【文档说明】甘肃省武威市凉州区2022-2023学年高一下学期第一次学业水平检测物理试题（解析版）.docx，共(14)页，782.954 KB，由小赞的店铺上传

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2022-2023学年度第二学期学业水平检测试卷高一年级物理一、单选题（4*10=40分）1.下列各组物理量中，都是矢量的是（）A.位移、时间、速度B.速度、速率、加速度C.速度、路程、位移D.加速度、平均速度

、速度【答案】D【解析】【详解】A．位移、速度既有大小又有方向是矢量，时间只有大小没有方向是标量，故A错误；B．速度、加速度既有大小又有方向是矢量，速率只有大小没有方向是标量，故B错误；C．速度、位移既有大小又有方向是矢量，

路程只有大小没有方向是标量，故C错误；D．加速度、平均速度、速度既有大小又有方向是矢量，故D正确；故选D。2.刚刚结束的卡塔尔足球世界杯比赛，精彩纷呈，梅西率领阿根廷队时隔36年获得大力神杯，下列说法正确的

是（）A.研究梅西某个进球时的射门动作时，可以把运动员看作质点B.足球比赛决赛共踢了120min，120min指的是时刻C.决赛技术统计梅西全场共跑动了13600m，13600m指的是路程D.比赛中正在防守姆巴佩的阿根廷队员的发现自己在“后退”，他是以大地为参考系【答案】

C【解析】【详解】A．研究梅西某个进球时的射门动作时，关注其肢体动作，不可以把运动员看作质点，故A错误；B．足球比赛决赛共踢了120min，120min指的是时间，故B错误；C．决赛技术统计梅西全场共跑动了13600m，13600m指的是路程，故C正确；D．比赛中正在防

守姆巴佩的阿根廷队员的发现自己在“后退”，他是以姆巴佩为参考系，故D错误。故选C。3.如图所示，著名的矮寨大桥主桥全长1414m，为了让乘客欣赏美景，一辆汽车减速通过大桥，在前半段路程的平均速度为12m/s，后半段路程的平均速度为6m/s，则汽车在全程的平均速度为

（）A.9m/sB.3m/sC.4m/sD.8m/s【答案】D【解析】【详解】设全程的位移为2s，则运动的总时间2stv=前半段路程的时间11stv=后半段路程的时间22stv=故12ttt=＋则汽车在全程的平均速度121228m/svv

vvv==+故选D。4.在台球比赛中，某球以1.3m/s的速度垂直撞击边框后，以1.1m/s的速度反向弹回，球与边框接触的时间为0.08，则台球在该撞击过程中的加速度大小为（）A.22.5m/sB.225m/sC.23m/sD.23

0m/s【答案】D【解析】【详解】以初速度方向为正方向，根据加速度定义有22Δ1.11.3m/s30.0m/sΔ0.08vat−−===−负号表示方向与初速度方向相反，即大小为230m/s。故选D。5.一玩具车从0=t时刻开始

沿直线运动，运动时间为t时，对应的位移为x，规定向右为正方向，其xtt−图像如图所示。则下列说法正确的是（）A.玩具车的初速度为8m/s−B.玩具车的加速度为22m/sC.玩具车在第2s末的速度4m/sD

.第4s末，玩具车在出发点右侧8m处【答案】C【解析】【详解】AB．由匀变速运动规律有2012xvtat=+变化可得012xvatt=+由图可知04m/sv=−24m/sa=故AB错误；C．由0tvvat=+知，在第2s末，玩具车的速度为4m/s，故C正确；D．由2012xvtat=

+可得，第4s末玩具车在出发点右侧16m处，故D错误。故选C。6.关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A.苹果从树上掉下来做自由落体运动B.物体质量越大下落得越快C.物体刚下落时速度和加速度都为零D.物体下落过

程中，第1s末、第2s末、第3s末的速度之比为1:2:3【答案】D【解析】【详解】A．物体只受重力作用，从静止开始下落的运动叫做自由落体运动，苹果从树上掉下来的过程中除重力外还受空气阻力，故A错误；B．根据自由落体运动计算公式可

知2htg=可知，物体下落的时间与质量无关，只与物体下落的高度有关，故B错误；C．物体刚下落时，速度为零，加速度为重力加速度不为零，故C错误；D．自由落体运动是竖直方向的初速度为零的匀加速直线运动，因此

速度vgt=可知第1s末、第2s末、第3s末的速度之比123123::::1:2:3vvvttt==故D正确。故选D。7.一物体以某个初速度冲上粗糙的斜面，如图所示。下列对物体受力分析正确的是（）A.物体受重力、弹力、摩擦力和推力B.物体受重力、弹力和摩擦力C.物体受重力

