合上开关，b灯马上就亮了，而a灯所在支路有线圈，产生阻碍电流生成的自感电动势，阻碍但不能阻止，电流逐渐增大，a灯后亮．稳定后，由于L的电阻不能忽略，L与a串联分压，所以a灯两端电压比b灯两端小，所以稳定后b比a更亮一些．A、B中选B；断开开关时

，a灯，b灯，L组成回路，L相当于电源，把储存的磁场能转化为电能，电流从原来的值开始减弱，a灯，b灯串联，亮度逐渐减弱，直至一起熄灭．没有变亮的过程，所以C、D都错误2.如图所示，abcd为水平放置的平

行“”形光滑金属导轨,间距为l，导轨间有垂直于导轨平面的匀强磁场，磁感应强度大小为B，导轨电阻不计．已知金属杆MN倾斜放置，与导轨成θ角，单位长度的电阻为r,保持金属杆以速度v沿平行于cd的方向滑动(金属杆滑动过程中与导轨接触良好)．则()A.电路中感应电动势的大小为sinBlvB.电路中感应

电流的大小为sinBvrC.金属杆所受安培力的大小为2sinBlvrD.金属杆的发热功率为22sinBlvr【答案】B【解析】【详解】A、导体棒切割磁感线产生感应电动势EBlv=，故A错误；B、感应电流的大小sinsinEBvIlrr==，故B正确；C、所受的安培力

为2sinlBvlFBIr==，故C错误；D、金属杆的热功率222sinsinlBvQIrr==，故D错误．3.如图所示，电路中完全相同的三只灯泡L1、L2、L3分别与电阻R、电感L、电容C串联，然后再并联到220V、50Hz的交流电路上，三只灯泡亮

度恰好相同。若保持交变电压不变，将交变电流的频率增大到60Hz，则发生的现象是（）A.三只灯泡亮度不变B.三只灯泡均变亮C.L1亮度不变、L2变亮、L3变暗D.L1亮度不变、L2变暗、L3变亮【答案】D【解析】【详解】电阻与频

率无关，故频率增加，电阻不变，故L1亮度不变，由容抗12πCxfC=可知，频率越高，容抗越小，故L3变亮，由感抗2πLxfL=可知，频率越高，感抗越大，故L2变暗，故D正确，ABC错误。故选D。4.图为远距离输电示意图，两变压器均为理想

变压器，升压变压器T的原、副线圈匝数分别为n1、n2．在T的原线圈两端接入一电压sinmuUt=的交流电源，若输送电功率为P，输电线的总电阻为2r，不考虑其它因素的影响，则输电线上损失的电功率为()A.212()4mUnnrB

.221()4mUnnrC.22124()()mnPrnUD.22214()()mnPrnU【答案】C【解析】【详解】加在原线圈上的电压12mUU=，根据电压比与匝数比关系：1122UnUn＝，所以：2212mnUUn＝．根据PIU=，输电线上的电流2PIU=，输电线上消耗的功率2221224

mnPPIrrnU耗（）（）==．故C正确，ABD错误．故选C．5.如图所示，甲分子固定于坐标原点O，乙分子从无穷远a点处由静止释放，在分子力的作用下靠近甲，图中b点合外力表现为引力，且为数值最大处，d点是分子靠得最近处，则下列说法正确的是（）A.乙分子在a点势能最小B.乙分子在b点动

能最大C.乙分子在c点动能最大D.乙分子在d点加速度为零【答案】C【解析】【详解】ABC．乙分子由a运动到c，分子力表现为引力，分子力做正功，动能增大，分子势能减小，所以乙分子在c点分子势能最小，在c点动能最大，故A、B错误，C正确；D．由题图可知，

乙分子在d点时受到的分子力最大，所以乙分子在d点的加速度最大，故D错误。故选C。6.关于物体的内能、温度和分子的平均动能，下列说法正确的是A.温度低的物体内能一定小B.温度低的物体分子平均动能一定小C.外界对物体做功时，物体的内能一定增加D.物体自由下落时速度增大，所以物体分子

