【文档说明】四川省成都市青白江区南开为明学校2019-2020学年高二下学期第三次月考物理试题【精准解析】.doc，共(14)页，523.000 KB，由小赞的店铺上传

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物理试题（理科）一、单项选择题，公有8个小题，每个小题3分，共24分。1.下面列举的四种器件中，在工作时利用了电磁感应现象的是()A.回旋加速器B.日光灯C.质谱仪D.示波器【答案】B【解析】试题分析：回旋加速器是利用磁场改变粒子轨迹

，电场对粒子加速制作，日光灯中的整流器在日光灯启动初期起到提供自感电动势作用，利用了电磁感应现象；质谱仪是利用磁场改变粒子轨迹从而判断粒子轨迹，示波器是利用电荷在电场中的偏转情况制作而成，所以答案为B考点：物理学相关现象点评：本题考查了物理学相关实

验现象的物理原因，要在学习过程中对相应知识有个基本的记忆才能正确判断．2.公路上的雷达测速仪的工作原理是利用（）A.波的反射和多普勒效应B.波的干涉和多普勒效应C.波的干涉和波的反射D.波的反射和共振【答案】A【解

析】【详解】雷达测速主要是利用多普勒效应，当目标向雷达天线靠近时，反射信号频率将高于发射机频率；反之当目标远离天线而去时，反射信号频率将低于发射机率，如此根据频率的改变数值，即可计算出目标与雷达的相对速度，A正确，BCD错误。故选A。3

.以下哪些现象是由光的全反射造成的（）A.在岸上能看见水中的鱼B.夜晚，湖面上映出了岸上的彩灯C.夏天，海面上出现的海市蜃楼D.用光导纤维传输光信号【答案】D【解析】【详解】A．在岸上能看见水中的鱼，是光的折射，A错误；B．夜

晚湖面上映出了岸上的彩灯，是光的反射，B错误；C．夏天海面上出现的海市蜃楼，是光的折射产生的，C错误；D．用光导纤维传输光信号，是利用了光的全反射原理，D正确。故选D。4.一矩形线圈在匀强磁场中转动产生的交变电动势为e＝102sin(20π

t)V，则下列说法正确的是（）A.t＝0时，线圈位于中性面B.t＝0时，穿过线圈的磁通量为零C.t＝0时，线圈切割磁感线的有效速度最大D.t＝0.4s时，电动势第一次出现最大值【答案】A【解析】【详解】AB．t=0时，瞬时电动

势为()102V20esint＝=0，则线圈平面位于中性面，此时通过线圈的磁通量最大，选项A正确，B错误；C．当t=0时，感应电动势为零，则导线切割磁感线的有效速度最小，选项C错误；D、由瞬时电动势为

()102V20esint＝可知周期2s0.1s20T==当t=0.4s时，e仍是最小，选项D错误。故选A。5.如图所示，弹簧振子在a、b两点间做简谐振动当振子从平衡位置O向a运动过程中A.加速度和速度均不断减小B

.加速度和速度均不断增大C.加速度不断增大，速度不断减小D.加速度不断减小，速度不断增大【答案】C【解析】【分析】弹簧振子的振动规律.【详解】当振子从平衡位置O向a运动过程中，位移逐渐增大，恢复力逐渐增大，加速度逐渐增大，

因为速度和加速度方向相反，故速度逐渐减小，选项C正确.6.某种单色光在两种透明介质中传播，对真空的临界角分别为C1、C2，且C1>C2，由此可知这两种介质的折射率n1、n2及光在这两种介质中的传播速度v1、v2的大小关系是（）A.n1>n2v1>v2B.n

1>n2v1<v2C.n1<n2v1<v2D.n1<n2v1>v2【答案】D【解析】【详解】根据全反射公式1sinnC=可得12nn再由cnv=可得12vv故选D。7.如图所示为某质点在0～4s内的振动图像，则（）A.质点振动的振幅是2m，质点振动的频率为4

HzB.质点在4s末的位移为8mC.质点在4s内的路程为8mD.质点在t=1s到t=3s的时间内，速度先沿x轴正方向后沿x轴负方向，且速度先增大后减小【答案】C【解析】【详解】A．由图象可知，质点振动的振幅是2m，周期为4s，

则频率为0.25Hz，A错误；B．质点4s末在平衡位置，所以位移为0m，B错误；C．由于质点振动的振幅是2m，质点在4s内刚好经历一个周期，路程为8m，C正确；D．质点在t=1s到t=3s的时间内，一直沿x轴负方向运动，速度先增大后减小，D错误。故选C

