【文档说明】【精准解析】山西省大同市第一中学2019-2020学年高一下学期5月网上考试物理试题.pdf，共(14)页，254.411 KB，由小赞的店铺上传

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-1-2019-2020-2高一年级5月考试物理试卷一、选择题（本题包括10个小题，每小题6分，共60分。其中1-6为单选题，7-10为多选题）1.关于曲线运动和圆周运动，以下说法中正确的是（）A.变速运动一定是曲线运动B.匀速圆周运动是匀速运动C.做曲线运动的物体所受的合外力一定不为

零D.做圆周运动的物体受到的合外力方向一定指向圆心【答案】C【解析】试题分析：变速运动不一定是曲线运动，也可能是直线运动，选项A错误；匀速圆周运动的速度大小不变，方向不断变化，故匀速圆周运动不是匀速运动，选项B错误；做曲线运动的物体速度不断变化，故有加速度，所受的合外力一定不为零

，选项C正确；只有做匀速圆周运动的物体受到的合外力方向才一定指向圆心，选项D错误；故选C．考点：曲线运动和圆周运动2.如图所示，斜面体固定在水平地面上，由斜面体顶端的A点以水平速度v抛出小球，小球经t1时间落到斜面上的B

点，若仍在A点将此小球以水平速度0.5v抛出，小球经t2时间落到斜面上的C点，则()A.t1:t2=2:1.B.t1:t2=4:1C.AB:AC=2:1D.AB:AC=8:1【答案】A【解析】小球落在斜面上时，有200122gtygttanxvtv．则02vtantg．知运动的时间与

初速度成正比，所以t1：t2=2：1．竖直方向上下落的高度为h=12gt2．知竖直方向上的位移之比为4：-2-1．斜面上的距离s=hsin，知AB：AC=4：1．故BCD错误，A正确．故选A．点睛：解决本题的关键是知道平

抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．以及知道小球落在斜面上，竖直方向上的位移和水平方向上的位移比值一定．3.物体在直角坐标系xOy所在的平面内由O点开始运动，其沿坐标轴方向的

两个分速度随时间变化的图像如图所示则对该物体运动过程的描述正确的是（）A.物体在0~3s做直线运动B.物体在3~4s做直线运动C.物体在3~4s做曲线运动D.物体在0~3s做变加速运动【答案】B【解析】【详解】AD．由图示图像可知，在0~3s内物体在x轴方

向做匀速直线运动，在y轴方向作初速度为零的匀加速直线运动，物体的合运动是曲线运动，物体的加速度恒定不变，物体做匀加速曲线运动，故AD错误；BC．由图示图像可知，在3~4s内物体在x轴上做匀减速直线运动，在y轴上做匀减速直线运动，速度与x轴夹角3tan4yxvv加速度与x轴

夹角03043tan43434yxaa：合加速度的方向与合速度方向在同一直线上，物体做直线运动，故B正确，C错误。故选B。【点睛】本题考查了判断物体的运动性质，分析清楚物体沿x轴与y轴的运动性质，应用运动的合成与分解知识，知道物体做

曲线运动的条件即可正确解题。-3-4.如图所示，两个质量不同的小球用长度不等的细线拴在同一点，并在同一水平面内做匀速圆周运动，则它们的（）A.周期不相同B.角速度的大小相等C.线速度的大小相等D.向心加速度的大小相等【答

案】B【解析】【详解】AB.对其中一个小球受力分析，如图所示：受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力；将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得合力：Fmgtan①；由向心力公式得：2Fmr②，设绳子与悬挂点间

的高度差为h，由几何关系，得：rhtan③；由①②③三式得：gh，所以角速度与绳子的长度和转动半径无关，即角速度的大小相等，根据2T，可知周期T也相同，故A错误，B正确；C.由vr，可知两球转动半径不等，则线速度大小不等，故C错误；D.

由2ar，两球转动半径不等，向心加速度不同，故D错误．5.若宇航员在月球表面附近自高h处以初速度v0水平抛出一个小球，测出小球从抛出到落地的位移为L。已知月球半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A.月球表面的重力加速度2022hvgLh月B.

