【文档说明】安徽省定远县育才学校2020-2021学年高一上学期第二次月考数学试卷 含答案.doc，共(6)页，78.000 KB，由小赞的店铺上传

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育才学校2020-2021学年上学期第二次月考高一数学一、选择题(共12小题,每小题5分,共60分)1.已知全集U＝{1,2,3,4,5}，集合A＝{x|x2－3x＋2＝0}，B＝{x|x＝2a，a∈A}，则集合∁U(A∪B)中元素的个数为()A．1B．2C．3D．42.设集合U＝{(x，y)|x

∈R，y∈R}，若A＝{(x，y)|2x－y＋m＞0}，B＝{(x，y)|x＋y－n≤0}，则点P(2,3)∈A∩(∁UB)的充要条件是()A．m＞－1，n＜5B．m＜－1，n＜5C．m＞－1，n＞5D．m＜－1，n＞53.命题“∃

x0∈(0，＋∞)，2x0＜”的否定为()A．∀x∈(0，＋∞)，2x＜x2B．∀x∈(0，＋∞)，2x＞x2C．∀x∈(0，＋∞)，2x≥x2D．∃x∈(0，＋∞)，2x≥x24.下列结论正确的是()A．若ac>bc，则a>bB．若a2>b2，则a>bC．若a>b，c<0，则a＋

c<b＋cD．若<，则a<b5.已知函数y＝f(x＋1)的定义域是{x|－2≤x≤3}，则y＝f(2x－1)的定义域是()A．{x|0≤x≤}B．{x|－1≤x≤4}C．{x|－5≤x≤5}D．{x|－3≤x≤7}6.已知f(x－1)＝x2，则f(x)的解析式为()A．f

(x)＝x2－2x－1B．f(x)＝x2－2x＋1C．f(x)＝x2＋2x－1D．f(x)＝x2＋2x＋17.函数y＝的大致图象只能是()A．B．C．D．8.已知f(x)在[a，b]上是奇函数，且f(x)在[a，b]上的最大值为m，则函数F(x)＝f

(x)＋3在[a，b]上的最大值与最小值之和为()A．2m＋3B．2m＋6C．6－2mD．69.设f(x)是奇函数，且在(0，＋∞)上是增函数，又f(－3)＝0，则x·f(x)＜0的解集为()A．{x|－3＜x＜0或x＞3}B．{x|x＜－3或0＜x＜3}C．{x|x＜－3或x＞3}D．{x|

－3＜x＜0或0＜x＜3}10.若函数f(x)＝ax2＋(2＋a)x＋1是偶函数，则函数f(x)的单调增区间为()A．(－∞，0]B．[0，＋∞)C．(－∞，＋∞)D．[1，＋∞)11.已知函数f(x)＝x2－2x＋3在闭区

间[0，m]上有最大值3，最小值2，则m的取值范围是()A．[1，＋∞)B．[0,2]C．(－∞，2]D．[1,2]12.在今年的全国政协、人大两会上，代表们呼吁政府切实关心老百姓看病贵的问题，国家决定对某药品分两次降价，假设平均每次降价的百分率为x.已知该药品

的原价是m元，降价后的价格是y元，则y与x的函数关系是()A．y＝m(1－x)2B．y＝m(1＋x)2C．y＝2m(1－x)D．y＝2m(1＋x)二、填空题(共4小题,每小题5分,共20分)13.已知函数f(x)满足对任意的x∈R，都有f(＋x)＋f(－x)＝2，则f()＋f()＋…

＋f()＝________.14.已知函数f(x)＝x2＋ax＋b(a，b∈R)，不等式|f(x)|≤|2x2＋4x－30|对任意实数x恒成立，则f(x)的最小值是________．15.函数f(x)＝2x2－mx＋3，当x∈[－2，＋∞)时函数f(x)是增函数，当x∈(－∞，

－2]时函数f(x)是减函数，则f(1)＝________.16.用二分法研究函数f(x)＝x3＋3x－1的零点时，第一次计算得f(0)<0，f(0.5)>0，第二次应计算f(x1)，则x1＝________.三、解答题(共6小题,,共70分)17.（12分）记函数f

(x)＝的定义域为集合A，函数g(x)＝在(0，＋∞)上为增函数时k的取值集合为B，函数h(x)＝x2＋2x＋4的值域为集合C.(1)求集合A，B，C；(2)求集合A∪(∁RB)，A∩(B∪C)．18.（12分）(1)已知关于x的不等式x2＋(2a＋1)x＋a2＋2≤0的解集非空，求实数a的取值

范围；(2)令p(x)：ax2＋2x＋1＞0，若对∀x∈R，p(x)是真命题，求实数a的取值范围．19.（12分）已知：函数y＝f(x)的定义域为R，且对于任意的a，b∈R，都有f(a＋b)＝f(a)＋f(b)，且当x＞0时，f(x)＜0

恒成立．证明：(1)函数y＝f(x)是R上的减函数；(2)函数y＝f(x)是奇函数．20.（12分）设f(x)是定义在R上的函数，且对任意实数x，有f(1－x)＝x2－3x＋3.(1)求函数f(x)的解析式；(2)若函数g(x)＝f(x)－5x＋1在[m，m＋1]

上的最小值为－2，求实数m的取值范围．21.（12分）设函数f(x)＝mx2－mx－1.(1)若对一切实数x，f(x)<0恒成立，求m的取值范围；(2)若对于m∈[－2,2]，f(x)<－m＋5恒成立，求x的取值范围．22.（10分）某工厂生产一种产品的原材料费

