【文档说明】四川省成都市成华区某校2024-2025学年高二上学期10月测试物理试题 Word版含解析.docx，共(15)页，774.429 KB，由小赞的店铺上传

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物理试卷注意事项：1.答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2.请将答案正确填写在答题卡上3.考试时间75分钟，总分100分第I卷（选择题、合计46分）一、单选题（每小题4分，共7小题，合计28分）1.下列说法正确的是（）A.根据公式FEq=可知，E与F成正比，E与q成反比B.点电荷在电场中

所受电场力方向就是该点的电场强度方向C.电荷放在某点受到的电场力为零，则该点电场强度一定为零D.从公式2kQEr=可知，在以点电荷Q为圆心的圆周上，场强处处相同【答案】C【解析】【详解】A．电场中某点的电场强度是由电场本身决定的，与F与q无关，选项A错

误；B．正的点电荷在电场中所受电场力方向就是该点的电场强度方向，选项B错误；C．电荷放在某点受到的电场力为零，则该点电场强度一定为零，选项C正确；D．从公式2kQEr=可知，在以点电荷Q为圆心的圆周上，场强大小处处相同，但是方向不同，选项D错误。故选C

2.分析下列物理现象：①“空山不见人，但闻人语响”；②围绕发声的双股音叉走一圈，听到声音忽强忽弱；③当正在鸣笛的火车背离我们急驶而去时，我们听到汽笛声的音调变低；④雷声在云层里轰鸣不绝．这些物理现象分别属于波的（）A.衍射、干涉、多普勒效应

、反射B.衍射、多普勒效应、干涉、折射C.折射、干涉、多普勒效应、反射D.衍射、折射、多普勒效应、干涉【答案】A【解析】。【分析】【详解】“空山不见人，但闻人语响”即听到声音，却看不见人，这是声音的衍射；围绕发声的双股音叉走一圈，听到声音忽强忽弱，音叉发出两个相同频率的声

波相互叠加，从而出现加强区于减弱区，这是声音的干涉；当正在鸣笛的火车背离我们急驶而去时，我们听到汽笛声的音调变低，因此这是多普勒效应；雷声在云层里轰鸣不绝这是由于波的反射，由于传播距离不同，传到人耳的时间不同导致，故A正确，BCD

错误。故选A。3.某电场的电场线分布如图所示，虚线为某带电粒子只在静电力作用下的运动轨迹，a、b、c是轨迹上的三个点，则（）A.粒子一定带负电B.粒子一定是从a点运动到b点C.粒子在c点的加速度一定大于在b点的加速度D.粒子在c点的速度一定大于在a点的速度【答案】C【解析】

【详解】A．做曲线运动的物体，合力指向运动轨迹的内侧，由此可知，带电粒子受到的静电力的方向为沿着电场线向左，所以粒子带正电，A错误；B．粒子可能是从a点沿轨迹运动到b点，也可能是从b点沿轨迹运动到a点，B错误；C．由电场线的疏密程度可知，c点处电场线密集，场

强较大，粒子在c点处受静电力较大，加速度一定大于在b点的加速度，C正确；D．若粒子从c运动到a，静电力与速度方向成锐角，所以粒子做加速运动，若粒子从a运动到c，静电力与速度方向成钝角，所以粒子做减速运动，故粒子在c点的速度一定小于在a点的速度，D错误。故选C

。4.如图甲所示，a、b为介质中相距7m且振动方向相同两个波源，c为ab连线上距a为3m的一点．在00t=时刻，a、b同时开始振动，振动图像均如图乙所示，在23st=时，c点开始振动．则下列说法正确的是（）的A.

该波频率为2HzB.该波波长为1mC.c点起振的方向沿y轴负方向D.c点为两波相遇后的振动减弱点【答案】D【解析】【详解】A．由乙图可知该波的周期2sT=根据周期和频率的关系可得10.5HzfT==A错误；B．由题可知，该波的波速21m/sacxvt==由波速、频率、波长的关系可知v

f=解得2mvvTf===B错误C．根据沿波传播的方向上“上波下、下波上”的特点，可知c点的起振方向沿y轴正方向，C错误；D．由于两列波源的振动步调一致，且c点到两列波源的距离之差1m=2bcacrxx=−=故

c点为两波相遇后的振动减弱点，D正确。故选D。5.两个完全相同的小金属球（皆可视为点电荷），所带电荷量之比为5∶3，它们在相距一定距离时相互之间的吸引力大小为F，现用绝缘工具将它们充分接触后再放回各自原来的位置上，此时两金

