【文档说明】宁夏回族自治区银川一中2023-2024学年高二上学期期中考试+物理+含解析.docx，共(6)页，284.932 KB，由小赞的店铺上传

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银川一中2023/2024学年度(上)高二期中考试物理试卷命题教师：一、单选题（每题3分，共30分）1．下列关于点电荷的说法,正确的是A．点电荷是一种理想化模型,实际不存在B．点电荷一定是电荷量很小的电荷C．只有体积很小的带电体,才能作为点电荷D．体积很大的

带电体一定不能看成点电荷2．在电场中的某点放入电荷量为－q的试探电荷时，测得该点的电场强度为E；若在该点放入电荷量为＋3q的试探电荷，此时测得该点的场强A．大小为3E，方向和E相反B．大小为E，方向和E相同C．大小为3E，方向和E相同D．大小为E，方向和E相反3．一个电容器的规格是“100μF

、25V”，对这两个数据的理解正确的是A．这个电容器加上25V电压时，电容才是100μFB．这个电容器最大电容是100μF，当带电荷量较小时，电容小于100μFC．这个电容器所加电压等于25V时，电容器就会损坏D．这个电容器所加电压可以低于25V，

但电容不变，总是100μF4．在已接电源的闭合电路里，关于电源的电动势、内电压、外电压的关系下列说法正确的是A．若外电压增大，则内电压增大，电源电动势也会随之增大B．若外电压减小，内电阻不变，内电压也就不变，电源电动势必然减小C．若外电压增大，则内电压减小，电源的电动势始终等于二者之和D

．若外电压不变，则内电压减小，电源电动势也会随内电压减小5．在如图所示的电路中，开关S原来是闭合的，现将S断开，则灯泡L亮度变化和电容器C带电量变化情况是A．灯泡L变暗、电容器C带电量增加B．灯泡L变亮、电容器C带电量减少C．灯泡L变亮、电容器C带电量增加D

．灯泡L变暗、电容器C带电量减少6．某区域的电场线分布如图所示，其中间一根电场线是直线，一带正电的粒子从直线上的O点由静止开始在电场力作用下运动到A点。取O点为坐标原点，沿直线向右为x轴正方向，粒子的重力忽略不计。在O点到A点的运动过程中，下列关于粒子运动速度v和加速度a随时间t的变

化、粒子的动能Ek和运动径迹上的电势φ随位移x的变化图线可能正确的是7．用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，如图所示．设两极板正对面积为S，极板间的距离为d，静电计指针偏角为θ．实验中，极板所带电荷量不变，若A．保持S不变，增大

d，则θ变大B．保持S不变，增大d，则θ变小C．保持d不变，减小S，则θ变小D．保持d不变，减小S，则θ不变8．如图，有一带电粒子贴着A板沿水平方向输入匀强电场，当偏转电压为U1时，带电粒子沿①轨迹从两板正中间飞出：当偏转电压为U2时，带电粒子沿②

轨迹落到B板中间；设粒子两次射入电场的水平速度相同，则两次偏转电压之比为A．U1：U2＝1：1B．U1：U2＝1：4C．U1：U2＝1：2D．U1：U2＝1：89．如图所示是一个说明示波管工作原理的示意

图，电子经电压U1加速后垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是h，两平行板间的距离为d，电势差为U2，板长为L．为了提高示波管的灵敏度(每单位电压引起的偏转量h/u2)可采用的方法是A．增大两板间的电势差U2B．尽可能使板长L短些C．尽可能使板间距离d小些

D．使加速电压U1升高些OOOOxxttvaEKABCD10．如图所示，在A、B两端加一恒定不变的电压U，电阻1R为60Ω，若将1R短路，2R中的电流增大到原来的4倍，则2R为A．40ΩB．20ΩC．120ΩD．

6Ω二、多选题（每题4分，共24分）11．关于库仑定律的公式F=k221rqq,下列说法中正确的是A．当真空中的两个点电荷间的距离r→∞时,它们之间的静电力F→0B．当真空中的两个点电荷间的距离r→0时,它们之间的静电力F→∞C．当两个点电荷之间的距离r→∞

