【文档说明】河南省洛阳市豫西名校2020-2021学年高二下学期3月第一次联考物理答案.pdf，共(6)页，764.838 KB，由小赞的店铺上传

转载请保留链接：https://www.doc5u.com/view-540b26910e08f3587d3d690f6a1ddfe9.html

以下为本文档部分文字说明：

高二物理参考答案第1页（共6页）豫西名校2020—2021学年下期第一次联考高二物理参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第1～8题只有一项符合题目要求，第9～12题有多项符合题目要求．多选题全部选

对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得1．【答案】C【解析】根据黑体辐射规律知，黑体辐射电磁波的强度，按波长的分布，只与黑体的温度有关，故A选项错误；普朗克首次提出能量量子假说，完美的解释了黑体辐射规律，破除了“能量连续

变化”的传统观念，故B选项错误；康普顿效应和光电效应说明光具有粒子性，电子的衍射说明实物粒子也具有波动性，故C选项正确；宏观物体的物质波波长非常小，极不容易观察到它的波动性，选项D错误．故选C．2．【答案】C【解析】根据p=mv可知，速度大的物体动量不一定大，

质量大的物体动量不一定大，选项AB错误；根据22kpEm=可知，两个物体的质量相等，动量大的其动能也一定大，选项C正确；两个物体的质量相等，速度大小也相等，则它们的动量大小一定相等，但是由于方向不一定相同，则动量不一定相等，选项D错误。故选

C。3．【答案】A【解析】根据公式hcEhvλ==，解得193.010JE−=×，故选A。4．【答案】D【解析】设苹果落地瞬间的速度为v，由机械能守恒定律可知212mghmv=，解得230m/svgh==．苹果落地时受到自身

的重力和地面的支持力，规定向上为正，由动量定理可知()()0Nmgtmv−=−−，解得4310NN≈×，根据牛顿第三定律可知苹果对地面产生的冲击力约为4310N×，故D选项正确；故选D。5．【答案】D【解析】球b自由落体运动，球c的竖直分运动是自由落体运动，故bc两个球的运动时间

相同，为：2htg=；球a受重力和支持力，合力为mgsinθ，加速度为gsinθ，根据212hgsintsinθθ＝，得：12htsingθ＝；故t＜t′，故A错误；由于重力相同，而重力的作用时间不同，故重力的冲量不同，故B错误；初动能不全相同，而合力做功相同，故根据动能定理，末动能不全相同

，故C错误；bc球合力相同，运动时间相同，故合力的冲量相同，根据动量定理，动量变化量也相同；ab球机械能守恒，末速度大小相等，故末动量大小相等，初动量为零，故动量增加量大小相等，故D正确；故选D.6．【答案】D【解析】绳在刚绷紧时人的速度为221045m/s30m/svgh==××=，

在绷紧的过高二物理参考答案第页（共6页）程中根据动量定理有()()0Fmgtmv−=−−，解得1500NF=，故A错误；运动员整个运动的过程中动量的变化为零，即重力冲量与弹性绳作用力的冲量等大反向，故B错误，D正确；根据动量定理可知，运动员在弹性绳绷紧后，动量的改变量等于弹性绳作用力的冲量与

重力冲量的和，故C错误。故选D。7．【答案】B【解析】若薄膜的反射率极高，那么光子与其作用后，动量改变较大，由动量定理可知，若作用时间都相同，薄膜反射对光子的作用力较大，根据牛顿第三定律，光子对薄膜的作用力也较大，

因此探测器可获得较大的加速度，B选项正确。故选B。8．【答案】A【解析】选小球和圆环为系统，整个过程中在水平方向都满足动量守恒，设从开始到绳子与横杆成直角的过程中，圆环的平均速度大小为v1，小球的平均速

度大小为v2，则1220mvmv−=，设运动时间为t，此过程圆环的位移大小为x，小球的位移大小为l−x，则20xlxmmtt−−=，解得23xl=，故选A。9．【答案】BD【解析】光的波粒二象性是指光既具有波动性，又具

