【文档说明】山东省德州市第一中学2022-2023学年高二上学期1月期末考试物理试题详细答案.pdf，共(6)页，359.396 KB，由小赞的店铺上传

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答案第1页，共5页高二上学期期末考试物理参考答案1．C【详解】A．麦克斯韦建立了经典电磁场理论，A错误；B．赫兹通过实验证实了电磁波的存在，B错误；C．航天员在中国空间站进行太空授课的实时画面是通过电磁波传递到

地面的，C正确；D．医院里经常利用紫外线能摧毁病变细胞的作用对患者进行治疗。D错误。故选C。2．B【详解】依题意，弹簧振子做简谐运动，根据简谐运动的特点，知振子在平衡位置O时，位移，加速度及回复力均为零，而振子的速度最大，故选B。3．B【详解】A．当选择开关接1时，电流计与电阻R1并联，

测量的是电流，选项A错误；B．当选择开关接2时，有内接电源，测量的是电阻，选项B正确；C．当选择开关接3时，电流计与电阻R1并联后与R3串联，则测量的是电压，选项C错误；D．因B是黑表笔，A是红表笔，则

测量时，电流是由A表笔流入，B表笔流出，选项D错误。故选B。4．A【详解】设放置在FE边的电流在C点的磁感应强度大小为1CkIBd根据右手螺旋定则可判断其方向沿CM放置在ND边的电流在C点的感应强度大小为2CkIBd方向沿FC故C点处的磁感应强度大小为2

CkIBd放置在FE边的电流在O点的磁感应强度大小为1212OkIkIBdd方向平行于DN放置在ND边的电流在O点的磁感应强度大小为2212OkIkIBdd方向平行于EF故O点处的磁感应强度大小为22OkIBd则图中C、O两点处的磁感应强度大小之比为2122

2COkIBdBkId故选A。5．C【详解】A．图甲为共振曲线，当驱动力频率等于振动系统固有频率时，振幅最大，故A错误；B．乙图中，根据lxd若只将光源由蓝色光改为绿色光，波长增大，两相邻亮条纹间距离将增大，故B错误；答案第2页，共5页C．当将薄片向右移动时，即增大空气薄层的厚度

，导致同级的光程差的间距变小，则干涉条纹间距会变小，故C正确；D．当M固定不动，缓慢转动N时，从图示位置开始转动90°的过程时，则M、N的振动方向垂直，此时光屏P上的光亮度最暗，故D错误。故选C。6．B【详解】A．由题图可知，滑动变阻器与电阻R串联，滑动变阻器

滑片向下滑动，其阻值减小，整个闭合回路电阻减小，干路电流增大，路端电压为UEIr2V测的是路端电压，故其示数减小，选项A错误；B．电源的输出功率随外电阻的变化关系如图所示由于定值电阻阻值R大于电源内阻阻

值，故滑动变阻器的阻值减小时，外电阻向内阻接近，，则此时电源输出功率在变大，选项B正确；C．1V、3V分别测得是R和滑动变阻器的电压，滑动变阻器两端电压为3UEIrR可得3UrRI故3U与I的比值保持不变，选项C错

误；D．将电阻R等效为电源的内阻，由等效内阻的知识，当滑动变阻器阻值等于Rr时，滑动变阻器消耗的功率最大，选项D错误。故选B。7．A【详解】A．由安培定则可知，线圈中的磁感应强度垂直纸面向外，两导线中的电流均增大，导致线圈中的磁通量增大，线圈里一定产生感应电流

，A正确；B．线圈绕平行于匀强磁场的转轴OO匀速转动过程，穿过线圈中的磁通量始终为零，线圈中没有产生感应电流，B错误；C．线圈平面保持与磁感线垂直，在匀强磁场中向右匀速移动，穿过线圈中的磁通量不变，没有产生感应电流，C错误；D．圆形线圈水平放置在通电直导线的正下方，由对称性可

知，穿过线圈中的磁通量始终为零，故增大导线中的电流，线圈中没有产生感应电流，D错误。故选A。8．D【详解】取竖直向上为正方向，设在这段时间内弹簧的弹力对物体A的冲量为I，对A应用动量定理得Imgtmv对B应用动量定理得MgtMu由以上两式得

Imvmu故选D。9．BD【详解】A．电流的合成不满足平行四边形定则，则电流是标量，其方向就是正电荷定向移动的答案第3页，共5页方向，选项A错误；B．形成电流必须有两个条件：自由电荷和电压，则导体中有电荷运动不一定会形成电流，选项B正确；C．根据UIR可知，

两端电势差越大的导体，通过它的电流不一定越大，选项C错误；D．在国际单位制中，电流是一个基本物理量，其单位安培是基本单位，选项D正确。故选BD。10．BD【详解】AB．以足球被踢回的方向为正方向，足球的动量变化量的大小为210.45[50(40)