的平均动能也增大【答案】B【解析】物体的内能与温度、体积和物质的量都有关系，则温度低的物体内能不一定小，选项A错误；温度是平均动能的标志，则温度低的物体分子平均动能一定小，选项B正确；外界对物体做功时，物体的内能不一定增加，还要考虑物体吸热放热的情

况，选项C错误；宏观物体的机械能和微观粒子的内能无任何关系，选项错误；故选B.7.下列说法正确的是（）A.第二类永动机违反了能量守恒定律，所以它是制造不出来的B.一定质量的理想气体，如果压强不变，体积增大，那么它一定从外界吸热C.悬浮在液体中的

固体微粒越小，布朗运动越不明显D.空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示【答案】B【解析】【详解】A．第二类永动机没有违反能量守恒定律，但违反了热力学第二定律，所以它是制造不出来，故A错误；B．一定

质量的理想气体，等压变化，体积与热力学温度成正比，体积增大，温度升高，内能增加△U＞0，体积增大，气体对外界做功W＜0，根据热力学第一定律△U=W+Q知，Q＞0，即它一定从外界吸热，故B正确；C．悬浮在液体中的固体微

粒越小，液体分子对固体微粒的碰撞越不平衡，布朗运动越明显，故C错误；D．空气的绝对湿度用空气中所含水蒸汽的压强表示，空气的相对湿度定义为相同温度时空气中所含水蒸气的压强与同温度水的饱和蒸汽压之比，故D错误。故选B。8.如图所示，一个单匝矩形导线圈在匀强磁场中绕垂直于

磁感线的轴oo´匀角速转动，转动周期为T0．线圈产生的电动势的最大值为Em，则A.线圈产生的电动势的有效值为2mEB.线圈转动过程中穿过线圈的磁通量的最大值为02mETC.线圈转动过程中磁通量变化率的最大值为EmD.经过

2T0的时间，通过线圈电流的方向改变2次【答案】C【解析】【详解】A．线圈在匀强磁场中匀速转动，产生正弦式交流电，则电动势的有效值为2mE，故A错误；B．由公式mENBS=，结合2T=可求出磁通量的最大值02mmETN=，故B错误；C．根据法

拉第电磁感应定律表达式mEt=可确定磁通量变化率的最大值为Em，故C正确；D．经过T0的时间，通过线圈电流的方向改变2次，故D错误；故选C．9.如图甲所示为某装置中的传感器工作原理图，已知电源的电动势E=9.0V，内阻不计；G为灵敏电流表，其内阻

Rg保持不变；R为热敏电阻，其阻值随温度的变化关系如图乙所示，闭合开关S，当R的温度等于20℃时，电流表示数I1=2mA；当电流表的示数I2=3.6mA时，热敏电阻的温度是()A.60℃B.80℃C.100℃D.120℃【答案】D【解析】【详解】当R的温度等于20℃时，结合图像知电阻R

1=4kΩ，此时电流表示数I1=2mA，由闭合电路欧姆定律知11()gEIRR=+解得：500gR=；当电流表的示数I2=3.6mA时，由闭合电路欧姆定律知22()gEIRR=+解得22Rk=，结合图像知此时温度对于的是120

C。故选D。10.轻质细线吊着一质量为m=0.42kg、边长为L=1m、匝数n=10的正方形线圈，其总电阻为r=1Ω。在线圈的中间位置以下区域分布着磁场，如图甲所示。磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小随时间变化关系如图乙所示，整个过程线圈不翻转。g=

10m/s2。则（）A.线圈中产生的感应电流的方向是顺时针B.感应电动势的大小为5VC.线圈的电功率为25WD.在t=4s时轻质细线上的拉力1.2N【答案】D【解析】【详解】A．磁感应强度在增大，由楞次定律可知电流的方向为逆时针方向，故A错误；