。8.阻值为1Ω的电阻上通以交变电流，其i－t关系如图所示，则在0～1s内电阻上产生的热量为()A.1JB.1.5JC.2JD.2.8J【答案】D【解析】因为所加的电流为交变电流，大小变化，所以只能分段求热量

．在0～1s内，产生的热量为22221122110.4210.62.8JQIRtIRt=+=+=，故D正确．二、不定项选择题，每个小题至少有一个选项正确，选对的4分，对而不全的2分，共有4个小题，共计16分。9.白

光通过三棱镜发生色散现象，下列说法正确的是（）A.白光是由不同频率的光组成的B.棱镜材料对各种色光的折射率不同C.棱镜材料对红光的折射率大，对紫光的折射率小D.出现色散现象的原因是棱镜改变了颜色【答案】AB【解析】【详解】A．白光是复

色光，就是由不同频率的光组成的，A正确；B．不同颜色的光，频率不同，则波长不同，折射率随波长的变化而变化，B正确；C．折射率随着波长的减小而增加，所以棱镜材料对红光的折射率小，对紫光的折射率大，C错误；D．不同颜色的光的波长、

频率不同，折射率也不同，复色光在通过棱镜时的偏折程度也不一样，在离开棱镜时各自分散，就会出现色散现象，D错误。故选AB。10.图a为一列简谐横波在0.10ts=时刻的波形图，Q是平衡位置为4xm=处的质点，图b为质点Q的振动图像，则下列说法正确的是A.该波的周期是0.10sB.该波的传播速度

为40/msC.该波沿x轴的正方向传播D.0.40ts=时，质点Q的速度方向向上【答案】BD【解析】由a图得到该波的波长为λ=8m，由b图得到该波的周期为T=0.2s，所以波速为：8/40/0.2vmsmsT===，故

B正确，A错误；t=0.1s时Q点处在平衡位置上，且向下振动，根据波形平移法可知该波沿x轴负方向传播，故C错误；t=0.1s时Q点处在平衡位置上，且向下振动，根据振动规律可知t=0.40s时Q的速度方向向上，故D正确．所以BD正确，AC错误．1

1.如图所示，理想变压器接在接头a时，原、副线圈的匝数比为10∶1，b是原线圈的中心接头，电压表和电流表均为理想电表，从某时刻开始在原线圈c、d两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u＝2202sin100πtV，则()A.当单刀双掷开关

与a连接时，电压表的示数为22VB.当单刀双掷开关与b连接时，电压表的示数为11VC.单刀双掷开关与a连接，将滑动变阻器滑片P向上移动，则电压表的示数不变，电流表的示数变小D.单刀双掷开关与a连接，将滑动变阻

器滑片P向上移动，则电压表和电流表的示数都变大【答案】AC【解析】A、根据电压与匝数成正比可知，原线圈的电压的最大值为2202V，所以副线圈的电压的最大值为222V，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为222222VV=，

所以A正确；B、若当单刀双掷开关由a扳向b时，理想变压器原、副线圈的匝数比由10:1变为5:1，根据电压与匝数成正比可知，此时副线圈的电压为44V，所以电压表的示数为44V，所以B错误；C、当滑动变阻器触头P向上移动的过程中，滑动变阻器的电

阻变大，电路的总电阻变大，由于电压是由变压器决定的，所以电流变小，电压表的示数不变，所以C正确，D错误．点睛：电路的动态变化的分析，总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，即先部分后整体再部分的方法，注意变压器的应用已经最大值与有效值之间的关系

．12.如图所示，一粗糙的平行金属轨道平面与水平面成θ角，两轨道上端用一电阻R相连，该装置处于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道于平面向上。质量为m的金属杆ab以初速度v0从轨道底端向上滑行，滑行到某高度h后又返回到底端。若运动过程中金属杆始终保持与导轨垂直且接触良好，轨道与金属杆的电阻均忽略不

计。则下列说法正确的是（）A.金属杆ab上滑过程与下滑过程通过电阻R的电量一样多B.金属杆ab上滑过程中克服重力、安培力与摩擦力所做功之和大于12mv20C.金属杆ab上滑过程与下滑过程因摩擦而产生的内能一定相

等D.金属杆ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的焦尔热【答案】AC【解析】【详解】A．根据感应电量经验公式qR=知，上滑过程和下滑过程磁通量的变化量相等，则通过电阻R的电量相等，故A正确；B．金属杆ab上滑过程中重力、安培力、摩擦力都做功负功，根据动能