属球间相互作用力大小变为（）A.115FB.1615FC.1516FD.18F【答案】A【解析】【详解】设原来两球带电量分别为53qq、，则2215qFkr=由于相互吸引故带异种电荷，接触后电荷量先中和再平分，故带电量均为q，由库仑定律

可得作用力为2'2115qFkFr==故选A。6.如图甲所示，1S、2S为x轴上的两波源，其平衡位置坐标分别为110x=cm、270cmx=。0t=时，两波源分别沿x轴正方向和负方向激发两列简谐横波，图乙为两波源的振动图像，已知两列波的波速均为10cm/s。下列说法不正确的是（）A.波源1S的

振动方程为sin(2)cmyt=B.两列波相遇后能形成稳定的干涉图样C.两列波单独传播时，若遇见尺寸为20cm的障碍物，都能发生明显衍射现象D.5.5st=时，平衡位置处在20cmx=的质点向上振动【答案】A【解析】【详解】A．根据图乙可知，波源1S的振幅、周期

分别为1cmA=，2.0sT=其振动方程为2sinsinsin(cm)yAtttT===故A错误；B．根据图乙可知，两列波的振动周期相同，则其频率相同，且相位差恒定，因此两列波相遇后可发生稳定的干涉，形成稳定的干涉图样，故B正确；C．发生明显衍射现象的条

件是波的波长与障碍物的尺寸相近或大于障碍物的尺寸，而根据波长与波速之间的关系可得两列波的波长均为102cm20cmvT===因此，两列波单独传播时，若遇见尺寸为20cm的障碍物，都能发生明显衍射现象，故C正确；D．由于两列波的波长均为20cm，而

110x=cm处波源1S的振动传播到20cmx=处所需要的时间为112010s1s10xtv−===此后的4.5s为124T，则可知波源1S在20cmx=处引起的振动在5.5st=时恰好处于波峰，下一时刻将向

下振动；270cmx=处的波源2S的振动传播到20cmx=处所需要的时间为227020s5s10xtv−===从后的0.5s为14T，则可知波源2S在20cmx=处引起的振动在5.5st=时恰好处于波谷，下一刻将向上振动，由于波源2S的振幅大于波源1S的振幅，即波源2S振动时的能量大于波

源1S振动是的能量，因此叠加后的两列波将向上振动，故D正确。此题选择不正确的，故选A。7.如图所示，电荷量为q的点电荷与均匀带电薄板相距2d，点电荷到带电薄板的垂线通过板的几何中心。若图中A点的电场强度为0，则带电薄板产生的电场在图中B点的电场强度正确的是（）A.大小为24q

kd，方向向右B.大小为29qkd，方向向左C.大小为24qkd，方向向左D.大小为29qkd，方向向右【答案】B【解析】【详解】图中A点的电场强度为0，则带电薄板在A点的场强与点电荷q在A点的场强等大反向，则带电薄板在A点的场强大小122(

3)9kqkqEdd==方向向右，由对称性可知，带电薄板产生的电场在图中B点的电场强度229kqEd=方向向左。故选B二、多选题（每小题6分，共3小题，合计18分，漏选得3分，多选、错选不得分）8.如图所示，图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中x=2m处的质点P以此

时刻为计时起点的振动图像，质点Q的平衡位置位于x=3.5m。下列说法正确的是（）A.在0.3s时间内，质点P向右移动了3mB.这列波沿x轴正方向传播C.t=0.1s时，质点P的加速度大于质点Q的加速度D.t=0.25s时，x=3.5m处的质点Q到达波谷位置【答案】BC【解析】【详解】A．据

波的传播特点可知，质点并不随波迁移，而是在平衡位置附近做简谐运动，故A错误；B．由乙图读出，t=0时刻质点P的速度向上，则由波形的平移法可知，这列波沿x轴正方向传播，故B正确；C．当t=0.1s时，质点P处于最大位移处，据简谐运动的特点可知，此时加速度最大，而

质点Q此时不在最大位移处，所以质点P的加速度大于质点Q的加速度，故C正确；。D．波速4m/s=10m/s0.4vT==经过0.25s波沿x轴正向传播2.5m，则此时质点Q到达波峰位置，故D错误。故选BC。9.A、B两带电小球，电量分别为+q、+9q，质

量分别为m1和m2，如图所示，用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，静止时A、B两球处于同一水平线上，其中O点到A球的间距OA=2L，∠AOB=90°，∠OAB=60°，C是AB连线上一点且在O点的正下方，带电小球均可视为点电荷，静电力常量为

k，则下列说法正确的是（）A.A、B间的库仑力22916kqFL=B.A、B两球的质量之比为3:1C.C点的电场强度为零D.若仅互换A、B两球的带电量，则A、B两球位置将不再处于同一水平线上【答案】AC【解析】【详解】A．根据库仑定律有2292cos09166qqFkkqLL==