时,库仑定律的公式就不适用了D．当两个点电荷之间的距离r→0时,电荷不能看成是点电荷,库仑定律的公式就不适用了12．如图所示,以O为圆心的圆周上有六个等分点A、B、C、D、E、F。等量正、负点电荷分别放置在A、D两处时,在圆心O处产生的电场强度大小为E。现改变A处点电荷的位置,使O点的电

场强度改变,下列叙述不正确．．．的是A．移至C处,O处的电场强度大小不变,方向沿OEB．移至B处,O处的电场强度大小减半,方向沿ODC．移至E处,O处的电场强度大小减半,方向沿OCD．移至F处,O处的电场强度大小不变,方向沿OE13．a、b是x轴上两个点电荷，电荷量分别为q1和q2，

沿x轴a、b之间各点对应的电势高低如图中曲线所示，a、p间距离大于p、b间距离．从图中可以判断以下说法正确的是A．a和b均为负电荷且q1一定大于q2B．电势最低的p点的电场强度为零C．将一负的检验电荷从b处移到p处，电荷

电势能增加D．a、p间的电场方向都指向a点14．（多选）如图所示，一电场的电场线分布关于y轴(沿竖直方向)对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM＝MN．P点在y轴的右侧，MP⊥ON．则A．M点的电势比P点的电势高B．将负电荷由O点移动到P点，电场力做正功C．M、

N两点间的电势差大于O、M两点间的电势差D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴做直线运动15．如图所示，平行板电容器的两个极板为A、B．B板接地，A板带有电荷量＋Q，板间电场中有一固定点P，若将B板固定，

A板下移一些，或者将A板固定，B板上移一些，在这两种情况下，下列说法正确的是A．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势不变B．A板下移时，P点的电场强度不变，P点电势升高C．B板上移时，P点的电场强度不变，P点电势降低D．B板上移时，P点的电场强度变小，P点电势降低16．如图所示，

D是一只理想二极管，水平放置的平行板电容器AB内部带电微粒P处于静止状态．下列措施下，关于P的运动情况说法正确的是A．保持S闭合，增大A、B板间距离，P仍静止B．保持S闭合，减小A、B板间距离，P向上运动C．断开S后，增大A、B板间距离，P

向下运动D．断开S后，减小A、B板间距离，P仍静止-+BAFCDE三、实验题（共13分）17．（4分）某同学用螺旋测微器在测定某一金属丝的直径时，测得的结果如图1所示，则该金属丝的直径d＝________mm．另一位同学用游标卡尺上标有20等分

刻度的游标卡尺测一工件的长度，测得的结果如图2所示，则该工件的长度L＝________mm．图1图218．（9分）在做《测定金属的电阻率》的实验时，需要对金属丝的电阻进行测量。已知金属丝的电阻值Rx约为20Ω。一位同学用伏安法对这个电阻的阻值进行了比较精

确的测量，这位同学想使被测电阻Rx两端的电压变化范围尽可能的大。他可选用的器材有：电源E：电动势为8V，内阻忽略不计；电流表A：量程0.6A，内阻约为0.50Ω；电压表V：量程10V，内阻约为10kΩ；滑动变阻器R：最大电阻值为5.0Ω；开关一个，导线若干。（1）根据上述条件，测量时电流表

应采用____________。（选填“外接法”或“内接法”）（2）在方框内画出实验电路图。（3）若在上述实验中，电流表的示数为I，电压表的示数为U，且电流表内阻RA、电压表内阻RV均为已知量，则用上述测量物理量和

电表内阻计算金属丝电阻的表达式为Rx=________________。四．计算题（共33分）19．(6分)带电荷量为q＝＋5．0×10－8C的点电荷从A点移到B点时，克服静电力做功3.0×10－6J．已知B点的电势为φB＝20V．求：(1)A、B间的电势差

