【文档说明】甘肃省武威市凉州区2022-2023学年高一下学期第一次学业水平检测物理试题（解析版）.docx，共(14)页，782.954 KB，由小赞的店铺上传

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2022-2023学年度第二学期学业水平检测试卷高一年级物理一、单选题（4*10=40分）1.下列各组物理量中，都是矢量的是（）A.位移、时间、速度B.速度、速率、加速度C.速度、路程、位移D.加速度、平均速度、速

度【答案】D【解析】【详解】A．位移、速度既有大小又有方向是矢量，时间只有大小没有方向是标量，故A错误；B．速度、加速度既有大小又有方向是矢量，速率只有大小没有方向是标量，故B错误；C．速度、位移既有大小又有方向是矢

量，路程只有大小没有方向是标量，故C错误；D．加速度、平均速度、速度既有大小又有方向是矢量，故D正确；故选D。2.刚刚结束的卡塔尔足球世界杯比赛，精彩纷呈，梅西率领阿根廷队时隔36年获得大力神杯，下列说法正确的是（）A.研究梅西某个进球时的射门

动作时，可以把运动员看作质点B.足球比赛决赛共踢了120min，120min指的是时刻C.决赛技术统计梅西全场共跑动了13600m，13600m指的是路程D.比赛中正在防守姆巴佩的阿根廷队员的发现自己在“后退”，他是以大地为参考系【答案】C【解析】【

详解】A．研究梅西某个进球时的射门动作时，关注其肢体动作，不可以把运动员看作质点，故A错误；B．足球比赛决赛共踢了120min，120min指的是时间，故B错误；C．决赛技术统计梅西全场共跑动了13600m，13600m指的是路程，故C正确；D．比赛中正在防守姆巴佩的阿根廷队员的发现自己在“后退”

，他是以姆巴佩为参考系，故D错误。故选C。3.如图所示，著名的矮寨大桥主桥全长1414m，为了让乘客欣赏美景，一辆汽车减速通过大桥，在前半段路程的平均速度为12m/s，后半段路程的平均速度为6m/s，则

汽车在全程的平均速度为（）A.9m/sB.3m/sC.4m/sD.8m/s【答案】D【解析】【详解】设全程的位移为2s，则运动的总时间2stv=前半段路程的时间11stv=后半段路程的时间22stv=故12ttt=＋则汽车在全程的平均速度121228m/svvvvv==+故

选D。4.在台球比赛中，某球以1.3m/s的速度垂直撞击边框后，以1.1m/s的速度反向弹回，球与边框接触的时间为0.08，则台球在该撞击过程中的加速度大小为（）A.22.5m/sB.225m/sC.23

m/sD.230m/s【答案】D【解析】【详解】以初速度方向为正方向，根据加速度定义有22Δ1.11.3m/s30.0m/sΔ0.08vat−−===−负号表示方向与初速度方向相反，即大小为230m/s。故选D。5.一玩具车从0=t时刻开始沿直线运动

，运动时间为t时，对应的位移为x，规定向右为正方向，其xtt−图像如图所示。则下列说法正确的是（）A.玩具车的初速度为8m/s−B.玩具车的加速度为22m/sC.玩具车在第2s末的速度4m/sD.第4s末，玩具车在出发点右侧8m处【答案】C【解析】【详解】AB．由匀变速运

动规律有2012xvtat=+变化可得012xvatt=+由图可知04m/sv=−24m/sa=故AB错误；C．由0tvvat=+知，在第2s末，玩具车的速度为4m/s，故C正确；D．由2012xvtat=+可得，第4s末玩具车在出发点右侧16m处，故D错误。故

选C。6.关于自由落体运动，下列说法正确的是（）A.苹果从树上掉下来做自由落体运动B.物体质量越大下落得越快C.物体刚下落时速度和加速度都为零D.物体下落过程中，第1s末、第2s末、第3s末的速度之比为1

:2:3【答案】D【解析】【详解】A．物体只受重力作用，从静止开始下落的运动叫做自由落体运动，苹果从树上掉下来的过程中除重力外还受空气阻力，故A错误；B．根据自由落体运动计算公式可知2htg=可知，物体下落的时间与质量无关，只与物体下落的高度有关，故B错

误；C．物体刚下落时，速度为零，加速度为重力加速度不为零，故C错误；D．自由落体运动是竖直方向的初速度为零的匀加速直线运动，因此速度vgt=可知第1s末、第2s末、第3s末的速度之比123123::::1:2:3vvvttt==故D

正确。故选D。7.一物体以某个初速度冲上粗糙的斜面，如图所示。下列对物体受力分析正确的是（）A.物体受重力、弹力、摩擦力和推力B.物体受重力、弹力和摩擦力C.物体受重力、推力和摩擦力D.物体受重力、压力和下滑力【答案】B【解析】【详解】物体受重力、弹力（垂直于斜面向上支持力）

和沿斜面向下的摩擦力，没有推力。故选B。的8.如图所示为2022年北京冬奥会吉祥物冰墩墩，下列关于冰墩的一系列说法正确的是（）A.冰墩墩对冰面的压力是因为冰面发生了向下的弹性形变引起的B.冰墩墩对冰面的压力与冰面对冰墩墩的支持力是一对平衡力C.