B．0--6s内磁通量变化量的大小为：(0.8-0.2)0.511Wb0.3WbBS===由法拉第电磁感应定律得：nEt=代入数据得：0.5VE=故B错误；C．根据电功率公式2EPr=得，线圈的电功率为：0.25WP

=故C错误；D．根据闭合电路欧姆定律EIr=可得，电流为：0.5AI=安培力为：100.60.51N=3NFnBIL==根据平衡条件可得轻质细线的拉力大小1.2NTFmgF=−=故D正确。故选D。二、多项选择题（本题含6小题，每题6分，共36分。全部选对的得6分，选对但不

全的得3分，有错选的得0分）11.下列说法正确的是（）A.小雨滴呈现球形是水的表面张力作用的结果B.给车胎打气，越压越吃力，是由于分子间存在斥力C.干湿泡温度计的示数差越大，表示空气中水蒸气离饱和状态越远D.常见的金属都是非晶体【答案】AC【解析】【详解】A．空气的小雨滴呈球形是水的表面张

力，使雨滴表面有收缩趋势，故A正确；B．给车胎打气，越压越吃力，是由于大气过程中气体压强增大的结果，不是由于分子间存在斥力，故B错误；C．干湿泡温度计的湿泡显示的温度低于干泡显示的温度，是因为湿泡外纱布中的水蒸发吸热，干湿泡温度计的两个温度计的示数差越大，表示空气中水蒸

汽离饱和状态越远，故C正确；D．常见的金属都是多晶体，故D错误。故选AC。12.如图所示的电路中，若发现放在水平光滑金属导轨上的ab棒突然向右移动，这可能发生在（）A.闭合开关S的瞬间B.断开开关S的瞬间C.闭合开关S后，减小滑动变阻器R的阻值时D.闭合

开关S后，增大滑动变阻器R的阻值时【答案】AC【解析】【详解】金属杆向右运动说明金属杆受到向右的安培力，由左手定则可知，金属杆中的电流由a到b；右侧线框中产生的磁通量向上；则由楞次定律可知，左侧线框中的磁场可能向下减小，也可能向上增加；左侧电流由上方进入，由安培定则可知，内部磁场方

向向上；故产生以上现象只能是磁通量突然增加；A．闭合开关S的瞬间，回路电流增加，穿过线圈磁通量增加，与上述分析结论相符，故A正确；B．断开开关S的瞬间，回路电流减小，穿过线圈磁通量减小，与上述分析结论不符，故B错误；C．闭合开关S后，减小滑动变阻器R的阻值时，

回路电流增加，穿过线圈磁通量增加，与上述分析结论相符，故C正确；D．闭合开关S后，增大滑动变阻器R的阻值时，回路电流减小，穿过线圈磁通量减小，与上述分析结论不符，故D错误。故选AC．13.如图所示，在垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面且电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别

朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框分别从两个方向移出磁场的过程中（）A.导体框中产生的感应电流方向相同B.导体框中产生的焦耳热相同C.导体框ad边两端电势差相同D.通过导体截面的电荷量相同【答案】AD【解析】【详解】A．两

种情况下都是穿出磁场，穿过线圈的磁通量减小，根据楞次定律，导线框产生的感应电流方向相同，均沿逆时针方向，故A正确；B．导体框中产生的焦耳热22232()EBLvLBLvQIRttRRvR====知Q与速度v成正

比，所以导线框产生的焦耳热不同，故B错误；C．向上移出磁场的过程中，cd切割磁感线产生的感应电动势1EBLv=ad边两端电势差1111444EUREBLvR===向右移出磁场的过程中，ad切割磁感线产生的感应电动势23EBLv=ad边两端电势差22239(3)444UvRELRBE

===导体框ad边两端电势差不相同，故C错误；D．通过导体框截面的电量为444EBSqIttRRR====沿两个不同方向移出，磁通量的变化量相同，所以通过导体框截面的电量相同，D正确。故选AD。14.甲图是接有灯泡L和交流电表的理想变压器，乙图是输出电压U2的图象，已知变压器原、副线圈