、推力和摩擦力D.物体受重力、压力和下滑力【答案】B【解析】【详解】物体受重力、弹力（垂直于斜面向上支持力）和沿斜面向下的摩擦力，没有推力。故选B。的8.如图所示为2022年北京冬奥会吉祥物冰墩墩，下列关于冰墩的一系列说法正确的是（）A.冰墩墩对冰面的压力是因为冰面发生了向下的弹性形变引起的B.冰

墩墩对冰面的压力与冰面对冰墩墩的支持力是一对平衡力C.若在研究某一问题时将冰墩墩看成质点是应用了等效替代的思想D.给冰墩墩一个初速度，它在冰面不能立即停下来是由于惯性【答案】D【解析】【详解】A．冰墩墩对冰面的压力是因为冰墩墩发生了向上的弹性形变引起的，A错误；B．

冰墩墩对冰面的压力与冰面对冰墩墩的支持力是一对相互作用力，B错误；C．若在研究某一问题时将冰墩墩看成质点是应用了理想化模型的思想，C错误；D．给冰墩墩一个初速度，它在冰面不能立即停下来是由于惯性，D正确。故选D。

9.关于惯性，下列说法正确的是（）A.在货车上加装限速器，其目的是使速度减小，惯性也减小B.宇航员在航天器中因失重而处于飘浮状态，所以没有惯性C.战斗机战斗前抛弃副油箱，是为了减小战斗机的惯性，提高作战性能D.公交车

急刹车时站在车内的乘客摔倒是因为失去了惯性【答案】C【解析】【详解】ABD．物体质量大小是惯性大小唯一衡量标准，选项中的物体质量都没有改变，所以惯性既没有消失也没有变化，故ABD错误；C．战斗机抛弃了副油箱，质量减小，所以战斗机的惯性

减小，故C正确。故选C。10.如图所示，兴趣小组的同学为了研究竖直运动的电梯中物体的受力情况，在电梯地板上放置了一个压力传感器，将质量为4kg的物体放在传感器上。在电梯运动的某段过程中，传感器的示数为44N。g取210m/s。对此过程的分析正确的是（）的A.物

体处于失重状态B.物体的加速度大小为22m/sC.电梯可能正在减速下降D.电梯可能正在减速上升【答案】C【解析】【详解】A．物体的重力为40N<44NGmg==则物体处于超重状态，A错误；B．对物体分析有Nmgma−=解得21m/sa=故B错误；

CD．根据前面的分析可知物体加速度方向向上；故电梯可能减速下降，也可能加速上升，C正确，D错误。故选C。二、多选题（4*2=8分）11.一物体从A点以v0=15m/s的初速度，沿一足够长光滑固定斜面上滑，加速度大

小为5m/s2，当小球的速度大小为10m/s时，经历的时间可能是（）A.1sB.2sC.5sD.7s【答案】AC【解析】【详解】当末速度方向与初速度方向相同时，则有11015s1s5t−==−当末速度方

向与初速度方向相反时，则有21015s5s5t−−==−故选AC。12.三个共点力大小分别为4N、5N、8N，它们的合力的大小可能为（）A.0NB.1NC.25ND.27N【答案】AB【解析】【详解】4N、5N的合力范围为125N4N1N5

N4N9NF−=+=则4N、5N、8N的合力最小值为零，4N、5N、8N的合力最大值为max9N8N17NF=+=故4N、5N、8N的合力大小范围为017NF合故选AB。三、实验题（4*6=24分）13.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂

于固定点P，下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置。分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向。（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为_________N。（2）下列不必要的实

验要求是_________。（请填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应使用前校零在C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）在作图时，你认为图中___

__是正确的。（填“甲”或“乙”）【答案】①.3.6②.D③.甲【解析】【详解】（1）[1]指针指在3.6N处，每一小格表示0.2N，读数的精确度与0.2N保持一致即可，不需要保留两位小数，所以读数为3.6N

。（2）[2]A．重物M所受的重力大小理论上等于两弹簧测力计拉力的合力大小，在后面画力的图示的时候会用到，A正确。B．弹簧测力计在使用前校零的话用起来方便，读数即为拉力大小，如果不较零的话需要测前读数一次，示数稳定后读数一次，再做

差才能求出拉力大小，B正确。C．我们在纸面内画力的图示，所以拉线方向与木板平面平行的话拉力也和纸面平行。如果拉线方向与木板平面不平行，则纸面内的力的方向和实际拉力方向就不一致，C正确。D．使O点静止在不同的位置也可以进行实验，D错误。选不必要的，所以选D。（3）[3]重物只受重力和绳子拉力，二力平