若在研究某一问题时将冰墩墩看成质点是应用了等效替代的思想D.给冰墩墩一个初速度，它在冰面不能立即停下来是由于惯性【答案】D【解析】【详解】A．冰墩墩对冰面的压力是因为冰墩墩发生了向上的弹性形变引起的，A错误；B．

冰墩墩对冰面的压力与冰面对冰墩墩的支持力是一对相互作用力，B错误；C．若在研究某一问题时将冰墩墩看成质点是应用了理想化模型的思想，C错误；D．给冰墩墩一个初速度，它在冰面不能立即停下来是由于惯性，D正确。故选D。9.关于惯性，下列说法正确的是（）A.在货车上加装限速器，其目的是

使速度减小，惯性也减小B.宇航员在航天器中因失重而处于飘浮状态，所以没有惯性C.战斗机战斗前抛弃副油箱，是为了减小战斗机的惯性，提高作战性能D.公交车急刹车时站在车内的乘客摔倒是因为失去了惯性【答案】C【解析】【详解】ABD．物体质量大小是惯性大小唯一衡量标准，选项中的物体质量都没有改变，所以惯

性既没有消失也没有变化，故ABD错误；C．战斗机抛弃了副油箱，质量减小，所以战斗机的惯性减小，故C正确。故选C。10.如图所示，兴趣小组的同学为了研究竖直运动的电梯中物体的受力情况，在电梯地板上放置了

一个压力传感器，将质量为4kg的物体放在传感器上。在电梯运动的某段过程中，传感器的示数为44N。g取210m/s。对此过程的分析正确的是（）的A.物体处于失重状态B.物体的加速度大小为22m/sC.电梯

可能正在减速下降D.电梯可能正在减速上升【答案】C【解析】【详解】A．物体的重力为40N<44NGmg==则物体处于超重状态，A错误；B．对物体分析有Nmgma−=解得21m/sa=故B错误；CD．根据前面的分析可知物体加速度方向向上；

故电梯可能减速下降，也可能加速上升，C正确，D错误。故选C。二、多选题（4*2=8分）11.一物体从A点以v0=15m/s的初速度，沿一足够长光滑固定斜面上滑，加速度大小为5m/s2，当小球的速度大小为10m/s时，经

历的时间可能是（）A.1sB.2sC.5sD.7s【答案】AC【解析】【详解】当末速度方向与初速度方向相同时，则有11015s1s5t−==−当末速度方向与初速度方向相反时，则有21015s5s5t−−==−故选AC。12.三个共点力大小分别

为4N、5N、8N，它们的合力的大小可能为（）A.0NB.1NC.25ND.27N【答案】AB【解析】【详解】4N、5N的合力范围为125N4N1N5N4N9NF−=+=则4N、5N、8N的合力最小值为零，4N、5N、8N的合力最大值为max9N8N17NF=+=故4N、5N

、8N的合力大小范围为017NF合故选AB。三、实验题（4*6=24分）13.某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”。弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M。弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使

结点O静止在某位置。分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向。（1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为_________N。（2）下列不必要的实验要求是_________。（请

填写选项前对应的字母）A．应测量重物M所受的重力B．弹簧测力计应使用前校零在C．拉线方向应与木板平面平行D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置（3）在作图时，你认为图中_____是正确的。（填“甲”或“乙”）【答案】①.3.6②.D③.甲【解

析】【详解】（1）[1]指针指在3.6N处，每一小格表示0.2N，读数的精确度与0.2N保持一致即可，不需要保留两位小数，所以读数为3.6N。（2）[2]A．重物M所受的重力大小理论上等于两弹簧测力计拉力的合力大小，在后面画力的图示的时候会用到，A正确。B．弹簧测力计在使用

前校零的话用起来方便，读数即为拉力大小，如果不较零的话需要测前读数一次，示数稳定后读数一次，再做差才能求出拉力大小，B正确。C．我们在纸面内画力的图示，所以拉线方向与木板平面平行的话拉力也和纸面平行。如果拉线方向与木板平面不平行，则纸面内的力的方向和实际拉力方向就