月球的质量22022()hRvmGLh月-4-C.月球的第一宇宙速度0222hRvvLhD.月球的平均密度202232()hvGLh【答案】C【解析】【详解】A．由小球平抛，依题意有212hgt

月220Lhvt则20222=hvgLh月故A错误；B．由2=GmgR月月则220222=hRvmGLh月故B错误；C．第一宇宙速度0222=hRvgRvLh月故C正确；D．根据34=3mR月则月球平均密度-5-20223=2hvGRLh故D错误。故选C

。6.振动电机实际上是一个偏心轮，简化模型如图1所示，一轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R的圆周运动．小球运动到最高点时，杆与小球间弹力的大小为N，小球在最高点的速度大小为v，N－v2图象如图2所示．下列说法正确的是（）A.小

球的质量为aRbB.当vb时，球对杆有向下的压力C.当vb时，球对杆有向上的拉力D.若2cb，则此时杆对小球的弹力大小为2a【答案】A【解析】在最高点，若0v，则Nmga；若0N，则bmgmR解得baRgmRb，，A正确；从图中可知当2vb时即vb时，杆对小球的弹力为零，故

当vb时，杆对小球弹力方向向上，表现为支持力，故BC错误；若22vcb，则22bNmgmmgR，解得Nmg，D错误．7.英国物理学家卡文迪许测出了引力常量G，因此卡文迪许被人们称为“能称出地球质量的人”。若已知引力常

量为G，地球表面处的重力加速度为g，地球半径为R，地球上一个昼夜的时间为T1（地球自转周期），一年的时间为T2（地球公转的周期），地球中心到月球中心的距离为L1，地球中心到太阳中心的距离为L2，可估算出（）A.地球的质量2gRmG地-6-B

.太阳的质量232224LmGT太C.月球的质量231214LmGT月D.地球及太阳的密度【答案】AB【解析】【详解】A．根据万有引力等于重力，有2mmGmgR地则2gRmG地故A正确；B．地球绕太阳运转，根据万有引力提供向心力有222222LmTmGL

m地地太（）解得232224LmGT太故B正确；C．因为月球不是中心天体，根据题中条件无法求出月球的质量，故C错误；D．太阳的半径未知，则无法求解太阳的密度，故D错误。故选AB。8.地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a，地球的同步卫星绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r1，向心加速度为

a1．已知万有引力常量为G，地球半径为R，地球赤道表面的加速度为g．下列说法正确的是（）A.地球质量2aRMGB.地球质量211arMG-7-C.a、a1、g的关系是a<a1<gD.加速度之比2121aRar【答案】BC【解析】试题分析：A、B、对同步卫星，有121

MmGmar，所以211arMG，故A错误，B正确．C、D、根据向心加速度224narT，知1aa，且11aRar，又因为地表的重力加速度大于同步轨道的重力加速度，故C正确，D错误．故选BC.考点：本题考查万有引力定律及其

应用．【名师点睛】求中心天体的质量两种方法，一是利用玩绕天体的运动；而是利用星球表面的重力加速度．比较加速度时梳理两条线索：一是圆周运动2awr=，如自转的赤道物体和同步卫星，二是公转的卫星满足2GMar.9.如图所示，2017年6月19日，我国在西昌卫星

发射中心发射“中星9A”广播电视直播卫星。按预定计划，“中星9A”应该首先被送入近地点约为200公里、远地点约为3.6万公里的转移轨道II（椭圆），然后通过在远地点Q变轨，最终进入地球同步轨道III（圆形），但是卫星实际进入轨道I，远地点只有1.6万公里。科技人员没有放弃，通

过精心操作，利用卫星自带燃料在轨道I近地点P点火，逐渐抬高远地点的高度，经过10次轨道调整，终于在7月5日成功进入预定轨道。下列说法正确的是（）A.卫星在轨道II的P点速度大于轨道II的Q点速度B.卫星在轨道III经过Q点时和在轨道II经过Q点时（未点火）的加速度不相同C.“中星9A”发射

失利的原因可能是发射速度没有达到7.9km/sD.卫星在轨道II由P点向Q点运动的过程中处于完全失重状态【答案】AD【解析】-8-【详解】A．据开普勒第二定律知，在轨道II上卫星与地球连线在相同时间扫过相同的面积，则卫星在轨道II的P

点速度大于轨道II的Q点速度，选项A正确；B．卫星经过轨道Ⅱ的Q点和经过轨道Ⅲ的Q点时受到的合外力均是万有引力，加速度一样大，故B错误；C．发射速度小于7.9km/s时，卫星会落回地面，而该卫星进入较低轨道，故发射速度大于7

.9km/s，故C错误；D．卫星在轨道Ⅱ由P点向Q点运动时只受到万有引力的作用，所以处于完全失重状态，故D正确。故选AD。10.宇宙中，两颗靠得比较近的恒星，只受到彼此之间的万有引力作用互相绕转，称之为双星系统，设某双星系统绕

其连线上的O点做匀速圆周运动，如图所示。若AO<OB，则（）A.星球A、B的向心力大小一定相等B.星球A的线速度一定大于B的线速度C.星球A的质量一定大于B的质量D.双星的总质量一定，双星之间的距离越大，其转动周期越大【答案】ACD【解析】【详解】A．双星靠相互间的万有引力提供向心力，知向心力大

