【文档说明】云南省玉溪第二中学2020-2021学年高一下学期第一次月考物理（理）试题含答案.doc，共(18)页，838.000 KB，由小赞的店铺上传

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2023届高一年级下学期第一次月考考试物理试题（理科）学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(共30分)1．(本题3分)关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．曲线运动是一

种匀变速运动B．变速运动不一定是曲线运动C．物体做曲线运动时，所受外力的合力可能与速度方向在同一条直线上D．物体做曲线运动时，所受合力一定是变力2．(本题3分)如图所示，物体A的质量为m，通过轻绳和光滑的定滑轮与小车连接，小车以速率v向右匀速直线行驶，则下列说法正确的是（）A

．物体A上升的速度为vB．物体A的速度大小为cosvC．绳子对A的拉力大于A的重力D．物体A处于失重状态3．(本题3分)以初速度v0水平抛出一个物体，经过时间t物体的速度大小为v，则经过时间2t，物体速度大小的表达式正确的是（）A．v0＋2gtB．v＋gt

C．()220+2vgtD．22+2vgt4．(本题3分)如图，某摩天轮直径153米，一共悬挂有60个座舱，旋转一周需要30分钟。若该摩天轮做匀速圆周运动，则某座舱（）A．速度始终恒定B．加速度始终恒定C．运动的周期始终恒定D．

受到的合力始终恒定5．(本题3分)如图所示，B和C是一组塔轮，即B和C半径不同，但固定在同一转动轴上，共半径之比为RB：RC=3：2，A轮的半轻大小与C轮的相同，它与B轮紧靠在一起，当A轮绕其中心的竖直

轴转动时，由于摩擦作用，B轮也随之无滑动地转动起来。a、b、c分别为三轮边缘的三个点，则a、b、c三点在运动过程中的（）A．线速度大小之比为3：2：2B．角速度之比为3：3：2C．周期之比为2∶3∶2D．向心加速度大小之比为9∶6∶46．(本题3分)如图所示，一圆筒绕其中心轴匀速转动，圆筒内

壁上紧靠着一个物体与圆筒一起运动，相对筒无滑动，物体所受向心力是（）A．物体的重力B．筒壁对物体的弹力C．筒壁对物体的静摩擦力D．物体所受重力与弹力的合力7．(本题3分)如图所示，光滑水平面上，质量为m的小球在拉力F作用下做匀速圆周运动。若小球运

动到P点时，拉力F发生变化，下列关于小球运动情况的说法中正确的是（）A．若拉力突然消失，小球将沿轨迹Pa做离心运动B．若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pa做离心运动C．若拉力突然变大，小球将沿轨迹Pb做离心运动D．若拉力突然变小，小球将沿轨迹Pc做向心运动8．(本题3分)铁路在弯道处

的内外轨道高度是不同的，已知内外轨道平面与水平面倾角为θ，如图所示，弯道处的圆弧半径为R，若质量为m的火车转弯时速度大于tangR，则（）A．内轨对内侧车轮轮缘有挤压B．外轨对外侧车轮轮缘有挤压C．外轨对内侧车轮轮缘有挤压

D．车轮对内外侧均没有挤压9．(本题3分)如图，有一水平传送带以2m/s的速度匀速运动，现将一物体轻轻放在传送带的左端上，若物体与传送带间的动摩擦因数为0.5，已知传送带左、右端间的距离为10m，则物块被被送到右端所

需时间为（g取10m/s2）（）A．4.8sB．5sC．9sD．5.2s10．(本题3分)北京冬奥会将于2022年某日开幕。将运动员推冰壶的情景简化为图甲的模型，0t=时，运动员对冰壶施加一水平向右的推力3NF=，作用1秒后撤去推力F，冰壶运动的vt−图像如图乙所示，

已知冰壶与冰面间的动摩擦因数为0.1=，则冰壶的质量和1st=时冰壶的速度大小分别为（取210m/sg=）（）A．1kg,lm/sB．1kg,2m/sC．2kg,lm/sD．2kg,2m/s二、多选题(共16分)11．(本题4分)如图所示，一名运动员在水平面上进行跳远比赛