有粒子性，二者是统一的，A选项错误；在光的波粒二象性中，频率越大的光其粒子性越显著，频率越小的光其波动性越显著，B选项正确；光在传播时往往表现出的波动性，光在跟物质相互作用时往往表现出粒子性，C选项错误；光既具有粒子性，又具有波动性，大量的光子波动性比较明显，个别光子粒子性比较明显

，D选项正确．故选BD．10．【答案】BC【解析】A．考虑实际运动情况，碰撞后两球同向运动，A球速度应不大于B球的速度，故A错误；B．两球碰撞过程，系统不受外力，故碰撞过程系统总动量应守恒，碰撞前，总动量为(1622)kgm/s10kgm/sABAABBp

ppmvmv=+=+=×+×⋅=⋅，总动能2222k1111(1622J22J222)2AABBEmmvν=+=××+××=；碰撞后，总动量为(1224)kgm/s10kgm/sABAABBpppmvmv′=′+′=′+′=×+×⋅=⋅，总动能2'222k1111(1224J

18J222)2AABBEmvmv′′=+=××+××=，则pp′=，kkEE′<符合动量守恒和动能不能增，而且ABvv′<′符合实际运动情况，故B正确；C．碰撞后，总动量为(1124.5)kgm/s10kgm/sABA

ABBpppmvmv′=′+′=′+′=×+×⋅=⋅，则pp′=，符合动量守恒定律，总动能2'222k1111(1124.5J20.75J222)2AABBEmvmv′′=+=××+××=，则kkEE′<，符合动能不能增。而且v

A′＜vB′，符合实际的运动情况，故C正确；D．如果vA′=－4m/s，vB′=7m/s，则碰后总动量为[]1427kgm/s10kgm/sAABBpmvmv′=′+′=×−+×⋅=⋅（），系统动量守恒，碰后

总动能为22221111(1427)J57J2222kAABBEmvmv′′′=+=××+××=，系统动能增加，不可能，故D错误。故选BC。11．【答案】BC高二物理参考答案第3页（共6页）【解析】A．a-t图象图线下方的面积表示速度变化量v∆，故t=6s时，物体

的速度为60(24)2620m/s2vvv+=+∆=+×=，A错误；B．t=6s时，加速度为a=4m/s2，由牛顿第二定律可得F-f=ma，代入数据可解得，拉力F=10N，B正确；C．t=0时，加速度为a0=2m/s2，由牛顿第二定

律可得F0-f=ma0，代入数据可解得，拉力F0=6N，在0～6s内，拉力随时间均匀增大，故对物体的冲量为06106Ns=48Ns22FFIFtt++===×⋅⋅；D．在0～6s内，合外力对物体做的功等于物体动能的变化量，即22011=396J22Wmvmv−=合，D错误。故选BC。12．【答

案】BC【解析】当弹簧固定时，当弹簧压缩量最大时，弹性势能最大，物体A的动能转化为弹簧的弹性势能，根据系统的机械能守恒得弹簧被压缩过程中最大的弹性势能等于A的初动能，设A的质量为Am，即有2pmA012Emv=；当弹簧一端连接另一质量为m的物体B时，A与弹簧相互作用的过程中B将向右运动，A、B速

度相等时，弹簧的弹性势能最大，选取A的初速度的方向为正方向，由动量守恒定律得A0A()2mvmmv⋅=+，由机械能守恒定律得022pmAA11(2)()22Emmvvm=−+，联立得A3mm=2pm032Emv=，故A错误，BC正确。弹簧重新恢复原长时，由动量守

恒定律得A0A122mvmvmv⋅=+，由机械能守恒定律得0222AA12111(2)222=mmvmvv+，物体B的动量大小为2Bpmv=，解得03Bpmv=，选项D错误。故选BC。二、实验题（本题共2小题，共16分）13．（6分，每空2分）【答案】（2）0.620；0.61

8；（3）纸带与打点计时器限位孔有摩擦【解析】（2）放开滑块1后，滑块1做匀速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，根据纸带的数据得，碰撞前滑块1的动量为：1110.20.3100.620kgm/s0.1Pmv==×=⋅，滑块2的动量为零，所以碰撞前的总动量为0.620kg