小相等，故A正确；B．双星的角速度相等，根据v=ωR知，A的半径小，星球A的线速度一定小于星球B的线速度，故B错误；C．双星A、B之间万有引力提供向心力，有222ABAABBmmGmRmRL＝＝由于二者的角速度相等，则AABBmRmR

＝A的半径小，所以星球A的质量一定大于B的质量，故C正确；D．根据-9-2323224()4ABABRRLmmGTGT＝＝总质量一定时，双星之间的距离增大，转动周期增大，故D正确。故选ACD。二、实验题（每空4分，共20分）11.实验室有斜槽等器材，装配图如图甲所示。钢球从斜槽上滚下，经过

水平槽飞出后做平抛运动。每次都使钢球从斜槽上同一位置由静止滚下，钢球在空中做平抛运动，设法用铅笔描出钢球经过的位置，通过多次实验，在竖直白纸上记录钢球所经过的多个位置，连起来就得到钢球做平抛运动的轨迹。(1)某

同学在安装实验装置和进行其余的操作时都准确无误，他在分析数据时所建立的坐标系如图乙所示。他的错误之处是____________。(2)该同学根据自己所建立的坐标系，在描出的平抛运动轨迹图上任取一点（x，y），运用公式求小球的初速度v0，这样测得的平抛初速度值与真实值相比_____________

（选填“偏大”“偏小”或“相等”）。【答案】(1).直角坐标系的原点应建在小球飞离斜槽槽口时球心的水平投形点处(2).偏大【解析】【详解】(1)[1]．直角坐标系的原点应建在小球飞离斜槽槽口时球心的水平投形点处．它在槽口正上方r（r为小球半径）处，而该同学却错误地

将坐标原点取在槽口处。(2)[2]．根据公式02gvxy知，测量的y与真实值比较偏小，所以测得的平抛初速度值与真实值相比偏大。12.一小球做平抛运动的闪光照片的一部分，图中背景方格的边长均为5cm，如果取210m/sg，那么：-10-（1）闪光频

率是________Hz．（2）小球运动中水平分速度的大小________m/s．（3）小球在B点的速度大小为___________m/s【答案】(1).10(2).1.5(3).2.5【解析】【详解】（1）[1]在竖直方向上有：2hgT其中：535cm10cm0.1mh

（）代入求得：0.1s0.1s10hTg则频率为：11Hz=10Hz0.1fT；（2）[2]水平方向匀速运动，有：0xvt，其中15cmx，0.1stT，代入解得：2015101.5m/s0.

1m/sv=；（3）[3]根据匀变速直线运动中，时间中点的瞬时速度等于该过程的平均速度，在B点有：285102m/sm/s20.2ACByhvT===所以B点速度为：22220(21.5m/s2.5m/s)BByvvv==．三、

解答题（共20分，其中13题8分，14题12分）13.一飞船在距离某星球表面高度为H处，绕该星球做速率为v的匀速圆周运动，星球的半径-11-为已知引力常量为G。(1)求该星球的质量M；(2)宇航员登陆该星球，在距离该星球表面h高度处由静止释放一小球，不计空气阻力，求该小球落到星球表

面的时间t。【答案】(1)2()vRHMG；(2)2RhtvRH【解析】【详解】(1)设飞船的质量为m，万有引力提供向心力22()MmvGmRHRH解得2()vRHMG(2)设该星球的重

力加速度为a，由重力等于万有引力2GMmmaR解得22()vRHaR小球自由下落有212ath解得2RhtvRH14.如图所示装置可绕竖直轴'OO转动，可视为质点的小球A与两细线连接后分别

系于B、C两点，当细线AB沿水平方向绷直时，细线AC与竖直方向的夹角37.已知小球的质量1kgm，细线AC长1mL，(重力加速度取210m/sg，sin370.6)-12-（1）若装置匀速转动时，细线AB

刚好被拉直成水平状态，求此时的角速度1．（2）若装置匀速转动的角速度250rad/s3，求细线AB和AC上的张力大小ABT、ACT．【答案】（1）3.54rad/s（2）TAC=12.5N，TAB=2.5N【解析】【详解】（1）当细线AB刚好被拉直，则AB的拉力为零，靠AC的拉力和重

力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律有mgtan37°＝mLABω12解得131037524rad/s3215ABgtanL＝＝＝（2）若装置匀速转动的角速度ω2=503rad/s竖直方向上有TACcos37°=mg水平方向上有TACsin37°+TA

B＝mLABω22代入数据解得TAC=12.5NTAB=2.5N．-13--14-