，腾空过程中离水平面的最大高度为1.25m，起跳点与落地点的水平距离为5m，运动员可视为质点，不计空气阻力，取重力加速度g=10m/s2，则运动员（）A．在空中的运动时间为1.0sB．在最高点时的速度大小为5m/sC．落地时的速度大小为10m/sD．落地时速度方向与水平面所成的夹角为45°12．(

本题4分)如图所示，在网球的网前截击练习中，若练习者在球网正上方距地面H处，将球以速度ν沿垂直球网的方向击出，球刚好落在底线上，已知底线到网的距离为L，重力加速度取g，将球的运动视作平抛运动，下列表述正确的

是（）A．球的速度v等于2gLHB．球从击出至落地所用时间为2HgC．球从击球点至落地点的位移等于LD．球从击球点至落地点的位移与球的质量有关13．(本题4分)如图所示，一个内壁光滑的弯管处于竖直平面内，其中管道半径为

R。现有一个半径略小于弯管横截面半径的光滑小球在弯管里运动，通过最高点时的速率为v0，重力加速度为g，则下列说法中正确的是（）A．若v0＝gR，则小球对管内上壁有压力B．若v0>gR，则小球对管内上壁有压力C．若0<v0<gR，则小球对管内下壁有压力D．不论v

0多大，小球对管内下壁都有压力14．(本题4分)如图所示，从地面上方某点，将一小球以5m/s的初速度沿水平方向抛出，小球经过1s落地，不计空气阻力，g取210m/s，则可求出（）A．小球抛出时离地面的高度是5mB．小球从抛出点到落地点的水平位移大小是5m

C．小球落地时的速度大小是15m/sD．小球落地时的速度方向与水平地面成30°角三、实验题(共14分)15．(本题6分)某同学利用如下图所示的装置做研究平抛物体运动的实验。(1)下列是实验过程中的一些做法，其中合理的

有_____。A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平B．每次小球应从同一高度由静止释放C．必须保证斜槽轨道足够光滑D．应使小球的释放位置尽量高点，使小球获得较大的初速度，减小实验误差(2)丙图是小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取两点A、B，测得A、B两点竖直坐标1y为

5.0cm、2y为45.0cm，A、B两点水平间距x为60.0cm，g取210m/s，则小球的初速度为______m/s，B点的速度为_______m/s。16．(本题8分)“探究加速度与力、质量的关系”的

实验装置如图甲所示。(1)打点计时器是一种计时仪器，其电源频率为50Hz，常用的电磁式打点计时器和电火花计时器，使用的都是______电源，它们是每隔______s打一个点；(2)某同学在实验中打出的一条纸带如图乙所示，他选择了几个计时点作为计数点，相邻

两计数点间还有4个计时点没有标出，其中x1=7.06cm、x2=7.67cm、x3=8.30cm、x4=8.92cm，那么纸带加速度的大小是______m/s2（计算结果保留两位有效数字）；(3)本实验采用的实验方法是______。A．控制变量法B．理想实验C．等效替

代法D．实验推理法四、解答题(共40分)17．(本题10分)如图所示，小车的顶棚上用绳线吊一小球，质量为m=1kg，车厢底板上放一个质量为M=3kg的木块，当小车沿水平面匀加速向右运动时，小球悬线偏离

竖直方向30°，木块和车厢保持相对静止，重力加速度为210m/sg=，求：（1）小车运动的加速度；（2）木块受到的摩擦力；18．(本题10分)如图所示，半径为R的半球形陶罐，固定在可以绕竖直轴旋转的水平转台上，转台转轴与过陶球心O的对称轴OO′重合，转台以一

定角速度ω匀速转动，一质量为m的小物块落入陶罐内，经过一段时间后，小物块随陶罐一起转动且相对罐壁静止，它和O点的连线与OO′之间的夹角θ为60°，重力加速度大小为g。（1）若转台处于静止，求物体所受到的支持力和摩擦力；（2）若ω=ω0，小物块受到的摩擦力恰好为零，求ω0。19．(本题10分)跳台滑

雪是一种勇敢者的滑雪运动，运动员穿专用滑雪板，在滑雪道上获得一定速度后从跳台飞出，在空中飞行一段距离后着陆。现有某运动员从跳台a处沿水平方向飞出，在斜坡b处着陆，如图所示。测得ab间的距离为40m，斜坡与水平方向的夹角为30°，试计算运动员在a处