；(2)A点的电势.20．(8分)如图平行金属板长为L，一个带电为+q，质量为m的粒子以初速度v0紧贴上板垂直射入电场，刚好从下板边缘射出，末速度恰与下板成60O角，粒子重力不计。求：（1）粒子末速度大小．（2）电场强度．（3）两极间距离d．21．(9分)如图所示，直流电动机和电炉并

联后接在直流电路中，电源的内阻r＝1Ω，电炉的电阻R1＝19Ω，电动机绕线的电阻R2＝2Ω，当开关S断开时，电源内电阻消耗的热功率P＝25W；当S闭合时，干路中的电流I＝12．6A，求：(1)电源的电动

势E；(2)S闭合后电动机的机械功率．22．(10分)如图所示,第一象限中有沿x轴的正方向的匀强电场,第二象限中有沿y轴负方向的匀强电场,两电场的电场强度大小相等。一个质量为m、电荷量为-q的带电质点以初速度v0从x轴上P(-L,0)点射入第二象限,已知带电质点在第一和第二象限中都

做直线运动,并且能够连续两次通过y轴上的同一个点Q(未画出),重力加速度g为已知量。求:(1)初速度v0与x轴正方向的夹角;(2)P、Q两点间的电势差UPQ;(3)带电质点在第一象限中运动所用的时间.2023-2024学年度高二（上）期中

物理试卷答案一、单选题（每题3分，共30分）1．A2．B3．D4．C5．C6．B7．【答案】A，提示：选A．静电计指针偏角大小体现了电容器两板间电压大小．在做选项所示的操作中，电容器所带电荷量Q保持不变，C＝QU＝εrS4πkd．保持S不变，增大d，则C减小，

U增大，偏角θ增大，选项A正确，B错误；保持d不变，减小S，则C减小，U增大，偏角θ也增大，故选项C、D均错．故正确选项为A．8．【答案】D解得,故，故选A．9．【答案】C，解析：选C带电粒子加速时，由动能定理得：qU1＝12mv2，带电粒子偏转时，由类平抛运动规律，得：L＝vt

，h＝12at2，又由牛顿第二定律得：a＝qU2md，联立以上各式可得h＝U2L24dU1，由题意，灵敏度为：hU2＝L24dU1可见，灵敏度与U2无关，要提高示波管的灵敏度，可使板长L长些、板间距离d小一些、使加速电压U1降低一些，故

A、B、D错误，C正确．10．【答案】B【解析】设1R短路前1R、2R两端的电压分别为1U、2U，由题得24UU=，12UUU+=,123UU=.在串联电路中电压分配与电阻成正比，即123RR=,所以：220ΩR=.二、多选题（每题4分，

共24分）11．【答案】AD，【解析】当r→∞时,电荷可以看做点电荷,库仑定律的公式适用,由公式可知,它们之间的静电力F→0;当r→0时,电荷不能看成点电荷,库仑定律的公式就不适用了。12．【答案】ABD13．【答案】BC，解析

：选BC．由于从a到b，电势φ先减小再增加，所以a、b应均为正电荷；从b处φ－x图象的斜率大于a处的φ－x图象斜率，可确定Eb＞Ea，即qb＞qa，所以A错误；由φ－x图象的斜率表示电场强度E知，B正确；由Ep＝qφ，知C正确；a、p间的电场方向应都指向p

点，D错误．14．【答案】AD，解析：选AD．由题图和几何关系可知M和P两点不处在同一等势线上而且有φM>φP，A正确；将负电荷由O点移到P点要克服电场力做功，即电场力做负功，B错误；根据U＝Ed，O到M的平均电场强度大于M到N的平均电场强度，所

以有UOM>UMN，C错误；从O点释放带正电粒子后，电场力做正功，该粒子将沿y轴做直线运动，D正确．15．【答案】AC，解析：选AC．A板下移与B板上移，两板间的距离均减小，但此平行板电容器为电荷量不变的电容器，改变两板