用为每件40元，若用x表示该厂生产这种产品的总件数，则电力与机器保养等费用为每件0.05x元，又该厂职工工资固定支出12500元．(1)把每件产品的成本费P(x)(元)表示成产品件数x的函数，并求每件产品的最低成本费；(2)如果该厂生产的这种产品的数量x不超过3000件，且产品能全部销售，根据

市场调查：每件产品的销售价Q(x)与产品件数x有如下关系：Q(x)＝170－0.05x，试问生产多少件产品时，总利润最高？(总利润＝总销售额－总成本)答案1-12.BACDADBDDADA13.【答案】7【解析】令x＝0，则f()＋f()＝2，∴f()＝1.∵f(

＋x)＋f(－x)＝2，∴f()＋f()＝f(－)＋f(＋)＝2，f()＋f()＝f(－)＋f(＋)＝2，f()＋f()＝f(－)＋f(＋)＝2，∴f()＋f()＋…＋f()＝f()＋f()＋f()＋f()＋f()＋f()＋f()＝2×

3＋1＝7.14.【答案】－16【解析】令2x2＋4x－30＝0，得x2＋2x－15＝0，∴x＝－5或x＝3.由题意知当x＝－5或x＝3时，|f(x)|≤0，∴f(x)＝0，∴∴经检验，适合题意．∴f(x)＝x2＋2x－15＝(x＋1)

2－16，∴当x＝－1时，f(x)min＝－16.15.【答案】13【解析】∵函数f(x)在(－∞，－2]上是减函数，在[－2，＋∞)上是增函数，∴x＝－＝＝－2，∴m＝－8，故f(x)＝2x2＋8x＋3，∴f(1)＝13.16.【

答案】0.25【解析】∵f(0)·f(0.5)<0，∴f(x)在区间(0,0.5)内有零点．又∵＝0.25，∴第二次应计算f(0.25)，即x1＝0.25.17.【答案】(1)要使有意义，则2x－3>0，解得x>，所以集合A＝{x|x>}．因为函数g(x)＝在(0，＋

∞)上为增函数，所以k－1<0，解得k<1.所以集合B＝{x|x<1}，因为h(x)＝x2＋2x＋4＝(x＋1)2＋3≥3，所以集合C＝{x|x≥3}．(2)由B＝{x|x<1}，可得∁RB＝{x|x≥1}．因为A＝{x|x>}，所以A∪(∁RB)＝

{x|x≥1}．因为A＝(，＋∞)，B∪C＝{x|x<1或x≥3}，所以A∩(B∪C)＝{x|x≥3}．18.【答案】(1)关于x的不等式x2＋(2a＋1)x＋a2＋2≤0的解集非空，∴Δ＝(2a＋1)2－4(a2＋2)≥0，即4a－7≥0，解得a≥，∴

实数a的取值范围为.(2)∵对∀x∈R，p(x)是真命题．∴对∀x∈R，ax2＋2x＋1＞0恒成立，当a＝0时，不等式为2x＋1＞0不恒成立，当a≠0时，若不等式恒成立，则∴a＞1，∴实数a的取值范围为(1，＋∞)．19.【答案】(1)

设x1＞x2，则x1－x2＞0，而f(a＋b)＝f(a)＋f(b)，且当x>0时，f(x)<0恒成立，所以f(x1)＝f(x1－x2＋x2)＝f(x1－x2)＋f(x2)＜f(x2)，即f(x1)＜f(x2)，所以函数在R上是减函数．(2)由f(a＋b)＝f(a)＋f(b)

，得f(x－x)＝f(x)＋f(－x)，即f(x)＋f(－x)＝f(0)，又易求f(0)＝0，所以f(－x)＝－f(x)，即函数f(x)是奇函数．20.【答案】(1)令1－x＝t，得f(t)＝(1－t)2－3(1－t)＋3，化简得f(t)＝t2＋t＋1，即f(x)＝x2＋

x＋1，x∈R.(2)由(1)知g(x)＝x2－4x＋2＝(x－2)2－2(m≤x≤m＋1)，∵g(x)min＝－2，∴m≤2≤m＋1，∴1≤m≤2.21.【答案】(1)要求mx2－mx－1<0恒成立．

当m＝0时，－1<0，显然成立；当m≠0时，应有m<0，Δ＝m2＋4m<0，解得－4<m<0.综上所述，m的取值范围是－4<m≤0.(2)将f(x)<－m＋5变换成不等式m(x2－x＋1)－6<0，则命题等价于当m∈[－2,2]时，g(m)＝m(x2－x＋1)－6<0恒成立．∵x2－x

＋1>0，∴g(m)在[－2,2]上单调递增，∴只要g(2)＝2(x2－x＋1)－6<0即可满足题意，即x2－x－2<0，∴－1<x<2.22.【答案】(1)P(x)＝＋40＋0.05x，由对勾函数的性质得，当＝0.05x，即x＝500时，P(x)有最

小值90.∴P(x)＝＋40＋0.05x，每件产品成本的最小值为90元．(2)设总利润为y元，则y＝xQ(x)－xP(x)＝－0.1x2＋130x－12500＝－0.1(x－650)2＋29750.当x＝650时，ymax＝29750.

故生产650件产品时，总利润最高，最高总利润为29750元．