的匝数比为10：1，电流表的示数为2.0A，取2=1.41，则（）A.电压表V1的示数为220VB.电压表V2的示数为20VC.变压器原线圈电流的最大值为0.282AD.灯泡实际消耗功率为40W【答案】BCD【解析】【详解】AB．由乙图得理想变压器输出电压的最大值2202mU

V=则理想变压器输出电压的有效值22202V=20V22mUU==电压表示数为有效值，电压表V2的示数为20V．根据变压器原理1122UnUn=得，原线圈两端电压的有效值1122200VnUUn==电压表V1的示数为200V．故B正确，A项错误；C．根据变压器原理

1221InIn=，解得原线圈电流有效值21210.2AnIIn==变压器原线圈电流的最大值为1120.282AmII==故C正确；D．灯泡实际消耗功率22202W=40WLPUI==故D正确。故选BCD。15.如图所示的光控电路用发光二极管LE

D模拟路灯，RG为光敏电阻。A为斯密特触发器输入端，在天黑时路灯(发光二极管)会点亮。下列说法正确的是()A.天黑时，Y处于高电平B.天黑时，Y处于低电平C.当R1调大时，天更暗时，灯(发光二极管)点亮D.当R1调大时，天

较亮时，灯(发光二极管)就能点亮【答案】BC【解析】【详解】AB．天暗时，光敏电阻变大，才导致分压变大，则A端的电势高，输出端Y为低电势。故A错误，B正确；CD．当R1调大时，光敏电阻的分压减小，A端的

电压降低，输出端Y的电势升高，天更暗时，光敏电阻更大，灯（发光二极管）点亮，故C正确D错误。故选BC。16.一定量的理想气体从状态a开始，经历等温或等压过程ab、bc、cd、da回到原状态，其p–T图象如图所示，其中对角线ac的延长线过原点O．下列判断正

确的是A.气体在a、c两状态的体积相等B.气体在状态a时的内能大于它在状态c时的内能C.在过程cd中气体向外界放出的热量大于外界对气体做的功D.在过程da中气体从外界吸收的热量小于气体对外界做的功【答案】AB【解析】【详解】由理想气体状态方程PV

nRT=知nRPTV=，a与c的体积相等，A正确．理想气体的内能由温度决定，而caTT，故a的内能大于c的内能，B正确．由热力学第一定律UQW=+知，cd过程温度不变（内能不变），则–QW=，C错误．da过程温度升高，即内能增大，则吸收的热

量大于对外做的功，D错误．三、计算题（本题含1小题，共14分，解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤。只写出最后答案的不得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。）17.如图所示，竖直放置的气缸内壁光滑，横截面积为S=10-3m2，活塞

的质量为m=2kg，厚度不计．在A、B两处设有限制装置，使活塞只能在A、B之间运动，B下方气缸的容积为1.0×10-3m3，A、B之间的容积为2.0×10-4m3，外界大气压强p0=1.0×105Pa．开始时活塞停在B处，缸内气

体的压强为0.9p0，温度为27℃，现缓慢加热缸内气体，直至327℃．求：（1）活塞刚离开B处时气体的温度t2；（2）缸内气体最后的压强；（3）在图（乙）中画出整个过程中的p–V图线．【答案】（1）127℃（2）51.510?Pa（3）如图．【解析】（1）活塞刚离开

B处时，气体压强p2=p0+mgS=1.2×105Pa气体等容变化，02120.9273273pptt++＝代入数据，解出t2=127℃（2）设活塞最终移动到A处，理想气体状态方程：103313273273pV

pVtt++＝，即0030130.91.2273273pVpVtt++＝，代入数据，解出p3＝0.96001.2300p0＝1.5p0=1.5×105Pa因为p3＞p2，故活塞最终移动到A处的假设成立．（3）如

图．点睛：本题的关键是分析清楚，各个变化过程中，哪些量不变，变化的是什么量，明确初末状态量的值，根据气体定律运算即可，难度不大，属于中档题．