定理得知：ab棒克服重力、安培力与摩擦力所做功之和等于2012mv，故B错误；C．金属杆ab上滑过程与下滑过程因摩擦而产生的内能均为mgl，故摩擦生热一定相等，选项C正确；D．根据功能关系得知，ab在整个过程中损失的机械能等于装置产生的焦耳热

与摩擦力产生的热量的和，故D错误。故选AC。【点睛】此题关键考查电磁感应现象中的能量问题；解决这类问题的关键时分析受力，进一步确定运动性质，并明确判断各个阶段及全过程的能量转化，例如此题中ab在整个过程中损失的机械能等于装

置产生的焦耳热与摩擦力产生的热量的和。三、填空题，每空2分，共计20分13.若将一个标有“220V；880W”的电炉接入311sin314(V)ut=的交流电路中，则通过电炉的电流强度的瞬时值表达式为_____；

与电路串联的电流表的示数为_____A，与电炉并联的电压表的示数为_____V。【答案】(1).5.65sin314(A)it=(2).4(3).220【解析】【详解】[1]此电炉电阻为22220Ω55Ω880URP===所以电流瞬时值表达式为5.6

5sin314(A)uitR==[2]电流表测的是有效值，示数为4A2mII==[3]与电炉并联的电压表示数为220V2mUU==14.某同学用实验的方法探究影响单摆周期的因素．(1)下列关于单摆实验的操作，正确的是_________A.摆球运动过程中摆角应大于30°B.摆球到达平衡位置时开始计时

C.摆球应选用泡沫小球D.保证摆球在同一竖直平面内摆动(2)正确组装单摆后在摆球自然悬垂的情况下，用毫米刻度尺量出从悬点到摆球最低端的长度L=0.9990m，再用游标卡尺测出摆球直径，结果如图所示，则该摆球的直径为________mm，单摆摆长l为_____

___m．(3)实验中，测出不同摆长l对应的周期值T，作出T2—l图象，如图所示，已知图线上A、B两点的坐标分别为(x1，y1)、(x2，y2)，可求出g=____________．【答案】(1).(1)BD(2).(2)12.0(3).0.9930(4).(3)221214()xxyy

−−【解析】(1)摆球运动过程中摆角应小于10°，否则就不是简谐振动，选项A错误；摆球到达平衡位置时，即最低点开始计时，选项B正确；摆球应选用质量大，体积较小的球，不能选泡沫球，选项C错误；保证摆球在同一竖直平面内摆动，选项D正确；故选BD.(2)该摆球的直径为12mm+0.01mm×0

=12.0mm，单摆摆长l为0.9990m-6.0mm=0.9930m．(3)根据单摆的周期公式T=2πLg，即224TLg=有：2114yxg=；2224yxg=联立解得：()221214gxxyy=−−点睛：本题关键是明确单摆模型的特点，掌握用单摆测重力

加速度的注意事项，然后根据单摆的周期公式T=2πLg列式求解重力加速度．15.在用两面平行的玻璃砖测定玻璃折射率的实验中，其实验光路如图，（1）在实验中，如果用量角器分别量出入射角θ1和折射角θ2，那么，该玻璃砖的折射率的表达式为n=____

（2）在实验数据的处理中，有两位同学各设计了一个记录表格，而且都已完成了计算，根据他们设计的表格所反应的信息，判断他们论证做得是否正确.甲同学设计的表格是：次数入射角θ1sinθ1折射角θ2sinθ2n130°0.5002

0.9°0.3571.401.40245°0.70730.5°0.5081.39360°0.86638.0°0.6161.41乙同学设计的表格是：次数123角平均值正弦值n入射角θ130°45°60°45°0.7071.42折射角θ220.9°30.5°

38.0°28.8°0.497答：上述两位同学做得正确的是____.（填“甲”或“乙”）（3）若甲在做测定玻璃的折射率的实验时，法线画得与界面不垂直,出现如下图（a）所示的倾斜；若乙在放置玻璃砖时,玻璃砖的平面没有与aa′重合，出现如下图（b）所示的偏差，则他们测得的

折射率比真实值____A.甲、乙均偏小B.甲、乙均偏大C.甲偏大、乙偏小D.甲偏小，乙偏大【答案】(1).（1）12sinsin(2).（2）甲(3).（3）A【解析】（1）根据光的折射定律可知：12sinsinn=；（2）为了减小测量的偶然误差，必须采用多次测量取平均

