【文档说明】江西省抚州市黎川县第一中学2020-2021学年高二下学期第二次月考物理试题 含答案.doc，共(6)页，329.000 KB，由小赞的店铺上传

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TR222020—2021学年度高二下学期5月月考物理试卷卷面满分：100分考试时间：100分钟一、选择题（每小题4分，共40分。其中1-7题为单选题，8-10题为多选题，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错

或不答的得0分。）1．2020年12月4日14时02分，新一代“人造太阳”装置——中国环流器二号M装置（HL-2M）在成都建成并实现首次放电，一个D（氘）核和T（氚）核发生聚变反应会产生一个中子，下列说法正确的是（）A．该核反应方程

式为2H+3H→3He+1nB．该核反应能够吸收大量能量6.如图所示，电源电动势E=24V、内阻r=4Ω，R0=1Ω，两次调节滑动变阻器R1（最大阻值为10Ω）的滑动触头分别使R1和R0有最大功率，则两次R1的阻值

分别为（）A．5Ω，3ΩB．3Ω，0ΩC．5Ω，0ΩD．3Ω，3Ω7.如图所示，导线框绕垂直于磁场的轴匀速转动，产生的交变电动势e=1112sin100t(V)。导线框与理想升压变压器相连进行远距离输电，理想降压变压器的原、副线圈匝数之比为25︰11，降压变压器副线圈接入一台电

动机，电动机恰好正常工作，且电动机两端的电压为220V，输入功率为1100W，输电线路总电阻R=25Ω，电动机内阻r=8.8Ω，导线框及其余导1120C．该反应能够在常温下进行D．反应前平均核子质量比反应后大2.如图所示，质量为m的木块A放在质量为M的三角形斜劈上，现用

大小均为F，方向相反的水平力分别推A和B，它们均静止不动，则（）A．A与B之间可能没有弹力B．B与地面之间一定有摩擦力C．地面对B的支持力的大小一定等于(M+m)gD．A一定受到B的摩擦力的作用线电阻不计，电表均为理想电

表，则正确的是（）A．电动机的机械效率为60%B．电流表的示数为10AC.输电线路损失的电功率为200WD.升压变压器原、副线圈匝数之比为1︰58．（多选）中国行星探测任务名称为“天问系列”，首次火星探测任务被命名为“天问一号”。若已知“天

问一号”探测器在距离火星中心为r1的轨道上做匀速圆周运动，其周期为T1。火星半径为R0，自转周期为T0。引力常量为G，若火星与地球运动情况相似，下列说法正确的是（）3.某汽车的四冲程内燃机利用奥托循环进行工作，该循环可视为由a→b和c→d两个绝热过程和

两个等容过程组成如图所示为一定质量的理想气体所经历的奥托循环，则该气体（）A.在d→a的过程中，气体温度升高B.在a→b过程外界对气体做的功大于在c→d过程气体对外界做的功42R2A.火星的质量为0GT22r42r3B.火星表面两极的重力加速度

为110C.在a→b的过程中，由于该过程绝热，故外界对其做的功全部用于增加内能D.在b→c的过程中，气体温度不变4.如图，直角梯形abcd处于匀强电场中，电场方向与此平面平行，e、f分别为其边上中点。质子从aC.火星的第一宇宙速度为1T1D.火星的同步卫星距

离星球表面高度为点移动到d点，其电势能增加W，质子从a点移动到c点，其电势能增加W，已知，质子电荷量为q，ad长度为L，下列说法正确的是（）A.匀强电场的电场线与bc平行B.质子从b点移动到c点，其电势能增加2WC.质子从e点移动到c点，其电势能增加WWD.匀强电场的电

场强度大小为Lq9．（多选）如图，在0≤x≤3a区域内存在与xoy平面垂直的匀强磁场，磁感应强度为B。在t=0时刻，一位于坐标原点的粒子源向y轴右侧xoy平面各方向均匀发射出大量相同的带电粒子，所有粒子的初速度大小

