【文档说明】江苏省海安高级中学2024-2025学年高二上学期10月月考试题 物理 Word版含答案.docx，共(10)页，584.566 KB，由小赞的店铺上传

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高二年级阶段检测物理一、单项选择题：共11题，每题4分，共44分．每题只有一个选项最符合题意．1．如图所示为一自制的偏心轮振动筛的简易图，振动筛安装在两弹簧上，偏心轮不转动时，让振动筛自由振动，测得其频率为2Hz；启动电动机，偏心轮转动，改变偏心轮的转速，让偏心轮的转速从零缓慢增加到4r/s，在

此过程中（）A．振动筛振动频率始终为2HzB．振动筛振动的振幅一直减小C．振动筛振动的振幅先增大后减小D．振动筛振动的振幅先减小后增大2．水波从深水区进入浅水区，频率不变，水速变小，其折射规律类似于光的折射，若下图中实线代表波峰，则下列水波折射示意图可能正确的是（）A．B．C．D．3．如

图所示，圆盘在水平面内做周期为T的匀速转动，圆盘上距轴一定距离的P点有一质量为m的小物块随圆盘一起转动．已知小物块的线速度为v．下列对物块在4T内的说法正确的是（）A．物块支持力的冲量大小为0B．物块重力的冲

量大小为4mgTC．物块摩擦力的冲量大小为0D．物块合力的冲量大小为2mv4．在探究碰撞中的不变量时，利用了如图所示的实验装置进行探究，下列说法正确的是（）A．要求斜槽一定是光滑的B．入射球和被碰球的直径必须相等C．入射球每次释放点的高度可以不同D．入射球的质量必须小于被碰球的质量5．

如图所示，一束复色光从空气射到一块长方体玻璃砖上表面后分成两束单色光a、b，光束a与玻璃砖上表面的夹角为，光束b与玻璃砖上表面的夹角为．光束a与光束b在玻璃砖中的折射率比值为（）A．sinsinB．sinsinC．coscosD．coscos6．如图所

示，光滑圆弧面上有一小球做简谐运动，B点为运动中的最低位置，A、C点均为运动过程中的最高位置．下列说法正确的是（）A．B点是平衡位置，此处小球受到的回复力就是重力B．小球在B点时，重力势能最小，机械能最小C．小球在A点、C点时，速度最小，对圆弧面的压力

最小，回复力最大D．若增大小球做简谐运动的振幅，则其运动周期变大7．两列振幅分别为12AA、，且波长相同的平面简谐横波，以相同的速率沿相反方向在同一介质中传播，如图所示为某一时刻的波形图，其中实线为向左传播的波，虚线为向右传播的波，a、b、c、d、e为介质中沿波传播路径上五个等间距的质点．

下列说法中正确的是（）A．质点a、c、e为振动减弱点B．质点b、d为振动减弱点C．质点a、c、e始终静止不动D．图中时刻质点b的速度方向向下8．如图所示，假想沿地轴方向凿通一条贯穿地球两极的隧道PQ，隧道极窄，地球仍可看做一个球心为

O、半径为R、质量分布均匀的球体．已知一个质量分布均匀的薄球壳对位于球壳内任意位置质点的万有引力都等于0．现从隧道口P点由静止释放一小球，则（）A．小球将一直做匀加速运动B．小球先做匀加速运动，后做匀减速运动C．小球以O点为平衡位置做简谐运动D．小球将运动到地心后减速

到0，最终悬停在地心9．如图所示，一架质量为m的喷气式飞机飞行的速率是v，某时刻它向后喷出的气体相对飞机的速度大小为u，喷出气体的质量为m，以地面为参考系，下列说法正确的是（）A．若uv，则喷出气体的速度方向与飞机飞行方向相同，喷气后飞机速度不会增加B．只有u

v，喷气后飞机速度才会增加C．喷气后飞机速度为mumm−D．喷气后飞机增加的速度为mum10．图甲为一列简谐横波在某时刻的波形图，图乙为质点P以该时刻作为计时起点的振动图像，则从该时刻起（）图甲图乙A．经过0.3s，P点沿x轴传播3mB．在0.25st=时刻，Q点加速度大于P点