的速度大小和在空中飞行的时间。不计空气阻力，g取102m/s。（最终答案可写成根号形式）20．(本题10分)有一辆质量为m=800kg的小汽车驶上圆弧半径R=40m的拱桥上，g=10m/s2若汽车到达桥顶时的速度v=10m/s。（1）求向心加速度的大小；（2）拱

桥受到的压力大小；（3）汽车恰好对拱桥无压力时的速度？参考答案1．B【详解】A．曲线运动不一定是匀变速运动，故A错误；B．变速运动可能是曲线运动也可能是直线运动，故B正确；C．由曲线运动的条件可知，曲线运动的合外力与速度方向一定不在同一条直线上，故C错误；D．曲线运动，物体所受力也

可能是恒力，故D错误；故选B。2．C【详解】小车沿绳子方向的速度等于A的速度，设绳子与水平方向的夹角为θ，如图所示，根据平行四边形定则，物体A的速度Acosvv=小车匀速向右运动时，θ减小，则A的速度增大，所以A加速上升，加速度方向向上，故超重，绳子对A的拉

力大于A的重力。故ABD错误C正确。故选C。3．C【详解】物体做平抛运动vx=v0vy=gt故2t时刻物体的速度为()220'2vvgt=+t时刻有()220vvgt=+故v′=()22+3vgt故选C。4．C【详解】A．摩天轮做匀速圆周运动，座舱做匀速圆周运动的速度方向时刻改变，速度

不恒定，故A错误；B．匀速圆周运动的合外力是时时刻刻指向圆心的，所以座舱加速度的方向是时刻改变的，加速度不恒定，故B错误；C．因为是匀速圆周运动，座舱运动的周期是恒定的，故C正确；D．座舱做匀速圆周运动，合外力始终指向圆心，所以合力不恒定，故

D错误；故C正确。5．D【详解】轮A、轮B靠摩擦同缘传动，边缘点线速度相等，故:1:1abvv=根据公式vr=有:3:2ab=根据2arv==有3::2abaa=轮B、轮C是共轴传动，角速度相等

，故:1:1bc=根据公式vr=有3::2bcvv=根据2arv==有3::2bcaa=综合得到::3:3:2abcvvv=:6:94::abcaaa=::3:2:2abc=根据2T=则::2:3:3abcTTT=故选D。6．B【详解】物

体做匀速圆周运动，合外力提供向心力，则合力指向圆心，物体受重力竖直向下，弹力指向圆心，静摩擦力竖直向上，所以物体所受向心力是筒壁对物体的弹力，则B正确；ACD错误；故选B7．A【详解】A．若拉力突然消失，小球将沿速度v方向，即沿轨迹Pa做离心运动，选项A正确；BD．若拉力突

然变小，小球所受拉力小于向心力，则将沿轨迹Pb做离心运动，选项BD错误；C．若拉力突然变大，小球所受拉力大于所需的向心力，则将沿轨迹Pc做向心运动，选项C错误。故选A。8．B【详解】火车的重力和轨道对火车的支持力的合力恰好等于需要的向心力时，此时2tanvmgmR=火车的速度是

tanvgR=当火车转弯的速度大于tangR，需要的向心力增大，则外轨就要对火车产生一个向内的力来提供不足的力，所以此时外轨对外侧车轮轮缘有挤压；故选B。9．D【详解】由牛顿第二定律可得mgma=解得25m/sa=设经过时间t0物块与传送带共速，则有00.4svt

a==在t0时间内物块的位移为21010.4m<10m2xat==共速后，物块在传送带上运动的时间为11100.4s4.8s2Lxtv−−===则物块被传送到右端所需时间为015.2sttt=+=故选D。10．B【详解】物体先做匀加速直线运动，然后做匀减速直线运动，根据

牛顿第二定律得2=mgma221m/sa=由图像可知12:2:1aa=故212m/sa=。又因为1Fmgma−=解得m=1kg，又vat=可知v=2m/s。故选B。11．ABD【详解】A．从最高点落下过程可看成平抛运动，竖直方向上有212hgt=可得下落时间t=0.5s，由对称性可知，在空