故A正确；B．对A进行分析，根据平衡条件有1tan60mgF=对B进行分析，根据平衡条件有2tan30mgF=解得12:3:1mm=故B错误；C．根据点电荷场强的表达式有()222cos60AqkqEkLL==，22922cos60cos6

0BqkqEkLLL==−由于两点电荷在C点的电场强度方向相反，则C点的电场强度为零，故C正确；D．若仅互换A、B两球的带电量，两点电荷之间的库仑力不变，即两小球的受力情景不变，则A、B两球位

置将仍然处于同一水平线上，故D错误。故选AC。10.如图所示，竖直绝缘墙上固定一带电小球A，将质量为m带电荷量为q的小球B用轻质绝缘丝线悬挂在A的正上方C处，丝线BC长度为2L，AC两点间的距离为2L。当小球B静止时，丝线与竖直

方向的夹角45=，带电小球A、B可视为质点，重力加速度为g。静电力常量为k,下列说法正确的是（）A.丝线对小球B的拉力为2mgB.小球A的带电荷量为222mgLkqC.如果小球A漏电导致电量减少少许，则AB之

间的库仑力减小D.如果小球A漏电导致电量减少少许，丝线拉力大小不变【答案】CD【解析】【详解】A．由题意可知ocos45BCAC=所以AB与BC垂直，两小球之间的距离为osin452ABACL==对小球B进行受力分析如图由平衡条件得，丝线对小球B的拉力为o2cos45

2Tmgmg==两小球之间的库仑斥力为2ABQqFkr=解得22mgLQkq=故AB错误；CD．由相似三角形可知ACABBCTrrmgFr==若A缓慢漏电，根据题意可知ACr不变，由库仑定律可知两球间的库仑力减小，距离ABr减小，但比值不变；如果小球

A漏电导致电量减少少许，BCr不变，则丝线的拉力大小不变，故CD正确。故选CD。第II卷（非选择题、合计54分）三、填空题（11题每空2分，12题每空1分，共2小题，合计14分）11.如图甲所示，两个相干波

源S1、S2产生的波在同一均匀介质中相遇。图中实线表示波峰，虚线表示波谷，c和f分别为ae和bd的中点，则：（1）在a、b、c、d、e、f六点中，振动减弱的点是_______。（2）若两振源S1和S2振幅不相同，此时位移为零的点是_______。（3）在图乙中画出此时刻ace连线上，

以a为原点的一列完整波形，标出a、c、e点___。【答案】（1）b、d、f（2）c、f（3）【解析】【小问1详解】[1][2]由题图甲可知，a点是波谷与波谷相遇点，而b、d点是波峰与波谷相遇点，e点是波峰与波峰相遇点。由于当波峰与波峰相遇或波谷与波谷相遇时振动加强，当波峰与

波谷相遇时振动减弱，所以a、e是振动加强点，b、d是振动减弱点；在波的传播方向上，振动加强点的连线上也是振动加强点，振动减弱点的连线上也是振动减弱点；c在振动加强点的连线上，f在振动减弱点的连线上，因此c是振动加强点，而f是振动减弱点。【小问2详解】若两振源S1

和S2振幅不相同，波峰与波谷相遇处点的位移不为零，平衡位置相遇处点的位移为零，此时刻位移为零的点是c、f。【小问3详解】由图可知，此时a处于波谷，e处于波峰，c处于平衡位置，所以在ace连线上，以a为原点的一列完整波形，如图所示12.观察静电感应现象的操作如下。（1）带正电的C移近导体

A，金属箔片___________，移走C之后金属箔片___________。（2）带正电的C移近导体A，先把AB分开，再移走C，金属箔片___________，A带___________电，B带__________

_电，再让AB接触，金属箔片___________。（3）带正电的C移近导体A，用手摸一下A或者B，移走C，再分开AB，金属箔片___________，A、B带___________电。（4）把C碰一下A或者B，移走C，分开AB，A、B带_

__________电。【答案】①.张开②.闭合③.张开④.负⑤.正⑥.闭合⑦.张开⑧.负⑨.正【解析】【详解】（1）[1][2]带正电的C移近导体A，则在A的左端感应出负电，B的右端感应出正电，则金属箔片张开，移走C之后感应电荷消失，则金属箔片闭合。（2）[3][4][5][6]带正电的