相同。已知沿y轴正方向发射的粒子在t=t0时刻刚好从磁场边界上P(3a，3a)点离开磁场，不计粒子重力，不考虑粒子间的相互作用。则（）A.粒子在磁场中做圆周运动的半径R为2aB.粒子的比荷为q=3Bt0mC.从粒子发射到全部粒子离开磁场所用的时间为3t05.在某个

恶劣天气中，能见度很低，甲、乙两汽车在一条平直的单行道上，甲在前、乙在后同向行驶。某时刻两车司机听到前方有事故发生的警笛提示，同时开始刹车，两车刹车D.t=t0时刻仍在磁场中的粒子数与粒子源发射的总粒子数之比为1：3后的v－t图像如图所示，下列

说法正确的是（）A.甲车的加速度大于乙车的加速度B.若t＝24s时两车未发生碰撞，则此时两车相距最远C.为避免两车发生碰撞，开始刹车时两车的间距至少为48m10．（多选）如图1所示，光滑绝缘的水平面上有正方形单匝闭合导线框，在大小恒为F

的水平外力作用下运动，以速度v0垂直进入一方向垂直平面向下的匀强磁场区域的左边界，从导线框右边刚要进入磁场时开始计时，其运动的v−t图像如图2所示（t、t为已知量），已知导线框的质量为m，电阻为R，D.若两车发生碰撞，则可能是在开始刹车24s以后的某时刻发生的12r1R0r

130−r1T2T21边长为L。磁场区域的宽度为d(dL)，磁感应强度为B。则（）BLA.线框进入磁场的过程中通过导线框横截面的电荷量为RB.线框穿过磁场区域的过程中最小速度为FtB2L3C.线框穿过磁场区域的过程中最小速度为v0+1−(3)某同学想利用该实验装

置测出金属铝块和木板间动摩擦因数，进行了如下操作：①将长木板重新平放于桌面上②将小车更换为长方体铝块，为了能使细绳拖动铝块在木板上滑动时产生明显的加速度，又往砂桶中添加了不少砂子，并测得砂桶和砂子的总质量为m，铝块的质量为M（m不再远小于M）。③多次实验测得铝块的加速度

大小为a请根据以上数据（M、m、a、g），写出动摩擦因数μ=。12．某兴趣小组的同学准备测量一个约为1000Ω的电阻，发现实验室里有如下器材：A．电流表A1（量程0~1mA，内阻r1为100Ω）B.且电流表A2（量程0~2mA，内阻约为50Ω）C.电压

表V（量程0~15V，内阻r3约为15kΩ）mmRD.线框穿过磁场区域的过程中产生的热量为2FL二、实验题(本题共2小题，每空2分，共16分.)11．用如图甲所示的实验装置，探究加速度与力、质量的关系实验中，将一端带定滑轮的长木板放在水平实验桌面上，实验小车通

过轻细绳跨过定滑轮与砂桶相连，小车与纸带相连，打点计时器所用交流电的频率为f=50Hz。平衡摩擦力后，在保持实验小车质量不变的情况下，放开砂桶，小车加速运动，处理纸带得到小车运动的加速度为a；改变砂桶中沙子的

质量，重复实验三次。(1)在验证“质量一定，加速度a与合外力F的关系”时，某学生根据实验数据作出了如图乙所示的a−F图像，其中图线不过原点并在末端发生了弯曲现象，产生这两种现象的原因可能有。A．木板右端垫起的高度过小（即平衡摩擦力不足）B．木板右端垫起的高度过大（即平衡摩擦力过度）C.

砂桶和沙子的总质量m远小于小车和砝码的总质量M（即mM）D.砂桶和沙子的总质量m未远小于小车和砝码的总质量M(2)实验过程中打出的一条理想纸带如图丙所示，则小车运动的加速度a=m/s2。（结果保留2位有效数字

）D.定值电阻R0=900ΩE.滑动变阻器R1（0~10Ω，额定电流2A）F.滑动变阻器R2（0~20kΩ，额定电流0.02A）G.待测电阻RxH.电源E（电动势为1.5V，内阻约为0.5Ω）I..开关S一个、导线若干(1)要求本实验只能用到两个电表，并能多测出几组数据，