衡，重力竖直向下，所以绳子OM上的拉力方向一定是竖直的，F合是画平行四边形画出来的，由于误差的存在，F合不一定是竖直方向，甲正确。14.图甲为“探究小车的加速度与物体受力关系”的实验装置图，图中A为小车，质量为1m，连接

在小车后面的纸带穿过电磁打点计时器，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上。B为沙桶和沙，质量为2m。不计绳与滑轮间的摩擦，改变沙的质量，测量多组数据，并在坐标系中作出了如图丙所示的a-F图

像，其中2Fmg=。（1）下列说法正确的是_______。（填写选项前的字母代号）A.电磁打点计时器正常工作时使用220V的交流电B实验时应先接通电源，后释放小车C.平衡摩擦力时，应将沙桶用细绳通过定滑轮系在小车上D.为了减小误差，实验中一定要保证1m远小

于2m（2）图乙为某次实验得到的纸带，A、B、C、D、E为五个相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点没有画出，各点间的位置关系如图乙所示，则小车的加速度大小为_______m/s2（交流电的频率为50Hz，结果保留两位有效数字）。（3）图丙所示的a-F图像中，图线不过坐标原点的原因是____

___________________。【答案】①.B②.4.0③.没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够【解析】【详解】（1）[1]A．电磁打点计时器正常工作时使用6V以下的交流电，故A错误；B．实验时应先接通电源，后释放小车，

故B正确；C．平衡摩擦力时应不挂沙桶，只让小车拖着纸带在木板上匀速运动，故C错误；D．为了减小误差，实验中一定要保证m2远小于m1，这样才能认为沙桶和沙的总重力等于细绳的拉力，故D错误。故选B。（2）[2]相邻计数点间的时间

间隔t=0.1s，则加速度22222(12.00252.0)10m/s4.0m/s(2)40.1CEACat−−−===（3）[3]图丙所示的a-F图像中，当F≤0.1N时没有加速度，可知图线不过坐标原点的原因是没有

平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够。四、解答题（15题8分，16题10分，17题10分）15.一个质点从静止开始做匀加速直线运动。已知它在前4s内的位移是32m。求：（1）质点运动的加速度大小：.（2）它在第5s末速度大小。【答案】

（1）24m/s；（2）20m/s【解析】【详解】（1）由公式212xat=解得质点运动的加速度大小24m/sa=（2）由公式vat=解得第5s末的速度大小45m/s20m/sv==16.如图所示，用手握住一个

重为9N的酒瓶，使酒瓶始终处于竖直位置。已知酒瓶与手之间的动摩擦因数μ＝0.3，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。试回答以下问题：（1）用水平握力F1＝35N握住酒瓶，并处于静止状态，求酒瓶受到的摩擦力大小；（2）用水平握力F2＝1

0N握住酒瓶，求酒瓶受到的摩擦力大小；（3）至少用多大的水平握力才能握住酒瓶，使酒瓶沿水平方向匀速运动。【答案】（1）9N；（2）6N；（3）30N【解析】【详解】（1）根据最大静摩擦力等于滑动摩擦力，即Ffmax＝μFN得Ffmax＝10.5N>mg根据平衡条件，此

时酒瓶受到的静摩擦力Ff1＝mg得Ff1＝9N的（2）据Ffmax＝μFN得Ffmax′＝3N<mg酒瓶将向下滑动，此时酒瓶受到的摩擦力为Ff2＝μF2得Ff2＝3N（3）酒瓶沿水平方向匀速运动，受力平衡，有Ffmax＝

mg此时握力最小，据Ffmax＝μFN得FN＝30N17.商场工作人员拉着质量10kgm=的木箱沿水平地面运动。若用150NF=的水平力拉木箱，木箱恰好做匀速直线运动；现改用2100NF=、与水平方向成53°斜向上的拉力作用于静止的木箱

上，如图所示。已知sin530.8=，cos530.60=，重力加速度210m/sg=。求：（1）木箱与地面之间的动摩擦因数；（2）2F作用在木箱上时，木箱的加速度大小。【答案】（1）0.5=；（2）25m/sa=【解析】【详解】

（1）由于木箱在水平拉力下匀速运动，根据受力平衡可得10Fmg−=解得0.5=（2）将2F沿着水平与竖直方向分解，木箱受到水平地面的支持力为NF，则N2sin53FFmg+=根据牛顿第二定律得2Ncos53FFma−=解得木箱运动的加速度大小为2

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