不一致，C正确。D．使O点静止在不同的位置也可以进行实验，D错误。选不必要的，所以选D。（3）[3]重物只受重力和绳子拉力，二力平衡，重力竖直向下，所以绳子OM上的拉力方向一定是竖直的，F合是画平行四边形画出来的，由于误差的存在，F合不一定是竖直方向，甲正确。14

.图甲为“探究小车的加速度与物体受力关系”的实验装置图，图中A为小车，质量为1m，连接在小车后面的纸带穿过电磁打点计时器，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上。B为沙桶和沙，质量为2m。不计绳与滑轮间的摩擦，改变沙的质量，测量多组数据，并在

坐标系中作出了如图丙所示的a-F图像，其中2Fmg=。（1）下列说法正确的是_______。（填写选项前的字母代号）A.电磁打点计时器正常工作时使用220V的交流电B实验时应先接通电源，后释放小车C.平衡摩擦力时，应将沙桶用细绳通过定滑轮系在小车上D.

为了减小误差，实验中一定要保证1m远小于2m（2）图乙为某次实验得到的纸带，A、B、C、D、E为五个相邻的计数点，相邻计数点间还有四个点没有画出，各点间的位置关系如图乙所示，则小车的加速度大小为_______m/s2（交流电的频率为50Hz，结果保留两位有效数字）。（3）图丙所示的a-F图像中

，图线不过坐标原点的原因是_______________________。【答案】①.B②.4.0③.没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够【解析】【详解】（1）[1]A．电磁打点计时器正常工作时使用6V以下的交流电，故A错误；B．实验时应先接通电源，后释放小车，故B正确；C．平衡摩擦力

时应不挂沙桶，只让小车拖着纸带在木板上匀速运动，故C错误；D．为了减小误差，实验中一定要保证m2远小于m1，这样才能认为沙桶和沙的总重力等于细绳的拉力，故D错误。故选B。（2）[2]相邻计数点间的时间间隔t=0.1s，则加速度22222(12.00252.0)10m/s4.0m

/s(2)40.1CEACat−−−===（3）[3]图丙所示的a-F图像中，当F≤0.1N时没有加速度，可知图线不过坐标原点的原因是没有平衡摩擦力或者平衡摩擦力不够。四、解答题（15题8分，16题10分，17题10分）15.一个质点从静止开始做匀加速直线运动。已知它在前4s

内的位移是32m。求：（1）质点运动的加速度大小：.（2）它在第5s末速度大小。【答案】（1）24m/s；（2）20m/s【解析】【详解】（1）由公式212xat=解得质点运动的加速度大小24m/sa

=（2）由公式vat=解得第5s末的速度大小45m/s20m/sv==16.如图所示，用手握住一个重为9N的酒瓶，使酒瓶始终处于竖直位置。已知酒瓶与手之间的动摩擦因数μ＝0.3，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，g取10m/s2。试回

答以下问题：（1）用水平握力F1＝35N握住酒瓶，并处于静止状态，求酒瓶受到的摩擦力大小；（2）用水平握力F2＝10N握住酒瓶，求酒瓶受到的摩擦力大小；（3）至少用多大的水平握力才能握住酒瓶，使酒瓶沿水平

方向匀速运动。【答案】（1）9N；（2）6N；（3）30N【解析】【详解】（1）根据最大静摩擦力等于滑动摩擦力，即Ffmax＝μFN得Ffmax＝10.5N>mg根据平衡条件，此时酒瓶受到的静摩擦力Ff1＝mg得Ff1＝9N的（2）据Ffmax＝μFN得Ffm

ax′＝3N<mg酒瓶将向下滑动，此时酒瓶受到的摩擦力为Ff2＝μF2得Ff2＝3N（3）酒瓶沿水平方向匀速运动，受力平衡，有Ffmax＝mg此时握力最小，据Ffmax＝μFN得FN＝30N17.商场工作

人员拉着质量10kgm=的木箱沿水平地面运动。若用150NF=的水平力拉木箱，木箱恰好做匀速直线运动；现改用2100NF=、与水平方向成53°斜向上的拉力作用于静止的木箱上，如图所示。已知sin530.8=，c

os530.60=，重力加速度210m/sg=。求：（1）木箱与地面之间的动摩擦因数；（2）2F作用在木箱上时，木箱的加速度大小。【答案】（1）0.5=；（2）25m/sa=【解析】【详解】（1）由于木箱

在水平拉力下匀速运动，根据受力平衡可得10Fmg−=解得0.5=（2）将2F沿着水平与竖直方向分解，木箱受到水平地面的支持力为NF，则N2sin53FFmg+=根据牛顿第二定律得2Ncos53FFma−=解得木箱运动的加速度大

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