则电表应该选择和；滑动变阻器应选择（均填写器材前面的序号）；(2)请画出测量所需的实验电路图；（元件用对应符号标明）(3)若电流表A1的读数用I1表示，电流表A2的读数用I2表示，电压表的读数用U表示，请根据自己所选择的电表读数及题中

所给的物理量符号，写出待测电阻阻值的计算表达式：Rx=。三、计算题（本题共4小题，共44分，需要有规范的解题过程。）13．（8分）如图所示，质量为25kg的小孩静止坐在秋千板上时，小孩离拴绳子的横梁2.5m。如果秋千板摆到最低点时，速度为3m/s，（g取10m

/s2）求：（1）此时小孩运动的向心加速度的大小；（2）此时秋千板对小孩支持力的大小。v2−2F(d−L)0mX214．（8分）如图所示为可加热饭盒（可视为气缸），饭盒盖上有一排气口，饭盒内封闭了一定质量的理想气体，气体的初始温度为2

7℃，压强为大气压强p0。现缓慢加热饭盒使其内部气体温度达到57℃，已知p0=1.0×105Pa。（T=t+273K）（1）求此时封闭气体的压强；（2）打开排气口，放出部分气体，当饭盒内气体压强与外界大气压强

相等时，求排出气体与饭盒内剩余气体的质量比（假设此过程中饭盒内气体温度不变）。15．（12分）如图所示，虚线MN沿竖直方向，其左侧区域内有匀强电场（图中未画出）和方向垂直纸面向里，磁感应强度为B的匀强磁场，虚线MN的右侧区域有方向水平向右的匀强电场．水平线段AP与MN相交于O点．在A点有

一质量为m，电量为+q的带电质点，以大小为v0的速度在左侧区域垂直16．（16分）如图甲，长L=5m、质量M=1kg的木板静置在粗糙水平面上，木板与水平面之间的动摩擦因数μ=0.1，木板的上表面由不同材料构成。质量m=1kg的

小物块静止在木板左端的O点，物块与木板OA段、AB段、BC段之间的动摩擦因数分别为μ1=0.3、μ2=0.1和μ3=0.5.从t=0开始对物块施加一水平拉力F，F随时间t变化关系如图乙所示，取水平向右为正方向。已知OA、AB段长度分别为L1=

1.0m、L2=3.0m，重力加速度g=10m/s2.求：(1)物块到达木板上表面A点时的速度大小v1；(2)第2s内物块与木板之间的摩擦产生的热量Q；(3)最终物块与木板都静止时，物块距木板右端C的距离d。磁场方向射入，恰好在左侧区域内

做匀速圆周运动，已知A与O点间的距离为3mv0，虚线MN右侧qB电场强度为q，重力加速度为g．求：（1）MN左侧区域内电场强度的大小和方向；（2）带电质点在A点的入射方向与AO间的夹角为多大时，质点在

磁场中刚好运动到O点；（3）带电质点从O点进入虚线MN右侧区域后运动到P点时速度的大小vp．3mgV2020—2021学年度高二下学期第二次月考物理试卷参考答案2021年5月V1整理得=010mg15．（12分）（1）q，方向竖直向上；（2）60°；（3）13v0．m

g−(M+m)a（1）质点在左侧区域受重力、电场力和洛伦兹力作用，根据质点做匀速圆周运动可得：重力和电场力等大反向，洛伦兹力做向心力；所以，电场力qE=mg，方向竖直向上；mg11．（每空两分）AD3.0Mg所以MN左侧区域内电场强度E左=，方向竖直向上；qmv2mv0（2

）质点在左侧区域做匀速圆周运动，洛伦兹力做向心力，故有：Bvq=0，所以轨道半径R=；RqB12．（每空两分）ABE13．（8分）（1）3.6m/s2；（2）340NI1(R0+r1)(I2−I1)质点经过A、O两点，故质点在左侧区域做匀速圆周运动的圆心在AO的垂直平分线上，

且质点从A运动到O的过程O点为最右侧；所以，粒子从A到O的运动轨迹为劣弧；3mv08.小孩在最低处的向心加速度为a=v2，解得a=3.6m/s2又有dAO==3R；根据几何关系可得：带电质点在A点的入射方