]kgm/s40.5kgm/spmvmv故B正确，A错误；CD．根据动量定理可得pFt解得40.5N202.5N0.2pFt故D正确，C错误。故选BD。11．CD【详解】A．波向前传播，在两介质的界面上，通常波既发生

反射，也会发生折射，当然全反射时，就只有反射没有折射了，A错误；B．波发生反射时，在同一种介质中传播，因此波长、波速和频率都不发生变化，B错误；C．波发生折射时，在不同种介质中运动，波速发生变化，但频率由振源决定，波的频率不变，由vf

可知波长也发生变化，C正确；D．两列波发生干涉现象的条件是两列波的频率相同且相位差恒定，在这个前提下，振动加强区始终加强，振动减弱区始终减弱，形成稳定的干涉图样，D正确。故选CD。12．BD【详解】A．由于水平面

光滑，所以小球与弧形物体组成的系统水平方向合力为零，水平方向动量守恒，竖直方向系统所受合力不为零，故竖直方向动量不守恒，由于所有接触面均光滑，故系统机械能守恒，故A错误；B．由ax图像知，小球与弧形物体作用前的速度为21212maxmv解得2m/sv若小球没有从14圆

弧飞出，当小球上升最高时小球与弧形体水平方向共速，则mvMmv，221122mghmvMmv解得20cm3hR所以小球上升的最大高度为20cm3，故B正确；CD．当小球与弧形体分离后，弧形体速度最大，设分离后小球速度为1v

，弧形体速度为2v，则12mvmvMv，22212111222mvmvMv解得答案第4页，共5页222m/s3v故C错误，D正确。故选BD。13．4.57510减少【详解】（1）[1]整数毫米数为4mm，游标刻度上第5条刻度线和主尺对齐，精度为0.1mm，故为4.5mm

。（2）[2]条纹AB间距离为x33737100.210m510m470010xdnL（3）[3]红光波长比绿光波长长，由lxd可知，条纹间距大，条纹数目减少。14．CE甲1.

50.50【详解】（1）[1]干电池电动势约为1.5V，为了使电压表指针偏角较大，提高测量精度，电压表应选择C。[2]滑动变阻器F最大阻值过大，回路电流太小不利于电流、电压的测量，滑动变阻器选择阻值较小的E即可。（

2）[3]由于干电池内阻较小，若采用乙图接法，电流表直接与电源串联，电流表的分压作用较明显，使内阻测量误差较大，应采用甲图接法，即电流表外接法，减小测量误差。故选甲。（3）[4][5]根据数据点连线如画所示由闭合电路欧姆定律可

得U=E－Ir图线与纵轴交点表示电动势，可得E=1.50V图线斜率绝对值表示内阻，可得1.51.00.501.0r15．（1）53；（2）Lc【详解】（1）光在底边中点E处发生全反射，由几何关系

可得临界角37C代入全反射定律可得1sin37n解得53n（2）光在玻璃中传播的路程2sin37sin372LsL传播的时间答案第5页，共5页stv将光在玻璃中的速率cvn代入上式解得Ltc16．（1）沿x轴正向传播，1.5×10

3m/s；（2）2m【详解】（1）根据乙图可知，0时刻质点P沿y轴正方向运动，结合甲图，根据上下坡法可知，该波沿x轴正向传播，由图像可知，该波的波长为1.5×10-2m，周期为1×10-5s，根据vT代入数据得v＝1.5×1

03m/s（2）质点P在一个周期内运动的路程为S0＝4A＝2×10-5m0～1s时间内完成全振动次数是n＝105所以0～1s时间内，质点P运动的路程S＝nS0＝2m17．（1）550W；（2）2；（3）50

kg【详解】（1）电动机输入的电功率为1105W550WPUI电（2）电动机的发热功率为2热PIr解得电动机线圈的电阻为225025PrI热（3）电动机的机械功率为550W50W500WPPP电热机又Pmgv机解得重物的质量为500kg50

kg101Pmgv机18．（1）1v＝24gh；（2）54m2gh；（3）vC＝5216gh【详解】(1)设小球运动到最低点与物块B碰撞前的速度大小为v1，取小球运动到最低点时的重力势能为零，根据机械能守恒定律有mgh＝211

2mv解得v1＝2gh，设碰撞后小球反弹的速度大小为1v，同理有16mgh＝2112mv解得1v＝24gh(2)设碰撞后物块B的速度大小为v2，取水平向右为正方向，由动量守恒定律有mv1＝－m1v＋5mv2解得v2＝24gh，由动量定理可得，碰撞过程物块B受到的冲量为I

＝5mv2＝54m2gh(3)对物块B与物块C在弹簧回到原长时，物块C有最大速度，据动量守恒和机械能守恒可解得vC＝5216gh获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com