【文档说明】四川省眉山市彭山区第一中学2020-2021学年高二下学期4月月考理科综合物理试题 含答案.doc，共(7)页，312.000 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-6bb54a8bbb58452f3a82e790a2189abd.html

以下为本文档部分文字说明：

彭山区第一中学高22届高二4月月考理综物理试题二、选择题：本题共8小题，每小题6分。在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3

分，有错选或不答的得0分。14．理想变压器原线圈接在交流电源上，图中各电表均为理想电表．下列说法正确的是()A．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，R1消耗的功率变大B．当滑动变阻器的滑动触头P向上滑动时，电压表V示数变大C．当滑动

变阻器的滑动触头P向上滑动时，电流表A1示数变大D．若闭合开关S，则电流表A1示数变大，A2示数变大15．如图所示为一交变电流的电流随时间变化的图像，此交变电流的有效值是()A．1.5AB．2AC．2AD．5A16．如图所示为某一输电示意图，电厂的发电

机输出功率为100kW，输出电压U1=500V，升压变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2=1:20，输电线电阻为40Ω，用户需要的电压U4=220V，变压器均为理想变压器。则()A．输电线上的输送电流为250AB．输电线

上损失的电压为280VC．输电线上损失的电功率为4kWD．降压变压器的原、副线圈的匝数比为n3:n4=48:1117．如图所示是水平面上两列频率相同的简谐在某时刻的叠加情况，图中实线为波峰，虚线为波谷.已知两列波的振幅均为2cm，波速为2m/s，波长为8cm，E点是B、D和A、C连线的交点.下

列说法中不．正确的是()A.A、C两处两质点是振动减弱的点B.B、D两处两质点在该时刻的竖直高度差是4cmC.E处质点是振动加强的点D.经0.02s，B处质点通过的路程是8cm18．如图甲所示，金属小球用轻弹簧连接在固定的光滑斜面顶端。小球在斜面上做简谐运动

，到达最高点时，弹簧处于原长。取沿斜面向上为正方向，小球的振动图像如图乙所示。则()x/cm甲乙t/s0.80.402-2θn1n2n3n44i/A12-1-20t/s0.30.6-40246248PQ2468

PQMy/cmx/mA．弹簧的最大伸长量为4mB．t=0.2s时，弹簧的弹性势能最大C．t=0.2s到t=0.6s内，小球的重力势能逐渐减小D．t=0到t=0.4s内，小球路程为零19．一列简谐横波沿x轴正方向传播，t=0时刻波形图如图所示，此时波刚好传到P点，t=0.3s时质点P第

一次到达负方向最大位移处，则A．此波波源的起振方向沿y轴负方向B．该简谐横波的波速为10m/sC．t=0到t=0.5s内，质点M的路程为12cmD．t=0到t=0.2s内，质点Q沿x轴正方向移动了2m20

.理想变压器的原、副线圈共接有四只规格完全相同的小灯泡，在原线圈所在电路的A、B端输入的交流电的电压如图乙所示，四只灯泡均正常发光．下列说法正确的是()A．原、副线圈的匝数比为4∶1B．灯泡的额定电压为55VC．原

线圈两端的电压为220VD．若副线圈再并联一规格相同的灯泡，灯泡L1有可能被烧坏21．如图所示，在磁感应强度大小B=π22T，方向竖直向下的匀强磁场中，有两半径均为0.6m的金属圆环平行竖直放置，两圆心所在

直线OO′与磁场方向垂直。圆环通过电刷与理想变压器原线圈相连，长为0.5m的导体棒ab两个端点刚好分别搭接在两圆环上，且与OO′平行。现让导体棒沿圆环内侧、绕OO′以20πrad/s的角速度匀速转动，恰好使标有“3V4.5W”的小灯泡L正常发光。已知理想变压器原、副线圈的匝数比为n1:n2

=2:1，图中电压表为理想电压表，圆环、导体棒、导线电阻不计，则()A．电压表的示数为6VB．R0的电阻值为1.5ΩC．整个电路消耗的总功率为218WD.ab沿圆环转动过程中受到的最大安培力为π3N二、实验题（22题4分，23题10分，共14分）22.（4

分）小组成员在“用单摆测定重力加速度”实验过程中有如下说法，其中正确的是________．(填选项前的字母)n1n2LVR0OObaBT2/s乙051012cm甲-bL/maO-ab①②③A．把单摆

从平衡位置拉开30°的摆角，并在释放摆球的同时开始计时B．测量摆球通过最低点100次的时间t，则单摆周期为t100C．用悬线的长度加摆球的直径作为摆长，代入单摆周期公式计算得到的重力加速度值偏大D．选择密度较大的摆球，测得的重力加速度值误差较小

23．（10分）在“用单摆测定重力加速度”的实验中，某实验小组在测量单摆的周期时，测得摆球经过n次全振动的总时间为t；在测量单摆的摆长时，先用毫米刻度尺测得摆线长为l，再用游标卡尺测量摆球的直径为D，某次测量游标卡尺的示数如图甲所

示。回答下列问题：（1）从甲图可知，摆球的直径为D=________mm；（2）该单摆的周期为。（3）为了提高实验的准确度，在实验中可改变几次摆长L并测出相应的周期T，从而得出几组对应的L和T的数值，以L为横坐标、T2为纵坐标作出LT−2图线，但同学们不小心每次都把小球直径当作半