加速度C．在0.1st=时刻，Q点位于x轴下方D．P点的振动速度始终为10m/s11．如图所示，质量均为m的A、B两个弹性小球，用长为2l的不可伸长轻绳连接．现将两球置于间距为l的足够高处，当A球自由下落的同时，B球以速度0v指向A球水平抛出．不计空气阻力，则从开始释放到绳子绷紧过程中（）

A．A球下落高度为32l时，一定与B球发生碰撞B．碰撞后瞬间A的速度大小为0vC．轻绳拉直过程中，A的水平速度增加D．轻绳拉直过程中，B球受到绳子拉力的冲量为02mv二、非选择题：共5题，共56分，其中第13~1

6题解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分；有数值计算时，答案中必须明确写出数值和单位．12．（15分）在“用单摆测量重力加速度”的实验中：（1）为了较精确地测量重力加速度的值，图甲四种单摆组装方式最合理的是_____________；甲（2）在摆球自然下垂的

状态下，用毫米刻度尺测得摆线长度为l；用游标卡尺测量摆球的直径d，示数如图乙所示，则d=_________mm；若测定了40次全振动的时间如图丙中秒表所示，秒表读数是_______s．乙丙（3）将小球从平衡位置拉开一个小角度静止释放，使其在

竖直面内振动．待振动稳定后，从小球经过平衡位置时开始计时，测量N次全振动的时间为t，由本次实验数据可求得g=_________（用l、d、N、t表示）；（4）改变摆线长度l，重复实验，测得每次实验时单摆的振动周期T，作出2-lT图像为图乙中的________（选填“A”“B”或“C”）．丁（5）若

实验操作不当，使得摆球没有在一个竖直平面内摆动，但仍然利用所测得的运动周期根据单摆周期公式计算重力加速度．则计算出的重力加速度比真实值________（选样“偏大”“偏小”）．13．（6分）一列简谐横波在某弹性介质中沿x轴传播，在0t=时

的波形如图中实线所示，经0.4st=后的波形如图中虚线所示．（1）若该波的周期0.4sT，求该波的传播速度大小；（2）若波向x轴负方向传播，且2TtT，求04mx=．处的质点第一次出现波谷的时刻．14．（8分）如图，工人用一只手水平拖着一块质量为m的砖块，另一只

手用小铁锤以大小为0v的速率竖直向下击打（击打时间极短），击打后小铁锤以大小为013v的速率弹回，已知小铁锤质量为0m，砖块受到击打后在手中的缓冲时间为t，重力加速度用g表示．（1）求在击打过程中，铁锤所受的冲量I；（2）求砖头缓冲过程中对手压力F的大小．15．（12分）如图所示，足够

大的光滑水平桌面上，劲度系数为k的轻弹簧一端固定在桌面左端，另一耑与小球A拴接．开始时，小球A用细线跨过光滑的定滑轮连接小球B，桌面上方的细线与桌面平行，系统处于静止状态，此时小球A的位置记为O（图中未画出），A、B两小球质量均为m．现用外力缓慢推小球A至弹簧原长后释放，在小球A向右运动

至最远点时细线恰好断裂（此时小球B未落地），已知弹簧振子的振动周期2mTk=，弹簧的弹性势能2p12Ekx=（x为弹簧的形变量），重力加速度为g，空气阻力不计，弹簧始终在弹性限度内．求：（1）初始系统处于静止状态时弹簧的形变量0x；（2）细线断裂后，小球A到达O点时的速度大小0

v；（3）从细线断裂开始计时，小球A从右向左经过O点所用的时间t．16．（15分）如图所示，以A、B为端点的14光滑圆弧轨道固定于竖直平面内，一长滑板静止在光滑水平地面上，左端紧靠B点，上表面所在平面与圆弧轨道相切于B点．滑板右端06RL=处