向与AO间的夹角qBnrn1d=arcsin2AO=60；v29.在最低点由牛顿第二定律得FN−mg=mr，解得秋千的支持力FN=340N。R根据左手定则可得：质点做逆时针圆周运动，故带电质点在磁场中运动的轨迹如图所示：14．（8分）（1）1.1×105Pa；

（2）1︰10（3）根据质点在左侧做匀速圆周运动，由几何关系可得：质点在O点的竖直分速度v=vsin60=3v，6.根据查理定律可得p0=p1y020T0T1水平分速度v=vcos60=1v；T0=

(27+273)K=300Kx020质点从O运动到P的过程受重力和电场力作用，故水平、竖直方向都做匀变速运动；T1=(57+273)K=330K质点运动到P点，故竖直位移为零，所以运动时间t=2vy=3v0；

代入数据得p=1.1105Pa7.设饭盒体积为V0，等温膨胀的体积为V2，排出气体的体积为△V，根据玻意耳定律可得p1V0=p0V2所以质点在P点的竖直分速度v=v=gg3v，ΔV=V2−V012345678910D

CCDCCDBCADBCyPy203v0由于aa，故物块相对木板向右滑动，该段时间t1=1s内，物块的位移sat2=1.5mqE17v2=v1+a2t2=0水平分速度vxP=vx+mt=2v0+3gg=2v0；因此，第2s内物块与木板之间摩擦生热Q=2mgs2=3J所

以带电质点从O点进入虚线MN右侧区域后运动到P点时速度vP=16．（16分）(1)3m/s；(2)3J；(3)0.2m=13v0；8.在2s~3s时间内，由图象可知拉力F3=−2N，物块滑入木板表面BC段后，假

设该段时间t3=1s内，物E.在0~1s时间内，由图象可知拉力F1=6N，假设该段时间t1=1s内，物块一直在OA段运动，设物块和木板末速度分别为v1、v1，物块和木板加速度分别为a1、a1，由牛顿第二定律，对物

块有F1−1mg=ma1对木板有mg−(M+m)g=Ma，解得a=3m/s2，a=1m/s2块一直在BC段运动，设物块和木板末速度分别为v3、v3，物块与木板加速度分别为a3、a3，由牛顿第二定律，对物块有F3−3mg=ma3对木板有mg−

(M+m)g=Ma1111=133解得a=−7m/s2，a=3m/s2111211木板的位移s=1at2=0.5m，两者相对位移s=s−s=1m=L设经过t时间物块与木板共速，速度为v，由速度与时间的关系v=v2+a3t，v=a3t12111111解得t=0

.4s<1s，v=1.2m/s物块刚好到达木板上A点，假设成立；此时，物块和木板的速度分别为该过程t时间内物块位移s=vt+1at2=1.04mv1=a1t1=3m/s，v1=a1t1=1m/s3323木板位移s=1at2=0.24mF.在1s~2s时

间内，由图象可知拉力F2=2N，假设该段时间t2=1s内，物块一直在AB段运动，设物块和323木板末速度分别为v2、v2，物块和木板的加速度分别为a2、a2，由牛顿第二定律，对物块F2−2mg=ma2由于s=s−s=0.8m1m对木板有2mg−(M+m)

g=Ma2333所以物块还在木板上，未到达C点，假设成立。之后，假设物块和木板共同减速，其加速度大小为解得a=1m/s2，a=−1m/s2F+(M+m)g22a=3=2m/s2M+m则该段时间t2=1s内，物块的位移s=vt+1at2=3.

5m212222此时，对物体F+f=ma木板的位移s=vt+1at2=0.5m得物块受到摩擦力f=0mg3=5N212222假设成立，即板块不再相对滑动，F3再作用时间t=1s−t=0.6s两者相对位移s2=s2−s2=

3m=L2物块刚好到达木板上B点，假设成立，此时物块和木板的速度分别为v2=v1+a2t2=4m/s，物块与木板共同速度为v=v−at=0即恰好都停止。最终物块到木板右端C点的距离为d=1m−s3=0.2mv2yPxPC.v2