间的距离不能改变电场强度的大小及方向，即E不变．因此A板下移时，P点与B板间的电势差不变，即P点电势也不变；但B板上移时，由于P点与B板的距离减小，因此P、B间的电势差减小，即P点电势降低，选项A、C正确．16

．【答案】ABD，解析：选ABD保持S闭合，电源的路端电压不变，增大A、B板间距离，电容减小，由于二极管的单向导电性，电容器不能放电，其电量不变，由推论E＝4πkQεrS得到，板间场强不变，微粒所受电场力不变，仍处于静止状态，

故A正确．保持S闭合，电源的路端电压不变，电容器的电压不变，减小A、B板间距离，由E＝Ud可知，板间场强增大，电场力增大，微粒将向上运动，故B正确．断开S后，电容器的电量Q不变，由推论E＝4πkQεrS得到，板间场强不变，微粒所受电场

力不变，仍处于静止状态，故C错误，D正确．三、实验题（共13分）17．【答案】6.700~6.70550.1518．【答案】（1）外接法（3分）（2）见解析（3分）（3）VVURIRU−（3分）（3）金属丝电阻的表达式V

VVxURURUIRUIR==−−。四．计算题（共33分）19．解析：(1)从A到B静电力做的功为WAB＝－3．0×10－6JA、B两点间的电势差UAB＝WABq＝－3．0×10－65．0×10－8V＝－60VB点电势高于A点电势．(2)根据UAB＝φA－φB得A点的

电势为φA＝UAB＋φB＝(－60V)＋20V＝－40V．答案：(1)－60V(2)－40V20．【答案】（1）02vv=（2）203mvEqL=（3）32Ly=【解析】粒子在电场中做类平抛运动，由运动的合成与分解可知粒子的末速度的大小将粒子的运动分解为

水平方向的匀速运动和竖直方向的匀加速直线运动，则由运动的合成与分解可求得电场强度；由动能定理可求得两板间的距离。（1）粒子离开电场时速度如图所示，由图示可知：（2）带电粒子做类平抛运动，在水平方向上：L=v0t，粒子离开电场时，粒子竖直方向的分速度：vy=v0tan60°两板

间的距离：322yvdtL==（3）粒子从射入电场到离开电场，由动能定理得：2201122qEdmvmv=−联立以上解得：203mvEqL=21．【解析】：(1)S断开时，由P＝I20r，得：I0＝Pr＝251A＝5A由闭合电路欧姆定律得：E＝I0(R1＋r)＝5×(19＋1)V＝100V(2)S

闭合后，内电压U1＝Ir＝12.6×1V＝12.6V故电路的路端电压：U2＝E－U1＝(100－12.6)V＝87.4V通过电炉的电流：I1＝U2R1＝87.419A＝4.6A通过电动机的电流：I2＝I－I1＝(12.6－4.6)A＝8.0A电动机消耗的热功率

：P1＝I22R2＝8.02×2W＝128W输送给电动机的电功率：P2＝U2I2＝87.4×8W＝699.2W故电动机输出的机械功率：P3＝P2－P1＝(699.2－128)W＝571.2W答案：(1)100V(2)571.2W22．【答案】(1

)45°(2)-𝑚𝑔𝐿𝑞(3)√2𝑣0𝑔(1)由题意知,带电质点在第二象限做匀速直线运动,有qE=mg设初速度v0与x轴正方向的夹角为θ,且由带电质点在第一象限做直线运动,有tanθ=𝑚

𝑔𝑞𝐸解得θ=45°(2)P到Q的过程,由动能定理有qEL-mgL=0WPQ=qEL解得UPQ=𝑊𝑃𝑄-𝑞=-𝑚𝑔𝐿𝑞(3)带电质点在第一象限做匀变速直线运动由牛顿第二定律有√2mg=ma即a=√2g,v0=at解得t=√

2𝑣02𝑔带电质点在第一象限中往返一次所用的时间T=2t=√2𝑣0𝑔获得更多资源请扫码加入享学资源网微信公众号www.xiangxue100.com