有一竖直固定的挡板P，一物块从A点由静止开始沿轨道滑下，经B滑上滑板．已知物块可视为质点，物块质量为m，滑板质量为3Mm=，圆弧轨道半径为R，物块与滑板间的动摩擦因数为0.5=，重力加速度为g．滑板与挡板P和轨道B端的碰撞没有机械能损失．

（1）求物块滑到B点时受到轨道支持力的大小；（2）求滑板与挡板P碰撞前瞬间物块的速度大小1v；（3）要使物块始终留在滑板上，求滑板长度最小值L．高二物理练习参考答案1．C2．A3．B4．B5．D6．C7．B8．C9．D10．

B11．D12．（1）D（2）16.3135.2s（3）22242dlNt+（4）C（5）偏大13．解：（1）由题意，若该波沿x轴正方向传播110.4m/s1m/s0.4xvt===若该波沿x轴负方向传播220.8m/s2m/s0.4x

vt===（2）若波向x轴负方向传播，且2TtT，设波速为3，则有2t解得331.20.8m/s5m/s0.4xvt+===0.4mx=处的P质点第一次出现波谷的时刻为330.90.4s0.1s5xtv−===14．解：（1）根据题

意，规定向下为正方向，由动量定理有000013Imvmv=−−，得0043Imv=−即铁锤所以冲量大小为0043mv，方向向上．（2）根据题意可知，铁锤与砖碰撞过程时间极短，动量守恒，规定向下为正方向，则有0000113mvmvmv=−+缓冲过程，对砖块应用动量定理有()10mgF

tmv−=−联立解0043mvFmgt=+由牛顿第三定律得砖头对手的压力为0043mvFFmgt==+15．解：（1）A静止于O点平衡时，有0kxmg=得0mgxk=（2）A、B系统的简谐振动中，振幅为0mgAxk==由对称性，小球A向右运动至最远点时弹簧伸长02x细线断裂后，小

球A到达O点时，有()()2220001112222mvkxkx=−解得03mvgk=（3）细线断裂后A球单独做简谐振动，振幅变为022mgAxk==则A球单独做简谐振动的振动方程为222coscosAmgxAttTkT==有022cosAmgmgxtxk

Tk===当小球A向左经过O点时可得2(0,1,2)63TmmtnTnnkk=+=+=L16．解：（1）物块由A点到B点过程，由机械能守恒定律，有2012mgRmv=解得02vgR=3Fmg=（2）假设滑板与P碰撞前物块与滑板已达到

共同速度，设速度大小为v，物块与滑板组成的系统动量守恒，以向右为正方向，由动量守恒定律得0()mvmMv=+设此过程滑板位移大小为s，对滑板，由动能定理得2102mgsMv=−解得38Rs=由于0sL，故假设不成立，说明滑板与挡板P碰撞前瞬间物块与滑板未达到共速．设滑板与挡板

P碰撞前瞬间滑板的速度大小为2v，滑板由动能定理，有221062RmgMv=−解得226gRv=对物块与滑板，由动量守恒定律有012mvmvMv=+解得122gRv=（3）由于滑板与挡板的碰撞没有机械能损失，所

以滑板与挡板P碰撞后的速度大小2v不变，方向向左，此后滑板做匀减速直线运动，物块向右做减速运动，设两者达到共同的速度大小为3v，以向右为正方向．由动量守恒定律，有123()mvMvMmv−=+解得30v=说明两者速度同时减为零，设此时滑板离P的距离

为s．由动能定理，有22321122mgsMvMv−=−解得6Rs=所以滑板刚好停到原来位置，整个运动过程，物块始终相对滑板向右运动，要使物块始终留在滑板上，则物块速度减为零时刚好到达滑板右端，即整个运

动过程物块相对滑板的位移大小为L．物块、滑板的vt−图像如图所示由能量守恒定律，有mgRmgL=解得2LR=即滑板长度最小值为2R．