径来计算摆长，由此得到的LT−2图像是图乙中的___________（选填①、②、③），由图像可得当地重力加速度g=________；由此得到的g值会___________（选填“偏小”“不变”“偏大”）三．计算题

（24题14分，25题15分，26题19分，共48分）24、（14分）一列简谐横波在均匀介质中沿x轴传播，t＝0时刻的波动图象如图7甲所示，其中处于x1＝5m处的质点A的振动图象如图乙所示，此时振动恰好传播到x2＝7m的质点处，A、

B两点均在x轴上，两者相距sAB＝25m，求：(1)这列波的传播速度；(2)从t＝0时刻开始10s内质点B运动的路程和位移.25、（15分）如图9甲所示，一固定的矩形导体线圈水平放置，线圈的左端接一只小灯泡，线圈所在空间内存在与线圈平面垂直且均匀分布的磁场.已知线圈的匝

数n＝100匝、总电阻r＝1.0Ω、所围成矩形的面积S＝0.040m2，小灯泡的电阻R＝9.0Ω，磁感应强度随时间按如图乙所示的规律变化，线圈中产生的感应电动势瞬时值的表达式为e＝nBmS2πTcos2πTt，其中Bm为磁感应强度的最大值，T为磁场变化的周期，不计灯丝电阻随温度的变化.求

：(1)线圈中产生感应电动势的最大值；(2)小灯泡消耗的电功率；(3)在磁感应强度变化的0～T4时间内，通过小灯泡的电荷量.26．（19分）如图所示，在倾角为α=30°的光滑斜面上，存在着两个匀强磁场区域Ⅰ、Ⅱ，两个区域的磁场方向相反且都垂直于斜面，MN、PQ、E

F为两磁场区域的理想边界，区域Ⅰ的磁感应强度大小为B1=2T，区域Ⅱ的磁感应强度大小为B2=1T，两个区域的宽度MP和PE均为L=1m。一个质量为m=0.9kg、电阻为R=1Ω、边长也为L=1m的正方形导线框，从磁场区域上方某处由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚进入磁场区域Ⅰ时，线框

恰好做匀速运动；当ab边下滑到磁场区域Ⅱ的中间位置时，线框又恰好做匀速运动，重力加速度取g=10m/s2。求：（1）ab边刚进入磁场区域Ⅰ时的速度v1；（2）当ab边刚进入磁场区域Ⅱ时，线框加速度的大小与方向；（3）线框从开始运动到ab边刚要离开磁场区域Ⅱ时的过程中产生的热量Q（结果

保留两位小数）。物理答案1415161718192021BBCBCBCBDBD22（4分）CD23．（每空2分，共10分）（1）16.4（2）nt（3）①ba24不变ⅡMabcdNPQEFααⅠ24．（14分）答

案(1)10m/s(2)7.7m－10cm解析(1)由题图甲可知，此波的波长为λ＝4m由题图乙可知，此波的周期T＝0.4s所以v＝λT＝10m/s(2)波从t＝0时刻传播到B点所需时间t1＝Δxv，其中：Δx＝23m代入数据可得：t1＝2.3s所以10

s内B点振动的时间：t2＝10s－2.3s＝7.7s由题意可得，质点B开始振动时是从平衡位置向下运动，质点B全振动次数：n＝t2T＝7.70.4＝1914质点B运动的路程：s＝4An＝7.7mt＝10s时刻，质点B处在负的最大位移处，所以位移为：xB＝－10cm.25．（15分）答案(1)

8.0V(2)2.88W(3)4.0×10－3C解析(1)由题图乙知，线圈中产生的交变电流的周期T＝π×10－2s，所以Em＝nBmS2πT＝8.0V.(2)电流的最大值Im＝EmR＋r＝0.80A，有效值I＝Im2＝225A，小灯泡消耗的电功率P＝I2R＝2.88W.(3)在0～T4时间内，

电动势的平均值E＝ΔΦΔt＝nSΔBΔt，平均电流I＝ER＋r＝nS·ΔB(R＋r)·Δt，通过灯泡的电荷量Q＝IΔt＝nSΔBR＋r＝4.0×10－3C.26.（19分）解：（1）当ab边刚进入磁场Ⅰ时，由法拉第电磁感

应定律：111LvBE=（1分）由欧姆定律有：REI11=（1分）又：LIBF111=（1分）因线框做匀速动，由物体平衡条件有：sin1mgF=（1分）联立解得：891=vm/s（1分）（2）导线框ab边刚进入磁场区域Ⅱ时，ab和cd边都切割磁感线，由法

拉第电磁感应定律：12112LvBLvBE+=（2分）又：REI22=（1分）解得：RLvBLvBI12112+=线框所受安培力：LIBLIBF22212+=（2分）由牛顿第二定律有：mamgF=−sin2（1分）联立解得：425=am/s2，方向沿斜面向上（2分）

（3）设线框ab边下落到区域Ⅱ的中间位置时的速度为v2，有RLvBLvBI22213+=（1分）线框所受安培力：LIBLIBF32313+=（1分）因线框做匀速动，由物体平衡条件有：sin3mgF=（1分）解得：v2=0.5m/s线框从开始运动到ab边刚要离开磁场区域Ⅱ

时的过程中，由能量守恒定律得：22212121sin2mvmvmgLQ−+=（2分）解得：Q＝9.46J（1分）