值的方法．由于每次测量时，入射角不同，折射角不同，每次测量有入射角与折射角之间没有直接关系，入射角和折射角取平均值没有意义．而介质的折射率仅由介质的性质决定，是不变的，所以应求出每一个入射角及对应的折射角，运用折射定律求出折射率，再求出折

射率的平均值，可有效减小测量的误差，这样做有意义．故甲同学做得正确．（3）（a）测得的入射角i和折射角r都偏大，而且增大相同的角度．玻璃砖的折射率为：sininsinr=，运用特殊值法分析：假设若法线与界面垂直时，入射角为i=45°，折射角为r

=30°，则折射率为：4521.4130sinisinnsinrsin===若法线与界面不垂直时，入射角与折射角都增大15°，则折射率为：()()451561.2230152sinnsin+==

+，可见，甲的测量值将偏小．（b）出现如图（b）所示的偏差时测量的入射角i和折射角r都增大，而且增大相同的角度．与a情况恰好相同，故测量值将偏小，故A正确，BCD错误；故选A．点睛：本题用插针法测量玻璃砖的折射率，

数据处理时，每组所测量的折射率是同一介质的，是相关联的，可取平均值．对于实验误差，要紧扣实验原理，用作图法，确定出入射角与折射角的误差，即可分析折射率的误差．四、计算题，本题共有3个小题，共计40分16.如图所示，一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速大小为0.3m/s，

P点的横坐标为96cm，从图中状态开始计时，求：①经过多长时间，P质点开始振动，振动时方向如何？②经过多长时间，P质点第一次到达波峰？【答案】（1）2.4s（2）3.0s．【解析】（1）图示时刻，这列波的最前端的质点坐标是24cm，根据波的传播方向，可知这一点正沿y轴负方向运动，

因此在波前进方向的每个质点开始振动的方向都是沿y轴负方向运动．故P点的起振方向是y轴负方向．P质点开始振动的时间0.960.242.40.3xtsv−===．（2）由波形平移法知：t=时刻x=6cm处的波峰传到P点时质点P第一次到达波峰，因此所用的时间为：0.960.0630.3xtsv−

===．点睛：解决本题的关键知道各点的起振方向与波源的起振方向相同，通过波形的移动进行求解．17.小型水利发电站的发电机输出功率为24.5kW，输出电压为350V，输电线总电阻为4Ω，为了使输电线损耗功率为发电机输出功率的

5%，需在发电机处设升压变压器，用户所需电压为220V，所以在用户处需安装降压变压器．输电电路图如图所示，求：（1）输电线上的电流．（2）升压变压器的原、副线圈的匝数之比．（3）降压变压器的原、副线圈的匝数之比．【答案】（1）17.5A；（2）1：4；（3）133：22【解析】【详

解】（1）输电线上损耗的功率324.5105%1225PW损＝＝根据2PIR损＝17.5APIR损＝＝（2）升压变压器原线圈上的电流1170APIU＝＝升压变压器原副线圈的匝数之比12114nInI＝＝（3）输电线上损失的电压U损＝IR＝＝70V升压变压器副线圈

两端的电压1122UnUn＝，得2211435014401nUUVVn＝＝＝降压变压器原线圈两端的电压U3=U2-U损＝1330V降压变压器原副线圈的匝数比334413322nUnU＝＝【点睛】对于输电问题，

要搞清电路中电压、功率分配关系，注意理想变压器不会改变功率，只改变电压和电流；注意应用损耗功率的判断及功率公式的正确应用．18.如图所示，正方形闭合线圈边长为0.2m、质量为0.1kg、电阻为0.1Ω．在倾角

为30°的斜面上的砝码质量为0.4kg，匀强磁场磁感应强度为0.5T．不计一切摩擦．砝码沿斜面下滑线圈开始进入磁场时，它恰好做匀速运动．(g取10m/s2)(1)求线圈匀速上升的速度大小(2)在线圈匀速进入磁场的过程中，砝码对线圈做了多少功(3)线圈进入磁场的过程中产生多少焦耳热【答案】(1)10

m/s(2)0.4J(3)0.2J【解析】试题分析：(1)设绳子的拉力为F，对砝码：1sin302?NFmg==对线框：222BlvFmgR=+代入数据得：10?m/sv=(2)20.2?J0.4?JWFl===.(3)由能量转化守恒定律得：20.4?J0.1100.2?J0

.2?JQWmgl－－===.考点：电磁感应中的能量转化与守恒点评：电磁感应现象中，导体克服安培力做多少功，就有多少机械能等其他形式的能转化为电能．