C移近导体A，则在A的左端感应出负电，B的右端感应出正电，先把A、B分开，再移走C，则A带负电，B带正电，金属箔片张开，再让A、B接触，则正负电荷中和，金属箔片闭合。（3）[7][8]带正电C移近导体A，用手摸一下A或者B，则大地中的负电将移向导体AB，则移走C，再分开A、B，

AB均带负电，金属箔片张开。（4）[9]把C碰一下A或者B，则C上的正电荷将转移到A、B上，移走C，分开A、B，A、B带正电。四、解答题（共3小题，合计40分）13.直角坐标原点0处有一波源，t1=0时刻从平衡位置开始振动，t2=0.6s时形成的波形图如图

所示．t3=2.4s时M点第一次处于波峰．求：（1）该波波速大小；（2）M点横坐标值及M点开始振动时的方向；（3）从t1=0到t3=2.4s，N点在振动过程中通过的路程。的的【答案】（1）2m/s；（2）xM=4.4m，M

点开始振动时方向沿+y；（3）45cm【解析】【分析】【详解】（1）根据t2=0.6s时形成的波形图可知，0.6s内波传播了1.2m，则1.2m/s2m/s0.6xvt===（2）由图像可知，波长=1.6

m根据vT=解得0.8sT=M点从开始振动到第一次振动到波峰位置用0.2s4T=，所以波传到M点用时2.2s，则22.2m4.4mMxvt===M点开始振动时方向沿+y方向；（3）波传到N点用时1.2s0.6s2xtv===振动了1.8s，振幅A5c

m=N点在振动过程中通过的路程4A45cmtsT==【名师点睛】根据0.6s时的波形可以知道波长、质点开始振动时的方向，根据波速公式可以求出波速、周期；M点从开始振动到第一次振动到波峰位置用四分之一周期，所以波传到M点用时2.2s，求出M点的坐标；利用波速求出波传到N点所用时间及振动

时间，每一个周期质点通过的路程等于4倍振幅，求出N点在振动过程中通过的路程。14.如图所示，有三根长度均为L的不可伸长的绝缘细线，其中两根的一端分别固定在天花板上的P、Q点，另一端分别拴有质量均为m的带电小球A和B，A带正电、电量为q，A、B之间用第三

根细线连接。在水平向左的匀强电场E的作用下，A、B保持静止，悬线仍处于竖直方向，且A、B之间细线恰好伸直。当P、A之间的细线烧断，由于空气阻力，A、B小球最后会达到新的平衡。重力加速度为g，静电力常量为k。求：（

1）B小球的电性及电荷量Bq；（2）匀强电场的电场强度E；（3）A、B小球达到新的平衡位置时，A、B间细线与竖直方向夹角的正切值tanθ。【答案】（1）B球带负电，Bqq=；（2）2kqEL=；（3）tanqEmg=【解析】【详解】（1）对A球进行受力分析，由于A球均处于平衡状态，

在水平方向受水平方向的电场力和施加的向右的库仑力，B球带负电。2BkqqqEL=B球水平方向合力为零2BBkqqqEL=联立解得Bqq=（2）B球水平方向合力为零2BBkqqqEL=匀强电场的电场强度

E2kqEL=（3）两球及细线最后位置如图所示：对A球进行受力分析：A球受重力，电场力，AB线的拉力，库仑力，由平衡条件得：重力和电场力的合力必须沿着线的方向tanqEmg=15.如图所示，质量为1.2

kg，带电量3110Cq−=+的物块放在倾角为37=的斜面上（斜面固定）的底部，在与斜面成37=角斜向上的匀强电场41.610N/CE=作用下由静止沿斜面向上运动，物块与斜面间的动摩擦因数0.5=，物块运动1.5s时撤去匀强电场，斜面足够长，物体

可视为点电荷，重力加速度210m/sg=，sin370.6=°，cos370.8=°，不计空气阻力。求：（1）撤去匀强电场瞬间，物体的速度为多大；（2）物块沿斜面能上升的最大距离。【答案】（1）7m/

s；（2）7.7m【解析】【详解】（1）设电场力大小为F，则16NFEq==设匀强电场作用时物块的加速度大小为1a，根据牛顿第二定律有()1cos37cos37sin37sin37FmgFmgma−−−=解得

2114m/s3a=根据匀变速直线运动速度与时间的关系可得撤去拉力前瞬间物块的速度大小为11141.57m/s3vat===（2）电场作用期间物块的位移大小为221111141.55.25m223xat===撤去电场后，物块的加

速度大小为22sin37cos3710m/smgmgam+==物块继续沿斜面滑行的位移大小为2212272.45m2210vxa===则物块沿着斜面上升的总距离为127.7mxxx=+=