中的运动时间为1.0s，A正确；B．水平方向有02.5m/s=5m/s0.5xvt==故在最高点时的速度大小为5m/s，B正确；C．竖直末速度大小为5m/syvgt==落地时的速度大小为22052m/syvvv=+=落地时速度方向与水平面所成的夹角为0tan1yvv==即=45，C错误，D正确

。故选ABD。12．AB【详解】AB．由平抛运动的规律可得Lvt=212hgt=联立可得，球从击出至落地所用时间为2tHg=球的速度v等于2gvLH=AB正确；CD．球从击球点至落地点的位移s等于22sLH=

+故球从击球点至落地点的位移与球的质量无关，CD错误。故选AB。13．BC【详解】A．当小球到达管道的最高点，假设恰好与管壁无作用力，则有：小球仅受重力，由重力提供向心力，即2vmgmR=解得vgR=即0vgR=，则小球对管内

上壁无压力，A错误；B．若0vgR，则小球到达最高点时，与内上壁接触，从而受到内上壁的压力，B正确；C．若00gvR，则小球到达最高点时，与内下壁接触，从而受到内下壁的压力，C正确；D．小球对管内壁的作用力，要从速度大小角度去分析，D错误。故选BC。14．A

B【详解】AB.小球做平抛运动，其竖直分运动为自由落体运动，水平分运动为匀速直线运动，根据运动学规律可得小球抛出时离地面的高度是215m2hgt==，小球从抛出点到落地点的水平位移大小是x=v0t=5m，故AB正确；C．

小球落地时的速度大小是20255m/svvgh=+=，故C错误；D．设小球落地时速度方向与水平地面的夹角为θ，则023tan23ghv==，所以θ≠30°，故D错误。故选AB。15．ABD332【详解】(1)[1]A．安装斜槽轨道，使其末端保持水平，保证小球的初速度沿水平方向，故A正确

；B．每次小球应从同一高度由静止释放，这样才能使小球每次抛出时的速度大小相等，故B正确；C．小球所受的滚动摩擦力较小，而且对之后的平抛运动没有影响，所以不必要求斜槽轨道足够光滑，故C错误；D．应使小球的释放位置尽量高点，使小球获得较大的初速度，使其水平位移足够大，运

动轨迹尽量穿过整个坐标纸，从而减小实验误差，故D正确。故选ABD。(2)[2]设小球从O点运动到A点用时为t1，从A点运动到B点用时为t2，则21112ygt=22121()2ygtt=+解得10.1st=20.2st=所以，小球的初速度023m/sxvt==[3]B点的速度为2201

2[()]32m/sBvvgtt=++=16．交流0.020.62A【详解】(1)[1][2]常用的电磁打点计时器和电火花打点计时器，使用的都是交流电源，频率是50Hz，它们每隔0.02s打一个点。(2)[3]计数点之间的时间间隔为0.025s0.1

st==纸带做匀变速直线运动根据逐差公式得2432120.62m/s(2)xxxxat+−−==(3)[4]探究加速度与力得关系时，要控制小车质量不变；探究加速度与质量关系时，要控制拉力大小不变；这种实验方法是控制变量法，所以选择A。17．（1）2103m/s3；（2）103N【

详解】（1）小球的加速度与小车加速度相等，因此对小球受力分析得tanmgma=解得2103m/s3a=（2）木块受到的摩擦力，根据牛顿第二定律f103NFMa==18．（1）12mg，32mg；（2）2gR【详解】（1）若转台处于静止，物体处于平衡状态，受

力分析如图所示，根据力的平衡条件x轴上合力为0FNsin60°＝Ffcos60°y轴上合力为0FNcos60°+Ffsin60°＝mg联立解得FN＝12mg，32fmgF=（2）当摩擦力为零，支持力和重力的合力提供向心力，受力分析如图所示，有由牛顿第二定律得mgtan60°＝m20Rsin60

°解得ω0＝2gR19．103m/s，2s【详解】运动员从a处运动到b处，做平抛运动，根据平抛运动规律21sin302Lgt=0cos30Lvt=解得2st=0103m/sv=20．（1）2.5m/s2；（2）6000N；（3

）20m/s【详解】（1）由向心加速度公式可得2212.5m/svaR==（2）根据牛顿第二定律NmgFma−=可得支持力大小N6000NF=（3）汽车恰好对拱桥无压力时22vmgmR=解得220m/s

v=