·m/s.碰撞后滑块1、2速度相等，所以碰撞后总动量为：1220.168()(0.3100.205)0.618kgm/s0.14mmv+=+×=⋅。（3）结果不完全相等是因为纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用。14．（10分）【答案】（1）Khν0（每空1

分）（2）hν－hν0＋eU（2分）逐渐增大，直至保持不变（2分）高二物理参考答案第4页（共6页）（3）0hvhve−（2分）（4）A（2分）【解析】（1）K是阴极，阴极材料的逸出功等于hν0．（2）逸出光电子的最大初动能为hν－hν0；若加在A

、K间的正向电压为U时，到达阳极的光电子的最大动能为Ekm＋eU=hν－hν0＋eU，将A、K间的正向电压从零开始逐渐增加，则到达阳极的光电子数逐渐增加，直到当全部光电子都能到达阳极时为止；则电流表的示数的变化情况是逐渐增大，直至保持不变．（3）为了阻止光电子到达阳极，在A、K

间应加上反向电压满足：U反e=Ekm=hν－hν0解得：0=hvhvUe−反．（4）若增加饱和光电流，则需要增加单位时间射到阴极的光子数，即保持照射光频率不变时，需要增大光强；故选A.三、计算题（本题共4小题，共46分．解题要写出必要的文字说明、方程式

和重要的演算步骤，有数据计算的题目，还应计算出最后结果，只有最后答案的不得分．）15．（8分）【答案】（1）3m/s；（2）420N【解析】（1）甲乙运动员的动量守恒，由动量守恒定律m2v2＝m1v′1＋m2v′2（3分）解得：v′2＝3m/s（1分）（2）对甲运动员利用动量定理：Ft＝

m1v′1（3分）解得：F＝420N（1分）16.（11分）【解析】（1）子弹与物体A作用过程中，由动量守恒定律得：00011()mvmmv=+（2分）解得：smv/41=（1分）（2）子弹停留在物体A中一起压缩弹簧过程中，子弹、物体A、B和弹簧整个系统的动量守恒，机械能

守恒，则从子弹作用物体A到弹簧压缩最短这一过程中整个系统损失的机械能220001111()22Emvmmv∆=−+（2分）解得：JE792=∆（1分）根据动量守恒定律得vmmmvmm)()(210110++=+（2分）高二物理

参考答案第5页（共6页）由机械能守恒定律得22102110)(21)(21vmmmEvmmp+++=+（2分）联立解得，弹簧最大弹性势能JEp4=（1分）17．（11分）【答案】（1）()2MmgSρ+；（2）1()()22MmgMmgSρ++【解析】（1）使用者和飞行器在水面某一

高处悬停，根据平衡条件可知，喷水产生的推力为()FMmg=+（1分）对喷出的水用动量定理，可得'2Ftmv∆=∆（2分）其中mvtSρ∆=∆（1分）根据牛顿第三定律可知'FF=（1分）解得()MmgvSρ+=（2分）（2）根据动能定理，飞行器在t∆时间内对水做的功为21202Wm

v=⋅∆−（2分）则飞行器喷水的平均功率为1()()22MmgPMmgSWtρ+==+∆（2分）18．（16分）【答案】（1）12agc−；（2）bgd25【解析】（1）设小球A和B碰撞后共同运动的速度为

v1，根据动量守恒定律有1)(vmmvmBAB+=（2分）在碰撞后A和B共同上升的过程中，在四分之一圆周内，根据机械能守恒定律有高二物理参考答案第6页（共6页）ghmmvmmBABA)()(2121+=+（2分）解得

222)(2vmmgmhBAB+=（1分）结合题图乙中信息可得22)(2BABmmgmac+=（1分）解得12ABmamgc=−（2分）（2）设半圆形轨道的半径为R，由题图乙可知d=2R当bv=2时，两球恰好运动到最高点，此时重力恰好提供向心力

，设小球A和B碰撞后共同运动的速度为2v，到达最高点时的速度为'2v，有2)(vmmbmBAB+=（2分）gdmmvmmvmmBABABA)()(21)(21222'2+−=+−+（2分）2)()(2'2dvmmgmmBABA+=+（2分）联立解得bgd

mmmBAB25=+（2分）